2025年教科新版高三物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年教科新版高三物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、（2016春•唐山校级月考）2012年6月16日，刘旺、景海鹏、刘洋三名宇航员搭乘“神舟九号”飞船飞向太空．6月24日执行手动载人交汇对接任务后，于29日10时03分乘返回舱安全返回．返回舱在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，如图所示．关于返回舱的运动，下列说法中正确的有（）A.飞船在轨道Ⅰ上经过A时需向运动的反方向喷气才能进入椭圆轨道ⅡB.飞船变轨后机械能增大C.飞船在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期D.正常运行时，飞船在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度2、下列物理量中是标量的是（）A.路程B.位移C.平均速度D.加速度3、如图所示，半径为R的环形塑料管竖直放置，AB为该环的水平直径，且管的内径远小于环的半径，环的直径AB及其以下部分处于水平向左的匀强电场中，管的内壁光滑，现将一质量为m，带电荷量为+q的小球从管中A点由静止释放，已知qE=mg，以下说法正确的是（）A.小球释放后，到达最低点D时速度最大B.小球释放后，第一次经过最低点D和最高点C时对管壁的压力之比为5：1C.小球释放后，到达B点时速度为零，并在BDA间往复运动D.小球释放后，第一次和第二次经过最高点C时对管壁的压力之比为1：1且方向相同4、【题文】如图，长方体玻璃水槽中盛有NaCl的水溶液，在水槽左、右侧壁内侧各装一导体片，使溶液中通入沿x轴正向的电流I，沿y轴正向加恒定的匀强磁场B．图中a、b是垂直于z轴方向上水槽的前后两内侧面（）

A.a处电势高于b处电势。

B.a处离子浓度大于b处离子浓度。

C.溶液的上表面电势高于下表面的电势。

D.溶液的上表面处的离子浓度大于下表面处的离子浓度5、关于磁通量下列说法正确的是()A.磁通量不仅有大小而且有方向，所以是矢量B.磁通量越大，磁感应强度越大C.过某一平面的磁通量为零，该处磁感应强度不一定为零D.磁通量就是磁感应强度6、如图所示，两个相同的小物体P

、Q

静止在斜面上，P

与Q

之间的弹簧A

处于伸长状态，Q

与挡板间的弹簧B

处于压缩状态，则以下判断正确的是A.撤去弹簧A

，物体P

将下滑，物体Q

将静止B.撤去弹簧A

，弹簧B

的弹力将变小C.撤去弹簧B

，弹簧A

的弹力将变小D.撤去弹簧B

，两个物体均保持静止7、如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，当开关S闭合时，电流表和电压表读数的变化是（）A.两表读数均变大B.两表读数均变小C.电流表读数增大，电压表读数减小D.电流表读数减小，电压表读数增大评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)8、某实验小组为了测定某一标准圆柱形导体的电阻率；进行如下实验：

①首先用多用电表进行了电阻测量；主要实验步骤如下：

A．把选择开关扳到“×10”的欧姆挡上；

B．把表笔插入测试插孔中；先把两根表笔相接触，旋转欧姆调零旋钮，使指针指在电阻刻度的零位上；

C．把两根表笔分别与圆柱形导体的两端相接；发现这时指针偏转较大；

D．换用“×100”的欧姆挡进行测量；随即记下欧姆数值；

E．把表笔从测试笔插孔中拔出后；将选择开关旋至OFF，把多用电表放回原处．

上述实验中有二处操作错误：

错误一：____．

错误二：____．

②分别用游标卡尺和螺旋测微器对圆柱形导体的长度L和直径d进行测量，结果如图1所示，其读数分别是L=____mm，d=____mm．

③为使实验更准确，又采用伏安法进行了电阻测量，右面两个电路方案中，应选择图2中的____．用实验中读取电压表和电流表的示数U、I和②中读取的L、d，计算电阻率的表达式为ρ=____．9、人们经常用指针式万用表来对电容器进行简易检测．对下列各检侧结果作简要评价：

