2025年粤教版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示为空腔球形导体（不带电），现将一个带正电的小金属球放入腔内，静电平衡时，图中A、B、C三点的电场强度E的关系是（）

A.B.C.D.2、沿电场中某条直电场线方向建立x轴，该电场线上各点电场强度E随x的变化规律如图所示，坐标原点O、x1、x2和x3分别与x轴上O、A、B、C四点相对应，相邻两点间距相等。一个带正电的粒子从O点由静止释放，运动到A点的动能为Ek；仅考虑电场力作用，则（）

A.从O点到C点，电势先升高后降低B.粒子先做匀加速运动，后做变加速运动C.粒子在AB段电势能变化量大于BC段电势能变化量D.粒子在AB段电势能变化量小于BC段电势能变化量3、如图所示；带电小球A固定在绝缘支架上，在A球的正上方有一个理想的定滑轮，另一个带电小球B用一绝缘细线通过滑轮拉住处于静止状态，现用力缓慢拉小球B，使小球逐渐的升高，则小球在到达A球的正上方之前的运动为（）

A.沿细线方向的直线运动B.以球A为圆心的圆弧运动C.将向球A靠近的运动D.将远离球A的曲线运动4、真空中两个固定点电荷之间的静电力大小为F，现将其中一个点电荷的电荷量变为原来的3倍，其他条件不变，它们之间的静电力大小变为（）A.B.C.D.5、如图所示，将不带电的绝缘枕形导体P放在正电荷Q的电场中，导体P的a、b两端分别带上了感应负电荷与等量的感应正电荷，另外导体内部还有两点c、d；则以下说法正确的是（）

A.导体上a、b两端的电势高低关系是a>bB.导体上a、b两端的电势高低关系是a<bC.导体内部c、d两点的场强大小关系是Ec>Ed=0D.感应电荷在导体内部c、d两点产生的场强大小关系是Ec＞Ed≠06、将一正电荷从无限远处移入电场中的M点，电势能减少了8.0×10－9J，若将另一等量的负电荷从无限远处移入电场中的N点，电势能增加了9.0×10－9J，则下列判断中正确的是（）A.B.C.D.7、三个带电荷量均为Q的点电荷形成的电场如图所示，A、B、C是电场中的三个点，设三点电场强度的大小分别为EA、EB、EC，三点的电势分别为下列说法正确的是（）

A.三个点电荷的电性不相同B.A、B、C三点电场强度大小EA>EB>ECC.A、B两点电势>D.A、B两点不在同一电场线上，电势高低无法判定8、在光滑的水平面内有一沿x轴的静电场，其电势φ随x变化的φ－x图像如图所示。现有一质量为m、电荷量为q的带负电小球，从坐标原点O开始，仅在电场力作用下，以一定的初速度沿x轴正向运动；下列说法中正确的是（）

A.带电小球从O点运动到处的过程中，加速度逐渐增大B.带电小球从O点运动到的过程中，电场力的冲量为零C.带电小球从O点运动到的过程中，最大速度为D.带电小球从O点运动到x2点时速度为9、如图所示的电路中，当开关闭合时，灯L1、L2均不亮；理想电流表无示数，理想电压表有示数，不计电源内阻。则故障原因可能是（）

A.L1短路B.L2短路C.L1断路D.L2断路评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)10、如图，纸面内有两条互相垂直的长直绝缘导线L1、L2，L1中的电流方向向左，L2中的电流方向向上；L1的正上方有a、b两点，它们相对于L2对称。L1、L2所在区域处于磁感应强度大小为B0，方向垂直于纸面向外的匀强磁场中。已知a、b两点的磁感应强度大小分别为和方向也垂直于纸面向外，()

A.流经L1的电流在b点产生的磁感应强度大小为B.流经L1的电流在a点产生的磁感应强度大小为C.流经L2的电流在b点产生的磁感应强度大小为D.流经L2的电流在a点产生的磁感应强度大小为11、水平放置的光滑绝缘环上套有三个带电小球，小球可在环上自由移动。如图所示是小球平衡后的可能位置。图甲中三个小球构成一个钝角三角形，A点是钝角的顶点。图乙中三个小球构成一个锐角三角形，其中三角形边长下列说法正确的是（）

