2025年人教B版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教B版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图，光滑绝缘斜面固定在水平面上，一定质量的带电小球A在斜面上保持静止，小球A与斜面间有平行于斜面的细线相连，带电小球B用绝缘杆固定，AB在同一水平高度，此时斜面对小球A无支持力。现保持B球的水平高度不变，将B球缓慢向左移动一小段距离；则在此过程中（）

A.小球A脱离斜面，细线所受的拉力变大B.小球A脱离斜面，细线所受的拉力变小C.小球A仍在斜面上，细线所受的拉力变大D.小球A仍在斜面上，细线所受的拉力变小2、对公式的理解，下列说法正确的是（）A.此公式适用于计算任何电场中a、b两点间的电势差B.a点和b点间距离越大，则这两点的电势差越大C.公式中的d是指a点和b点之间的距离D.公式中的d是a、b对应两个等势面间的垂直距离3、如图所示，在电场强度E＝2×103V/m的匀强电场中有三点A、M和B，AM＝4cm，MB＝3cm，AB＝5cm，且AM边平行于电场线，把一电荷量q＝2×10－9C的正电荷从B点移动到M点，再从M点移动到A点；电场力做功为（）

A.1.6×10－7JB.1.2×10－7JC.－1.6×10－7JD.－1.2×10－7J4、如图所示；将一个改装的电流表接入电路进行校准，发现待测表的读数比标准表的读数偏大一些，如两表的表头G是相同的，出现的误差可能是下述哪些原因引起的。

①待测表的指针偏转角度偏大②标准表的指针偏转角度偏大。

③所并联的电阻R并偏小④所并联的电阻R并偏大。

以上判断正确的是（）

A.①③B.②④C.①④D.②③5、两电荷量分别为q1和q2的点电荷固定在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中C为ND段电势最低的点；则下列说法正确的是（）

A.q1、q2为等量异种电荷B.N、C两点间场强方向沿x轴负方向C.N、D两点间的电场强度大小沿x轴正方向先减小后增大D.将一正点电荷从N点移到D点，电势能先增大后减小6、真空中某一负点电荷的等势面如图所示；图中相邻等势面间电势差相等．下列说法正确的是（  ）

A.把一负电荷从P点移到Q点电场力做正功B.P点的场强比Q点的场强小C.P点电势比Q点电势高D.一个正电荷在P点的电势能比它在Q点时的电势能大7、在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程。在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，下列说法正确的是（）A.安培发现了电流的热效应，定量得出了电能和热能之间的转换关系。B.牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点C.卡文迪许用扭称实验测出万有引力恒量，由此称他为第一个“测出地球质量”的人D.库仑发现了点电荷的相互作用规律；安培通过油滴实验测定了元电荷的数值8、如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，曲线Ⅲ与直线Ⅰ、Ⅱ相交点的坐标分别为P（5.2，3.5）、Q（6；5）。如果把该小灯泡分别与电源1；电源2单独连接，则下列说法正确的是（）

A.电源1与电源2的内阻之比是3∶2B.电源1与电源2的电动势之比是3∶2C.在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1∶2D.在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是7∶109、带电球体的半径为R，以球心为原点O建立坐标轴x，轴上各点电势随x变化如图所示；下列说法正确的是。

A.球体带负电荷B.球内电场强度最大C.B两点电场强度相同D.正电荷在B点的电势能比C点的大评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r．如果将滑动变阻器的滑片向b端滑动；则灯泡L；电流表A（均未超过限度）的变化正确的是。

A.电流表A示数变小B.电流表A示数变大C.灯泡L变亮D.灯泡L变暗11、雷达是利用无线电波来探测目标方向和距离的一种装置，雷达的天线犹如喊话筒，能使电脉冲的能量集中向某一方向发射；接收机的作用则与人耳相仿，用以接收雷达发射机所发出电脉冲的回波．测速雷达主要是利用多普勒效应原理，可由回波的频率改变数值，计算出目标与雷达的相对速度。以下说法正确的是（）A.雷达发射的是不连续的电磁波B.雷达用的是微波波段的无线电波C.目标离雷达天线而去时，反射信号频率将高于发射信号频率D.目标向雷达天线靠近时，反射信号频率将高于发射信号频率12、关于物理学史，下列说法正确的是（）A.历史上首先命名正负电荷的是美国科学家富兰克林B.电荷量的数值最早是由物理学家密立根测得的C.库仑第一个提出了电场的概念D.库仑通过库仑扭称实验证实了“平方反比”规律适用于点电荷间的力13、在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形abcd，顶点a、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示，若将一个带负电的粒子置于b点，自由释放，粒子将沿着对角线bd往复运动，粒子从b点运动到d点的过程中（）