（1）如果表针先向右偏转，然后向左回摆到底（阻值无穷大处），一般表明电容器____

（2）如果表针向左回摆不到底，而是停在某一刻度上，则表明电容器____

（3）如果表针向右偏转到欧姆零位后不再回摆，则表明电容器____

（4）如果表针无偏转和问转，通常是因为____．10、电路中有一段导体，给它加上3V的电压时，通过它的电流为2mA，可知这段导体的电阻为____Ω；如果给它两端加2V的电压，则通过它的电流为____mA；如果在它两端不加电压，它的电阻为____Ω．11、（2011秋•白银区校级期中）电阻R1、R2、R3的伏安特性曲线如图所示，若将它们串联后接入电路，则它们的电压之比U1：U2：U3=____．若将它们并联后接入电路，则它们消耗的电功率之比P1：P2：P3=____．12、（2012秋•越城区校级月考）光滑斜面的倾角为300，有两个相同的小球，分别用光滑挡板A、B挡住，挡板A沿竖直方向，挡板B垂直斜面．则两挡板对小球1、2的弹力大小之比为____；斜面受到1、2两小球压力大小之比为____．13、（2013•蒙城县一模）吃过柚子的人恐怕都有这样的体会：“柚子好吃却难闻”．倘若将一根细绳沿缝隙绕在柚子的果肉上，把两端绳头往中间拉，就可以轻松解决开柚子的难题了（如图）．这个小窍门事实上就是通过____的方法来____压强的（第二空填“增大”或“减小”）．14、质量为1kg的物体自足够高处自由落下（不计空气阻力），g取10m/s2，在下落3s的时间内物体下落的高度为____m，在下落3s的时间内重力对物体所做的功为____J，在下落3s的时间内重力对物体做功的功率为____W，第3s末重力对物体做功的功率为____W．15、直升机从静止开始做匀加速直线运动，起飞时的速度为v，所用时间为t，滑行距离为s，则直升机滑行距离时的速度为____．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)16、狭义相对论认为真空中的光速在不同的惯性参考系中是不同的____（判断对错）17、在磁场中任一点，小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．____．（判断对错）18、物体运动的方向必与物体所受合外力的方向一致．____（判断对错）19、因为汽车刹车时的速度越大滑的越远，所以速度大的物体惯性大．____（判断对错）20、几个不同阻值的电阻并联后，其总电阻等于各电阻之和．____．（判断对错）评卷人得分四、计算题(共1题，共8分)21、如图，水平桌面上有一轻弹簧，左端固定在A点，自然状态时其右端位于B点．水平桌面右侧有一竖直放置的轨道MNP，其形状为半径R=1.0m的圆环剪去了左上角120°的圆弧，MN为其竖直直径，P点到桌面的竖直距离是h=2.4m．用质量m1=0.4kg的物块将弹簧缓慢压缩到C点，释放后弹簧恢复原长时物块恰停止在B点．用同种材料、质量为m2=0.2kg的物块将弹簧缓慢压缩到C点释放，物块过B点后做匀变速运动其位移与时间的关系为s=6t-2t2，物块飞离桌面后恰好由P点沿切线落入圆轨道．(不计空气阻力，g取10m/s2，sin60°=

cos60°=)求：

(1)物块m2过B点时的瞬时速度vB及与桌面间的滑动摩擦因数μ．

(2)若轨道MNP光滑，小球经过轨道最低点N时对轨道的压力FN．

(3)若小球刚好能到达轨道最高点M，则释放后m2运动过程中克服摩擦力做的功W．评卷人得分五、简答题(共1题，共5分)22、有机物rm{G(}rm{)}是一种调香香精，可用作抗氧剂，工业上合成它的路线图之一如下：rm{(1)A}中官能团的名称是_____，rm{B隆煤C}的反应类型为_________。rm{(2)G}分子中一定共平面的碳原子有______个。rm{(3)}反应rm{F隆煤G}中消耗的rm{F}与rm{CH_{3}MgBr}的物质的量之比为______，rm{B}在浓硫酸存在下加热可通过一步反应得到rm{E}物质，但合成不采用此方法，其原因是_____。rm{(4)C隆煤D}的化学方程式为_______________。rm{(5)E}有多种同分异构体，其中满足下列条件的同分异构体有_____种，写出核磁共振氢谱有rm{4}个吸收蜂的物质的结构简式：_____。rm{垄脵}含有一个六元环rm{垄脷1mol}同分异构体与足量银氨溶液发生银镜反应生成rm{4molAg}rm{(6)}已知rm{A}转化为rm{B}的原理与rm{F}转化为rm{G}的相似，请设计以rm{A}为起始原料rm{(}其他试剂任选rm{)}制备的合成路线______________。评卷人得分六、证明题(共1题，共3分)23、宇航员驾驶一飞船在靠近某行星表面附近的圆形轨道上运行，已知飞船运行的周期为T，行星的平均密度为试证明（万有引力恒量G为已知，是恒量）参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】绕地球做圆周运动时万有引力提供圆周运动向心力，绕地球做椭圆轨道运动时，在近地点卫星将做离心运动，在远地点卫星将开始做近心运动，由此判断卫星在不同轨道上经过同一点时的速度大小即可．【解析】【解答】解：A；在轨道Ⅱ上经过A点；由于万有引力大于向心力，会靠近地球运动，在轨道I上经过A点时，万有引力等于向心力，做圆周运动，根据万有引力相同可知在轨道II上经过A的速度小于在轨道I上经过A的速度，飞船变轨后机械能减小，所以飞船在轨道Ⅰ上经过A时需向运动的运动的方向喷气才能进入椭圆轨道Ⅱ．故A错误，B错误；