A.图甲中B两个小球一定带异种电荷B.图甲中三个小球一定带等量电荷C.图乙中三个小球一定带同种电荷D.图乙中三个小球带电荷量的大小为12、图中展示了等量异种点电荷的电场和等势面。关于场中的A、四点，A、两点关于两电荷连线的中点对称；下列说法中正确的是（）

A.A、两点的电势和场强都相同B.A、两点的场强相同，电势不同C.中垂线上的两点的电势和场强都不同D.中垂线上的两点的电势相同，场强不同13、如图为某空间的电场线分布情况，M、N为电场中的两个点；则下列说法正确的是（）

A.M点的电场强度大于N点的电场强度B.M点的电势高于N点的电势C.把正电荷从M点移到N点的电场力做正功D.负电荷从N点由静止释放，将沿电场线运动到M点14、如图所示，M、N处各放置电荷量为q的正点电荷，O为正方形abcd的中心且与MN连线中点重合，对角线ac与MN垂直；取无穷远处电势为零，则（）

A.b、d两点场强相同，电势相等B.O点电势不为零，场强为零C.将质子沿a→O→c移动，电势能先增加后减少D.将电子沿a→b→c移动，电场力先做负功，再做正功15、如图所示，空间中存在着匀强电场，长方体中是边长为1m的正方形，棱AB长2m，E、F为棱AB、CD的中点，为棱的中点。已知电势则下列说法正确的是（  ）

A.电场强度方向与CE连线平行B.电场强度大小为C.B、两点的电势差与A、E两点的电势差相同D.把0.1C正电荷从D点移到B点，电场力做功-0.2J评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、知识点3电荷守恒定律

表述一：电荷既不会___________，也不会___________，它只能从物体的一部分转移到___________，或者从一个物体转移到___________。在转移的过程中，电荷的总量___________。

表述二：一个与外界没有电荷交换的系统，电荷的代数和___________。17、如图所示为密立根油滴实验示意图。实验中要设法使带负电的油滴悬浮在电场之中。若在实验中观察到某一个带负电的油滴向下加速运动。在该油滴向下运动的过程中，电场力________（填“做正功”、“做负功”或“不做功”），重力势能的减少量___________动能的增加量。（填“大于”；“小于”或“等于”）

18、表头的满偏电压和满偏电流一般都比较小，测量较大的电压或电流时要把它改装成较大量程的电压表或电流表。现有一个量程内阻为的表头G。

（1）若要把此表头改装成量程为3V的电压表，应串联一个阻值为______的电阻；

（2）若要把此表头改装成量程为10mA的电流表，应并联个阻值为______的电阻；

（3）若将此表头改装成有两个量程的电流表，如图所示，则使用A、B两个端点时，量程______选填“较大”或“较小”

19、路端电压U与电流I的关系：

（1）路端电压U与电流I的函数关系式：U=_______。

（2）图像：如图所示，该直线与纵轴交点的纵坐标表示_______，斜率的绝对值表示电源的_______。

20、判断下列说法的正误。

（1）黑体一定是黑色的物体。____

（2）能吸收各种电磁波而不反射电磁波的物体叫黑体。____

（3）温度越高，黑体辐射电磁波的强度越大。____

（4）能量子的能量不是任意的，其大小与带电微粒的振动频率成正比。____

（5）黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关，与材料的种类及表面状况无关。____评卷人得分四、实验题(共2题，共6分)21、如图所示为探究平行板电容器电容大小决定因素的实验．给电容器充电后与电源断开；即保持电量不变，则(填“变小”；“变大”或“不变”)

(1)甲图将B板上移，静电计指针偏角_______，电容器的电容________；

(2)乙图将B板左移，静电计指针偏角_______，电容器的电容________；22、小明同学尝试测量电瓶车上蓄电池的电动势和内阻，并探究滑动变阻器消耗的功率P。

（1）已知电源内阻比较小，移动滑动变阻器滑片时，为了使电压表示数变化比较明显，小明在思考后将的定值电阻串入电路中，如图甲中的___________（选填“A”或“B”）；解决了问题。

（2）选定设计的实验电路，多次调节滑动变阻器R阻值，读出相应的电压表和电流表示数U和I，由将测得的数据描绘出如图乙所示的图像。蓄电池的内阻___________滑动变阻器R消耗的最大功率为___________W（结果均保留2位有效数字）。