A.先作匀加速运动，后作匀减速运动B.先从低电势到高电势，后从高电势到低电势C.电势能与机械能之和先增大，后减小D.电势能先减小，后增大14、真空中某区域存在一静电场，其电场线分布如图所示，M、N、Q是以直电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线垂直于MN；下列说法正确的是（）

A.O点电势大于M点电势B.M点场强小于N点的场强C.M、O间的电势差大于O、N间的电势差D.电子沿圆弧运动，电子的电势能增加15、在匀强电场中有一个边长为正六边形区域电场线与六边形所在平面平行，如图所示。已知a、b、h三点的电势分别为一电子（电荷量为e，重力不计）以的初动能从b点沿不同方向射入区域；下列判断正确的是（）

A.匀强电场的电场强度大小为B.d点的电势为C.粒子经过f点时动能为D.粒子可能从b点射出该区域16、金属导电是一个典型的导电模型，值得深入研究。一金属直导线电阻率为若其两端加电压，自由电子将在静电力作用下定向加速，但电子加速运动很短时间就会与晶格碰撞而发生散射，紧接着又定向加速，这个周而复始的过程可简化为电子以速度沿导线方向匀速运动。我们将导线中电流与导线横截面积的比值定义为电流密度，其大小用表示，可以“精细”描述导线中各点电流的强弱。设该导线内电场强度为单位体积内有个自由电子，电子电荷量为电子在导线中定向运动时受到的平均阻力为则下列表达式正确的是（）A.B.C.D.17、在“测定电池的电动势和内阻”的实验中，我们常用图像处理数据。根据某次实验测量数据在坐标系中描出了六个点；如图所示，下列说法正确的是（）

A.用平滑的曲线连接各点得到图像B.绘制图像时，应舍去a点C.得到的图像与U坐标轴的交点值等于电源的电动势D.得到的图像与I坐标轴的交点值等于电源内阻的大小18、如图，当闭合后，一带电微粒（重力不可忽略）在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）

A.保持闭合，使滑动片向左滑动，微粒仍保持静止B.保持闭合，使两极板间距减少，微粒仍保持静止C.打开后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D.打开后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)19、如图所示，有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的粒子，从极板左侧中央以相同的水平速度v先后垂直地射入匀强电场中．分别落在正极板的a、b、c处，粒子所受重力不能忽略，则可知粒子a、b、c三个粒子在电场中的加速度有aa_____ab_____ac（填“”、“”或“”），c粒子__________电（填“带正电”、“带负电”或“不带电”）

20、电源的电动势是反映电源_________的本领的物理量，这个转化过程是通过_______做功来实现。21、（1）电流是矢量，电荷定向移动的方向为电流的方向。（______）

（2）由R＝可知，导体的电阻与导体两端电压成正比，与流过导体的电流成反比。（______）

（3）由ρ＝知，导体的电阻率与导体的电阻和横截面积的乘积成正比，与导体的长度成反比。（______）

（4）公式W＝UIt适用于任何电路求电功。（______）

（5）公式Q＝I2Rt只适用于纯电阻电路求电热。（______）

（6）电流I随时间t变化的图像与时间轴所围面积表示通过导体横截面的电荷量。（______）22、丝绸与玻璃棒摩擦。玻璃棒由于______（选填“得到”或“失去”）电子而带正电；在干燥的天气里，用塑料梳子梳头发时，头发会随着梳子飘起来，这是因为梳子和头发摩擦时分别带______（选填“同种”或“异种”）电荷，互相______的缘故。23、某电荷带电量为C，则该电荷所带电荷量是元电荷的多少倍______。24、某同学将一个带电量为0.1C的正点电荷放入匀强电场中，测得其受到的电场力大小为lN，方向水平向左，则此电场的电场强度大小为______N/C，方向______（填“水平向左”或“水平向右”）。若将另一点电荷放人该电场中，测得其受到的电场力大小为0.5N，则此点电荷的电量大小为______C。25、(1)下表为某电热水壶铭牌上的一部分内容。根据表中的信息；可计算出电热水壶在额定电压下以额定功率工作时的电流约为____________。