C、根据开普勒第三定律，有：=k；所以飞船在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期．故C正确；

D；在A点的加速度都是由万有引力产生的；在两个轨道上经过A点时，地球对返回舱的万有引力相同，故加速度相等，故D错误．

故选：C．2、A【分析】【分析】只有大小、没有方向，运算时遵守代数运算法则的量是标量，分析各选项所示物理，然后答题．【解析】【解答】解：A；路程只有大小；没有方向，是标量，故A正确；

B；位移既有大小；又有方向，运算时遵守平行四边形定则，是矢量，故B错误；

C；平均速度既有大小；又有方向，运算时遵守平行四边形定则，是矢量，故C错误；

D；加速度既有大小；又有方向，运算时遵守平行四边形定则，是矢量，故D错误；

故选：A．3、B【分析】【分析】小球运动过程中，受到重力、支持力和电场力，只有重力和电场力做功；其中重力做功等于重力势能的减小量，电场力做的功等于电势能的减小量，根据功能关系、向心力公式和牛顿第二定律列式分析．【解析】【解答】解：A；当小球重力和电场力的合力正好沿半径方向时；小球的速度最大，所以速度最大点在D点的左侧，故A错误；

B、第一次过D点时，根据动能定理，有mgR+qER=①

根据向心力公式，有N1D-mg=m②

解得

N1D=5mg

第一次过C点；根据向心力公式，有

N1C+mg=m

根据动能定理可知：第一次经过C点的动能为：2EqR-mgR=mgR，故N1C=mg

故B正确；

C；只有重力和电场力做功；带电小球到达B点，重力势能不变，电势能减小，故有动能，其动能大小等于电场力做的功，为qE•2R=2mgR，故C错误；

D；从A点释放到第二次到C点过程；根据动能定理，有

-mgR+2qE•2R=③

据向心力公式，有N2C+mg=m④

解得

N2C=5mg

故D错误；

故选B4、B【分析】【解析】略【解析】【答案】B5、C【分析】解：A；磁通量有大小；没有方向，但有正负，是标量，故A错误；

B；磁通量与磁感应强度无关；当磁通量越大，磁感应强度可能不变，故B错误；

C；当磁感线与线圈平行时；穿过线圈的磁通量为零，而磁感应强度不一定为零，故C正确；

D；磁通量是穿过线圈的磁感线的多少；而磁感应强度是描述磁场的强弱，两者不是相同的概念，故D错误；

故选：C【解析】【答案】C6、C【分析】略【解析】C

7、C【分析】【分析】明确电路结构，根据闭合电路欧姆定律判断电流的变化情况，根据U=E-Ir判断分析路端电压的变化情况．【解析】【解答】解：当开关S未闭合时，两个电阻串联；闭合S后，电阻R2被短路，外电阻减小，根据闭合电路欧姆定律，干路电流I增加，故电流表读数增加；根据U=E-Ir；路端电压减小，故电压表读数减小；故C正确．

故选：C．二、填空题(共8题，共16分)8、换用“×1”的欧姆挡换挡后没有欧姆调零23.72.792乙【分析】【分析】①使用欧姆表测电阻要选择合适的档位；使指针指在中央刻度线附近；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表使用完毕调应把选择开关置于OFF档或交流电压最高挡．

②游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；不需估读；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，注意二者读数的差别．

③根据题意要求，所测电阻偏小．注意滑动变阻器采用分压式接法，电流表采取外接法．再结合电阻定律和欧姆定律求出电阻率的表达式．【解析】【解答】解：①错误一：用“×10”欧姆挡测电阻；指针偏转较大，说明电阻偏小，应该选用较小挡位，即换用“×1”的欧姆档，换用“×100”的欧姆档是错误的；