（3）该同学分析了实验中由电表内阻引起的实验误差。下图中，实线是根据本实验的数据描点作图得到的图像：虚线是该中源在没有电表内阻影响的理想情况下所对应的图像。则可能正确的是___________

A．B．

C．D．评卷人得分五、解答题(共4题，共8分)23、如图所示，竖直平面内有一矩形区域abcd，ab边长为2l，bc边长为边cd、ab的中点分别是e、f，ad边与水平面的夹角θ=30°，矩形区域内有大小为E、方向平行ab向上的匀强电场。一个带正电粒子从e点以平行于ef连线方向进入该矩形区域，粒子的比荷为不计粒子的重力。

（1）若使粒子恰好从b点离开电场区域；求粒子进入电场的速度大小；

（2）若使粒子从ab边以平行于水平面方向离开电场区域；求粒子进入电场的速度大小。

24、无处不在的引力场；构建出一幅和谐而神秘的宇宙图景。

（1）地球附近的物体处在地球产生的引力场中。地球可视为质量分布均匀的球体。已知地球的质量为M，引力常量为G。请类比电场强度的定义，写出距地心r处的引力场强度g的表达式。（已知r大于地球半径，结果用M、G和r表示）

（2）物体处于引力场中；就像电荷在电场中具有电势能一样，具有引力势能。

中国科学院南极天文中心的巡天望远镜追踪到由孤立的双中子星合并时产生的引力波。已知该双中子星的质量分别为且保持不变。在短时间内，可认为双中子星绕二者连线上的某一点做匀速圆周运动。请分析说明在合并过程中，该双中子星系统的引力势能、运动的周期T如何变化。

（3）我们可以在无法获知银河系总质量的情况下，研究太阳在银河系中所具有的引力势能。通过天文观测距银心（即银河系的中心）为r处的物质绕银心的旋转速度为v，根据可得到银河系在该处的引力场强度g的数值，并作出图像，如图所示。已知太阳的质量太阳距离银心

a．某同学根据表达式认为：引力场强度g的大小与物质绕银心的旋转速度成正比，与到银心的距离r成反比。请定性分析说明该同学的观点是否正确。

b．将物质距银心无穷远处的引力势能规定为零，请利用题中信息估算太阳所具有的引力势能

25、绝缘粗糙的水平面上相距为6L的A、B两处分别固定电荷量不等的正电荷，两电荷的位置坐标如图甲所示，已知A处电荷的电荷量为+Q。图乙是A、B连线之间的电势与位置之间的关系图像，图中点对应图线的最低点，处的纵坐标处的纵坐标若在处的C点由静止释放一个质量为电荷量为+q的带电物块（可视为质点）；物块随即向右运动（假设此带电物块不影响原电场分布）。求：

(1)固定在B处的电荷的电荷量QB；

(2)小物块与水平面间的动摩擦因数为多大，才能使小物块恰好到达处？

(3)若小物块与水平面间的动摩擦因数小物块运动到何处时速度最大？

26、在如图所示的电路中，定值电阻R1=1.4R2=0.5电源内阻r=0.6电容器的电容C=100当开关S断开时，电容器上容纳的电荷量Q=3×10−4C，理想电流表的示数I=1.5A。求：

(1)电阻R3的阻值；

(2)电源的电动势E及电源的效率；

(3)当S闭合、电路稳定后，电容器上容纳的电荷量

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【详解】

当静电平衡时；空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷，画出电场线的分布如图。

根据电场线越密，场强越大。由于A处电场线较密，B处电场线较疏，C处场强为零，则故BCD错误，A正确。

故选A。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．由题可知，电场方向沿x轴正方向，由O点到C点；沿电场线方向，电势逐渐降低，A项错误；

B．带正电的粒子所受电场力与速度方向一致，所以粒子一直做加速直线运动，在O~x1段电场强度逐渐变大，带电粒子所受电场力逐渐变大，故粒子在OA段做加速度增大的变加速直线运动；B项错误；