。型号。

DF-938

额定功率。

900W

额定电压。

220V

额定容量。

1.2L

。A．6.8AB．4.1AC．1.2AD．0.24A(2)在家庭电路中洗衣机和电冰箱是____________（填串联或并联），节能灯比白炽灯的发光效率____________（填高或低）。26、如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I﹣U关系图象如图乙所示。则电源电压为_______V，R1的阻值是_______Ω。

27、下图是一种利用电磁原理制作的充气泵的结构示意图。当电磁铁通入电流时；可吸引或排斥上部的小磁体，从而带动弹性金属片对橡皮碗下面的气室施加力的作用，达到充气的目的。请回答以下问题：

(1)当电流从电磁铁的接线柱流入时，发现吸引小磁体向下运动，则电磁铁的上端为______极，小磁体的下端为______极；

(2)电磁铁用的铁芯可分为硬磁性材料和软磁性材料。硬磁性材料在磁场撤去后还会有很强的磁性，而软磁性材料在磁场撤去后就没有明显的磁性了。你认为这种铁芯应该用哪种材料制作______？评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)28、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

29、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短30、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

评卷人得分五、实验题(共2题，共12分)31、在“测定金属丝的电阻率”实验中；所用的测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm。

(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，某一次测量结果接近多次测量的平均值如图a所示，其读数为______mm；

(2)用伏安法测金属丝的电阻Rx的阻值约为15Ω)；实验室提供了如下器材：

A.电池组E(电动势为3V；内阻约为1Ω)

B.电流表A1(量程为0～0.6A；内阻约为0.5Ω)

C.电流表A2(量程为0～3A；内阻为0.02Ω)

D.电压表V1(量程为0～3V；内阻约为5kΩ)

E.电压表V2(量程为0～15V；内阻为15kΩ)

F.电阻箱R(阻值范围为0～99.99Ω；额定电流为1A)

G.开关；导线若干。

为使测量尽可能准确，电流表应选用______，电压表应选用______；填器材前的字母标号应采用图b给出的______电路进行测量；

(3)根据记录的电阻箱阻值R及对应电流表示数I和电压表示数U，在坐标纸上作图象如图c所示，根据图象可得金属丝的电阻______(保留两位有效数字

(4)根据以上数据估算金属丝的电阻率约为______填选项前的字母标号

A.4×10−2Ω⋅m

B.4×10−3Ω⋅m

C.4×10−6Ω⋅m

D.4×10−8Ω⋅m

(5)关于本实验的误差，下列说法中正确的是______填选项前的字母标号

A.用螺旋测微器测量金属丝的直径时；由于读数引起的误差属于系统误差。

B.由电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差。

C.若将电流表和电压表内阻计算在内；可以消除由测量仪表引起的系统误差。

D.用图象处理数据求金属丝的电阻可以减小偶然误差。32、①某同学为了测量某阻值约为5Ω的金属棒的电阻率，进行了如下操作：分别使用10分度游标卡尺和螺旋测微器测量金属棒的长度L和直径d，某次测量的示数如题图1和题图2所示，长度L=______mm，直径d=______mm．

②现备有下列器材：待测金属棒：Rx（阻值约5Ω）；电压表：V1（量程3V，内阻约3kΩ）；V2（量程15V，内阻约9kΩ）；电流表：A1（量程0.6A，内阻约0.2Ω）；A2（量程3A；内阻约0.05Ω）；