错误二：欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；实验过程中欧姆表换挡后没有进行欧姆调零，这是错误的；

②游标卡尺的主尺读数为23mm；游标尺上第7个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为0.1×7mm=0.7mm；

所以最终读数为：23mm+0.7mm=23.7mm；

螺旋测微器的固定刻度读数为2.5mm；可动刻度读数为：0.01×29.2mm=0.292mm；

所以最终读数为：2.5mm+0.292mm=2.792mm．

③题意中电阻较小，要使实验更准确，根据＞；选取电流表外接法，故选乙图；

根据欧姆定律得，R=，根据电阻定律得，R=ρ=ρ；

联立两式解得ρ=．

故答案为：①换用“×1”的欧姆挡，换挡后没有欧姆调零；②23.7，2.792；③乙，．9、完好的导通有电阻短路断路【分析】【分析】当用万用表的电阻档测量电容器时，在两个表笔分别接触电容器两只引脚的瞬间，万用表内的电池就要对电容器充电，因为电容器两端的电压不能突变，此时，电容器呈现低阻状态（即偏转的角度较大）随着时间的推移，电容器逐步充满电（这与其时间常数有关），表的指针回归至无穷大．【解析】【解答】解：（1）如果表针先向右偏转；然后向左回摆到底（阻值无穷大处），一般表明电容器先充电后放电，电容器是在好的；

（2）若向左回摆不到位则说明电容器已经导通；但有一定电阻；

（3）表针向右偏转到欧姆零位后；不再回摆，则说明电容器短路；

（4）无偏转和回转；则说明电容器损坏，处于断路状态；

故答案为：（1）完好；（2）导通有电阻；（3）短路；（4）断路．10、15001.31500【分析】【分析】已知电压与电流，利用R=即可求出电阻值；电阻大小与加在两端的电压和通过的电流无关．【解析】【解答】解：由欧姆定律可知，R===1500Ω；

当电压为2V时，电流I′==1.3mA；

电阻与电压及电流无关；故不论加不加电压，它的电阻均为1500Ω；

故答案为：1500；1.3；150011、1：2：44：2：1【分析】【分析】该题中，根据电阻的定义式R=，故曲线上的任意点与坐标原点的连线的斜率就表示它的电阻；若串联接入电路，流过它们的电流相等，电阻两端的电压跟它的电阻阻值成正比；若将它们并联后接入电路，电压相等，根据P=UI求解功率之比．【解析】【解答】解：根据电阻的定义式：R=；故：

R1：R2：R3===1：2：4；

若串联接入电路；流过它们的电流相等，根据U=IR，它们的电压之比：

U1：U2：U3=R1：R2：R3=1：2：4；

若将它们并联后接入电路；电压相等，根据P=UI，消耗的电功率之比：

P1：P2：P3=I1：I2：I1=4：2：1；

故答案为：1：2：4，4：2：1．12、【分析】【分析】对第一个图中的小球受力分析，根据共点力的平衡条件可得出斜面的角度；再对第二个小球受力分析可得出球对档板的作用力．【解析】【解答】解：如图A所示；根据球的重力作用效果，是同时挤压斜面和挡板，故确定重力的两个分力方向分别垂直斜面和挡板．

G1=；G2=GAtanθ

如图B所示；斜面受到的压力大小为：

G3=GBcosθ；

G4=GBsinθ；

所以两挡板受到小球压力的大小之比为：==

=斜面受到A、B小球的压力的大小之比为：==

故答案为：，．13、减小受力面积增大【分析】【分析】增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．【解析】【解答】解：细绳开柚子是通过减小受力面积的方法来增大压强将柚子分开的．

故答案为：减小受力面积；增大．14、45450150300【分析】【分析】由自由落体规律可得3s内的位移，进而根据重力做功公式WG=mgh即可求解；根据=求平均功率；根据P=Fv求瞬时功率．【解析】【解答】解：3s内物体的位移为：

h=gt2=×32=45m；

则下落3s的时间内重力对物体做的功为：

WG=mgh=1×10×45=450J．

===150J

第3s末重力对物体做功的功率为P=mgv=mg•gt=10×10×3=300W

故答案为：45，450，150，300．15、【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度时间关系分别由位移和速度求得滑行时的速度即可．【解析】【解答】解：根据匀变速直线运动的速度位移关系有：

v2=2as

由以上两式可以解得直升机滑行时的速度=

故答案为：．三、判断题(共5题，共10分)16、×【分析】【分析】根据狭义相对论的两个基本假设：

①物理规律在所有惯性系中都具有相同的形式．这叫做相对性原理．

②在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．它告诉我们光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依赖于发光物体的运动速度．【解析】【解答】解：根据相对论的两个基本假设可知；在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．故以上说法是错误的．