CD．E－x图像中图线与坐标轴所围面积代表电势差，可知AB段的电势差大于BC段的电势差；故电场力做功。

由电场力做功与电势能变化的关系得，粒子在AB段电势能变化量大于BC段的电势能变化量；C项正确，D项错误。

故选C。3、B【分析】【分析】

【详解】

球的受力如图所示，根据相似三角形的特点得

因此不变，故球的运动轨道是以球为圆心的圆弧．

故选B。

4、C【分析】【分析】

【详解】

真空中两个固定点电荷之间的静电力大小为

现将其中一个点电荷的电荷量变为原来的3倍，其他条件不变，它们之间的静电力大小变为

故选C。5、D【分析】【分析】

【详解】

AB．处于静电平衡的导体是个等势体；电势处处相等，所以AB错误；

C．处于静电平衡的导体内部的合场强处处为0；所以C错误；

D．处于静电平衡的导体内部的合场强处处为0，则感应电荷在导体内部c、d两点产生的场强大小与正电荷Q在c、d两点产生的场强大小相等，正电荷Q在c的场强大于在d点的场强，则感应电荷在导体内部c、d两点产生的场强大小关系是Ec＞Ed≠0；所以D正确；

故选D。6、C【分析】【分析】

【详解】

取无限远处电势为零，则正电荷在M点的电势能为负电荷在N点的电势能为由。

知，M点的电势。

N点的电势。

且。

则。

故C正确；ABD错误。

故选C。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．由图中电场线分布可知；三个点电荷的电性相同，均带正电荷，故A错误；

B．由电场线疏密可判断，A、B、C三点电场强度大小。

EC>EA>EB故B错误；

CD．沿着电场线方向电势逐渐降低，则A、B两点电势。

A>B故C正确；D错误；

故选C。8、B【分析】【详解】

A．由

可知φ－x图像中，斜率等于电场强度，在带电小球从O点运动到处的过程中，斜率不变，电场强度不变，由

知，粒子所受电场力保持不变，所以加速度不变；故A错误；

BD．带电小球从O点运动到的过程中，电势差为零，电场力做功为零，小球的动能变化为零，故速度变化为零，即电荷在O点和x2处的速度相同，都是v0，由

可知；电场力冲量为零，故B正确D错误；

C．由图可知0~过程，电场力做正功，~过程，电场力做负功，故处速度最大有

可解得

故C错误。

故选B。9、C【分析】【详解】

当开关闭合时，灯L1、L2均不亮，理想电流表无示数，由实物连接电路可知，故障应是电路中某一处发生断路；若L1断路，则电压表正、负极分别与电源正、负极接通，电压表有示数；若L2断路；则电压表正；负极都与电源负极断开，电压表无示数。

故选C。二、多选题(共6题，共12分)10、B:D【分析】【分析】

根据右手螺旋定则来判定两直导线在a、b两处的磁场方向；再结合矢量的叠加法则，即可求解。

【详解】

整个系统处于匀强外磁场中，外磁场的磁感应强度大小为B0，方向垂直于纸面向外，且a、b两点的磁感应强度大小分别为和方向也垂于纸面向外；

根据右手螺旋定则，L1直导线电流，在a、b两点磁场方向垂直纸面向里；大小相等；

同理，L2直导线的电流，在a点磁场方向垂直纸面向里，在b点磁场方向垂直纸面向外；但两点的磁场大小相等；

依据矢量叠加法则，则有：B0-B2-B1=

B0+B2-B1=

联立上式，可解得：

故选：BD。

【点睛】

考查右手螺旋定则的应用，掌握矢量的合成法则，注意对称位置的磁场大小是相等的。11、A:C【分析】【详解】

AB．由于圆环光滑，因此圆环对小球的弹力一定沿半径方向指向圆心或背离圆心，因而每个小球受其他两个小球的库仑力的合力必须沿半径方向背离圆心或指向圆心。对题图甲中的C球受力分析，若A、B两球带同种电荷，则A、B两球对C球产生的库仑力的合力不可能沿半径方向背离圆心或指向圆心，因此A、B两球一定带异种电荷，钝角三角形ABC的角度大小未知；三小球不一定带等量电荷，A正确，B错误；

C．对E；D、F三小球分别进行受力分析；要保持平衡，三小球必须带同种电荷，C正确；

D．对D球受力分析如图所示，为计算方便，设

则有

由几何知识可知

所以有

同理对F球受力分析可得

对E球受力分析可得

综上所述有

D错误。

故选AC。

12、B:D【分析】【详解】

AB．等量异种点电荷的电场左右对称，所以A、两点的场强大小相等；沿电场线方向电势降落，所以A点的电势高于点的电势；故A错误，B正确；

CD．等量异种点电荷的电场的中垂线是一个等势面，电势与无穷远处的电势相同，所以两点的电势相同；点的电场线比较密，所以得的场强比较大；故C错误，D正确。

故选BD。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．电场线的疏密反映电场强度的相对大小，电场线越密，场强越大。由电场线的疏密可知，M点的场强小于N点的场强；故A错误；