电源：E1（电动势3V，内阻不计）；滑动变阻器：R1（最大阻值约20Ω）；R2（最大阻值约1000Ω）；开关S；导线若干．

若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电压表应选______，电流表应选______，滑动变阻器应选______（均选填器材代号）．正确选择仪器后请在图3中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接_________．用伏安法测得该电阻的电压和电流，并作出其伏安特性曲线如图4所示，若图象的斜率为k，则该金属棒的电阻率ρ=______．（用题目中所给各个量的对应字母进行表述）评卷人得分六、解答题(共1题，共8分)33、如图，一电荷量带正电的小球，用绝缘细线悬于竖直放置足够大的平行金属板中的点。S合上后，小球静止时，细线与竖直方向的夹角已知两板相距电源电动势内阻电阻取求：

（1）流过电源的电流；

（2）两板间的电场强度的大小；

（3）小球的质量。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【分析】

【详解】

原来斜面对小球A无支持力，由平衡条件可知AB之间为库伦吸引力，现保持B球水平高度不变，将B球缓慢向左移动一小段距离，两球间的距离减小，根据库仑定律知道B球对A球的库仑力逐渐增大，则小球A脱离斜面。小球受到重力；细线的拉力和库仑力三力平衡；可知细线的拉力与重力和库仑力的合力等大反向，随着库仑力增大，重力与库仑力的合力增大，则细线的拉力增大，故A正确，BCD错误。

故选A。2、D【分析】【分析】

【详解】

A．此公式适用于计算匀强电场中a、b两点间的电势差；故A错误；

BC．在同一匀强电场中，d是两点间沿电场线方向的距离；所以只有当两点间沿场强方向的距离越大时，两点间电势差也越大，而不是任意两点间的距离越大，两点间电势差也越大，故BC错误；

D．由于电场线与等势面垂直，两点间沿电场线方向的距离等于a、b所在两个等势面的垂直距离；故D正确。

故选D。3、C【分析】【详解】

由题意可知，B点与M点是等电势，由匀强电场的电势差与电场强度的关系可知UAB=UAM=EdAM=2×103×4×10―2V=80V

正电荷从B点经M点移到A点，电场力做功为WBA=qUBA=―qUAB=―2×10－9×80J=－1.6×10―7J

ABD错误；C正确。

故选C。4、C【分析】【详解】

改装成的电流表（待测表）比标准表的示数偏大，说明流经表头G的电流偏大些，即待测表的指针偏转角度偏大。根据并联电路的特点知，所并联的电阻R并越大；流经表头G的电流越大。故①④符合题意，②③不符合题意。故ABD错误，C正确。

故选C。5、C【分析】【详解】

A．根据q1左侧和q2右侧电势随距离增大而降低可判断两者均为正电荷；故A错误；

B．N、C间的电场方向沿x轴正方向，C点场强为0；故B错误；

C．根据N→D间图线的斜率大小先减小后增大可知；场强先减小到零后反向增大，故C正确；

D．正电荷从N移到D，由Ep＝qφ知；电势能先减小后增大，故D错误。

故选C。6、A【分析】【详解】

AC．负点电荷的等势面是以点电荷为球心的一族球面，负点电荷的电场线方向由无穷远指向点电荷，离点电荷越近，电势越低，等势面越密集，P点电势低于Q点电势，把一负电荷从P点移到Q点电场力做正功；故A正确，C错误；

B．根据等势面的疏密程度可知，P点的电场强度大于Q点的电场强度；故B错误；

D．P点电势低于Q点电势，根据

一个正电荷在P点的电势能比它在Q点时的电势能小；故D错误。

故选A。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．焦耳发现了电流的热效应；定量得出了电能和热能之间的转换关系，故A错误；

B．伽利略应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”的观点；故B错误；

C．卡文迪许用扭称实验测出万有引力恒量；由此称他为第一个“测出地球质量”的人，故C正确；

D．库仑发现了点电荷的相互作用规律；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值；故D错误。

故选C。8、A【分析】【详解】

A．电源1与电源2的内阻之比是

A错误；

B．小灯泡的图像斜率增大；小灯泡的电阻随着电流的增大而增大，B错误；

C．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比

C正确；

D．在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比为

D错误。

故选C。9、D【分析】A、从球出发向两侧电势降低，而电场线从正电荷出发，沿着电场线电势降低，故球带正电荷，故A错误；B、球是等势体，故内部任意两点间的电势为零，故场强为零，故B错误；C、A点与点B的电场强度大小相等，但方向相反，故不同，故C错误；D、从B到C；电势降低，故正电荷电势能降低，故D正确；故选D.