故答案为：×17、√【分析】【分析】磁场虽然是看不见、摸不着的，但它会对放入它中的磁体产生力的作用，小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同．【解析】【解答】解：磁体的周围存在磁场；电流周围也存在磁场，磁场的基本性质是对放在其中的磁体存在力的作用．

磁场方向与放在该点的小磁针的N极静止时的方向一致；或小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．所以该说法是正确的．

故答案为：√18、×【分析】【分析】物体运动的方向与物体所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可举例说明．【解析】【解答】解：物体运动方向可能与所受合外力的方向一致；比如自由落体运动，也可能不一致比如平抛运动等等．

故答案为：×19、×【分析】【分析】惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性，惯性大小由物体的质量来量度．根据这些知识来解答．【解析】【解答】解：质量是物体惯性大小的唯一量度；与物体的速度无关．故该说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】根据并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的读数之和进行判定即可，【解析】【解答】解：因为并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的倒数之和；所以题干则的说法是错误的．

故答案为：×四、计算题(共1题，共8分)21、略

【分析】(1)根据物块的位移公式可以求出物块的速度与加速度；由牛顿第二定律可以求出动摩擦因数．

(2)小球离开桌面后做平抛运动；由平抛运动求出小球离开时的速度，然后由动能定理或机械能守恒定律求出到达N点的速度，再由牛顿第二定律求出在N点小球受到的支持力，由牛顿第三定律求出对轨道的压力．

(3)由牛顿第二定律求出小球在M点的速度，然后由动能定理求出各段克服摩擦力做功，最后求出整个过程克服摩擦力做功．【解析】解：(1)m2过B点后遵从：s=6t-2t2；

由此可知，vB=6m/s，a=-4m/s2．

由牛顿第二定律得：μmg=ma；解得：μ=0.4；

(2)小球离开桌面后做平抛运动；

在竖直方向上：h==2.4m；

P点速度在竖直方向的分量：

vy=vDtan60°=4m/s；

解得离开D点的速度为vD=4m/s；

由机械能守恒定律得：mvN2=mvD2+mg(h+R-Rcosθ)；

解得：vN2=74m2/s2；

在N点；由牛顿第二定律得：

FN′-mg=m解得：FN′=42N；

由牛顿第三定律得；压力：F=F'=42N，方向竖直向下．

(3)小球刚好能到达M点；

由牛顿第二定律得：mg=m

小球到达P点的速度vP==8m/s．

从P到M点；由动能定理得：

-mgR(1+cosθ)-WPM=mvM2+-mvP2，解得：WPM=2.4J；

从B到D点，由动能定理得：-WBD=mvD2-mvB2，解得：WBD=2J；

从C到B点，由动能定理得：EP=μm1gxCB，EP=μm2gxCB+m2vB2；

解得：3μm2gxCB=m2vB2，WCB=3μm2gxCB=1.2J；

则释放后m2运动过程中克服摩擦力做的功为：

W=WCB+WBD+WPM=1.2J+2J+2.4J=5.6J；

答：(1)物块m2过B点时的瞬时速度vB为6m/s；与桌面间的滑动摩擦因数为0.4．

(2)若轨道MNP光滑；小球经过轨道最低点N时对轨道的压力为42N方向竖直向下．

(3)若小球刚好能到达轨道最高点M，则释放后m2运动过程中克服摩擦力做的功为5.6J．五、简答题(共1题，共5分)22、rm{(1)}羰基、羧基取代反应

rm{(2)5}

rm{(3)1漏U2}rm{B}可发生分子间rm{(}或分子内rm{)}酯化反应生成副产生

rm{(4)}rm{+NaBr+2H_{2}O}

rm{(5)4}

rm{(6)}

【分析】【分析】本题考查有机物的合成，题目难度中等，注意从rm{A}的结构入手采取正推的方法进行推断，把握官能团的性质以及官能团的转化为解答该题的关键，易错点为同分异构体的判断，注意把握题给信息。【解答】