B．沿着电场线，电势是降低的，所以M点的电势高于N点的电势；故B正确；

C．正电荷在电势高处电势能大，则一个正点电荷在M点的电势能大于在N点的电势能，故把正电荷从M点移到N点电势能减小；电场力做正功，故C正确；

D．负电荷受力方向为电场线的切线方向；故不会沿电场线运动，故D错误。

故选BC。14、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．等量同种电荷等势面对称性可知，b点与d点的电势相等；电场强度大小相等，方向相反，故A错误；

B．根据对称性，O点场强为零，取无穷远处电势为零，O点的电势大于0；故B正确；

C．根据等量同种电荷电场线的分布，aOc上电场的方向是：O到a和O到c，所以质子从a到c；电场力先做负功，后做正功，则电势能先增大后减小，故C正确；

D．根据等量同种电荷电场线的分布与等势面分布情况，b点的电势高于ac两点的电势，所以电子沿路径a→b→c；电势能先减小后增加，电场力先做正功，后做负功，故D错误。

故选BC。15、B:D【分析】【详解】

A．根据匀强电场特点，平行等距的两线段电势差相等，则UAE=UEB=UFC

解得

同理可得

EDF1B1等势面如图所示，则电场强度方向应该是过点F做EDF1B1平面的垂线；故A错误；

B．场强沿FD方向的分量为

同理场强沿FF1、FE方向的分量均为故电场强度大小为

故B正确；

C．B、F1两点的电势差UBF1为2V，A、E两点的电势差UAE为-2V；故C错误；

D．把0.1C正电荷从D点移到B点，电场力做功为

故D正确。

故选BD。三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【详解】

略【解析】①.创生②.消灭③.另一部分④.另一个物体⑤.保持不变⑥.保持不变17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]油滴带负电，受到的电场力向上，与移动方向相反，电场力做负功，由动能定理

可知重力做功大于动能的增加量，则重力势能的减少量大于动能的增加量。【解析】负功大于18、略

【分析】【详解】

（1）[1]若将此表头改装成量程为的电压表，由欧姆定律知

代入数据得

（2）[2]若将此表头改装成量程为

的电流表，由欧姆定律可知

代入数据得

（3）[3]把表头改装成电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值越小，改装后电流表的量程越大，由图示电路可知，使用A、B两个端点时并联分流电阻阻值较小，此时电流表量程较大。【解析】135037.5较大19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]路端电压U与电流I的函数关系式

（2）[2][3]图像：如图所示，该直线与纵轴交点的纵坐标表示电动势，斜率的绝对值表示电源的内阻。【解析】①.②.电动势③.内阻20、略

【解析】①.错误②.正确③.正确④.正确⑤.正确四、实验题(共2题，共6分)21、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]甲图将B板上移，即两极板正对面积减小，根据电容的决定式电容C变小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U变大；即静电计指针偏角变大；

(2)[3][4]乙图将B板左移，即板间距离d增大，根据电容的决定式电容C变小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U变大，即静电计指针偏角变大；【解析】变大变小变大变小22、略

【分析】【详解】

（1）[1]图甲的闭合电路欧姆定律

可知U值变化较小是由于r太小；串联电阻应置于干路。

故选A。

（2）[2]加电阻后测量电路图为A图，其闭合电路欧姆定律为

图乙中图线的纵截距表示电动势

斜率绝对值表示图线斜率绝对值为

解得

[3]加电阻后，设

则对于滑动变阻器的功率有

整理得

由该式子可知，当滑动变阻器的阻值时，滑动变阻器消耗的功率最大。带入数据，整理得

（3）[4]由电路图可知，由于电压表的分流作用，电流的测量值小于真实值，因此虚线在实线的上方，当电压表示数为零时，电流测量值与真实值相等，因此虚线与实线在I轴相交；ABD错误，C正确。

故选C【解析】AC五、解答题(共4题，共8分)23、略