【点睛】本题考查电势与电场强度，关键是明确等势体内部场强为零，知道沿着电场线电势降低.二、多选题(共9题，共18分)10、B:D【分析】试题分析:当滑动变阻器的滑片向b端滑动时；变阻器接入电路的电阻减小，两个电阻串联总电阻减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律知，干路电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，所以灯泡L变暗，电流表A示数变大．故B；D正确．

考点：闭合电路的欧姆定律11、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

雷达发射的是不连续的电磁波；采用微波进行发射．根据多普勒效应，当目标离雷达天线而去时反射信号频率低于发射信号频率，当目标向雷达天线靠近时反射信号频率高于发射信号频率，ABD正确，C错误。

故选ABD。12、A:B:D【分析】【详解】

A．历史上首先命名正负电荷的是美国科学家富兰克林；故A正确；

B．密立根利用油滴实验最早测出了电子的电荷量大小；故B正确；

C．法拉第第一个提出了电场的概念；故C错误；

D．库仑通过库仑扭称实验证实了“平方反比”规律适用于点电荷间的力；故D正确。

故选ABD。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由等量正电荷连线的中垂线上电场分布可知，bd连线上的电场不是匀强电场；由于负电荷受到的电场力是变力，加速度是变化的，A错误；

B．由等量正电荷的电场分布知道，在两电荷连线的中垂线O点的电势最高，所以从b到d；电势是先升高后降低，B正确；

C．由于只有电场力做功；所以只有电势能与动能的相互转化，故电势能与机械能的和守恒，C错误；

D．由b到ac连线的中点O的过程中，电场力做正功，电势能减小，由O到d电场力做负功；电势能增加，D正确；

故选BD。14、C:D【分析】【详解】

A．沿着电场线方向，电势降低，所以O点电势小于M点电势；故A错误；

B．M点电场线较N点电场线密集，所以M点的场强大于N点的场强；故B错误；

C．OM段电场线较ON段电场线密集，而距离上

根据

可知，M、O间的电势差大于O、N间的电势差；故C正确；

D．由图可知，N点的电势小于Q点的电势，则电子在N点的电势能大于在Q点的电势能，故电子沿圆弧运动时；电子的电势能增加，故D正确。

故选CD。15、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据匀强电场电势差的特点，连接bf，等分为四段，每段电势差为4V，可得g点电势为7V，可得该匀强电场的等势线与电场线的分布如图所示，则有匀强电场的电场强度大小为

所以A正确；

B．如图所示，f、d在同一等势线上；电势为-1V，所以B错误；

C．由动能定理可得，粒子经过f点时动能为

联立解得

所以C错误；

D．当粒子沿bh方向射入电场时，粒子在电场力作用下做匀减速直线运动，最后可以返回b点；所以D正确；

故选AD。16、B:C【分析】【详解】

AB．电流的微观表达式

电流密度为

A错误；B正确；

C．由

而

所以

C正确；

D．由题意知，电子在导线中的运动简化为匀速运动，则

D错误。

故选BC。17、B:C【分析】【详解】

AB．根据描点法画图像时；应用直线连接，使尽可能多的点在直线上，不在直线上的点均匀分布在直线两侧，舍去明显偏离直线的点，故B正确，A错误；

C．得到的图像与U坐标轴的交点为断路时的路端电压；即电源电动势，故C正确；

D．得到的图像与I坐标轴的交点值等于短路时的电流；故D错误。

故选BC。18、A:D【分析】【详解】

A、因为在直流电路中，电容器的电阻相当于无穷大，所以电路中没有电流通过，使滑动片向左；右滑动；对整个电路没有影响，所以带电微粒仍然处于静止状态，故A项正确，B项错误；

C、打开之后，不变，亦是一个定值；所以电场力和重力仍然相等，微粒仍然保持静止状态，故C项错误，D项正确．

点睛：本题关键要抓住不变量进行分析：电容器与电源保持相连，板间电压保持不变；充电后与电源断开后，电量不变．电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变．三、填空题(共9题，共18分)19、略

【分析】【分析】

不带电的粒子在电场中做平抛运动；带正电和带负电的粒子在电场中做类平抛运动，粒子在垂直电场方向做匀速直线运动，平行于电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，根据垂直电场方向位移的大小可以判断运动时间的大小，再根据电场方向的初速度为0的匀加速直线运动求得加速大小关系，并由加速度大小关系确定电场力的方向即电荷的种类．

【详解】

[1][2]．由题意知带电粒子在电场中做类平抛运动，不带电粒子做平抛运动可知，垂直电场方向做匀速直线运动，平行电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，由图可知a在垂直电场方向的位移最大，c最小，故可知，在电场中的运动时间满足：ta＞tb＞tc，在平行电场方向粒子做初速度为0的匀加速直线运动，因为位移相同，则根据位移时间关系h＝at2得粒子的加速度a=因为ta＞tb＞tc，h相同，故有aa＜ab＜ac．

[3]．粒子在电场中合外力为电场力和重力的合力，由题意知电场方向竖直向上，故正电荷在电场中受电场力方向与重力方向相反，合力小于重力，故其加速度a小于重力加速度，负电荷受力方向与电场方向相反即竖直向下，其合力大于重力，故其加速度大于重力加速度．不带电粒子只受重力，其加速度为重力加速度，由于aa＜ab＜ac，所以可以判断，c带负电，b不带电，a带正电．

【点睛】

掌握正确确定电场的方向，在电场中能正确的对粒子进行受力分析，能使用平抛知识处理类平抛运动的问题是解决本题的关键．【解析】<<c粒子带负电20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量；

[2]电动势的转化过程是通过非静电力做功来实现。

【点睛】【解析】把其他形式能转化为电能非静电力21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）电流虽然有方向；但是不符合平行四边形定则，是标量，故错误；

（2）导体的电阻是自身的性质；与导体两端的电压，通过导体的电流无关，故错误；

（3）导体的电阻率是自身的性质；与导体的电阻和横截面积的无关，与导体的长度无关，故错误；

（4）公式W＝UIt适用于任何电路求电功；故正确；

（5）公式Q＝I2Rt只适用于所有电路求电热；故错误；

（6）电流I随时间t变化的图像与时间轴所围面积表示通过导体横截面的电荷量，故正确。【解析】×××√×√22、略

【分析】【详解】

[1]丝绸与玻璃棒摩擦。玻璃棒由于失去电子而带正电；

[2]在干燥的天气里，用塑料梳子梳头发时，头发会随着梳子飘起来，这是因为梳子和头发摩擦时分别带异种电荷，互相吸引的缘故。【解析】失去异性吸引23、略

【分析】【详解】

元电荷则【解析】24、略

【分析】【详解】

[1]由电场强度定义可得

[2]由电场强度方向与正电荷受力方向相同可知；此电场强度方向水平向左。

[3]该电荷的电荷量为【解析】10水平向左0.0525、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据表中的信息，可知电热水壶的电压为220V，功率为900W，根据P=UI

可得以额定功率工作时的电流为

故B正确；ACD错误。

故选B。

（2）[2]家庭电路中；各个用电器之间都是并联的，所以洗衣机和电冰箱并联；

[3]节能灯把电能主要转化为光能，白炽灯则主要转化为热能，所以节能灯发光效率高。【解析】B并联高26、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由电路图可知与串联，电压表测两端的电压，测两端的电压；电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小；

由图象可知，电路中的最小电流

两端的电压

两端的电压

因串联电路中总电压等于各分压之和，所以电源电压

由

可得定值电阻的阻值为【解析】①.18②.2027、略

【分析】【详解】

（1）[1]当电流从电磁铁的接线柱A流入时；从上向下看电流是顺时针方向，根据右手螺旋定则可知电磁铁的下端为N极，上端为S极。

[2]由异性相吸可知下端为N极。

（2）[3]根据电磁铁的工作要求，当没有电流时，要让铁芯失去磁性，当通电时，要有磁性，因此种铁芯最好用软磁性材料制作。【解析】①.S②.N③.软磁性材料四、作图题(共3题，共21分)28、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】29、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感