2025年粤教版选修3物理上册阶段测试试卷VIP

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版选修3物理上册阶段测试试卷991考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，水平地面的上方有垂直相交的匀强电场和匀强磁场，E的方向竖直向下，B的方向水平向里。水平方向的粗细均匀的直导线ab与Ｂ、Ｅ的方向都垂直。让ab由静止释放；下列说法正确的是。

A.ab作自由落体运动，且ab两端始终保持水平B.ab向下运动加速度小于重力加速度，但ab两端始终保持水平C.ab下落时发生了转动，a端先落地D.ab下落时发生了转动，b端先落地2、对于物质固体、液体、气体的认识，下列说法正确的是（）A.石墨和金刚石的物理性质不同，是由于组成它们的化学元素不同B.一定温度下饱和汽的密度为一定值，温度升高，体积增大后，再次达到饱和时饱和汽的密度可能不变C.若发现干湿泡温度计两边刻度的读数差正在变大，说明空气相对湿度正在变大D.由于液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离，液面分子间的相互作用表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势3、如图所示为一个逻辑电路图及其真值表；下列说法中正确的是（）

。输入。

输出。

A

B

Z

0

0

0

0

1

1

1

0

X

1

1

1

A.该门电路为“与”门电路，真值表中X处的逻辑值为1B.该门电路为“与”门电路，真值表中X处的逻辑值为0C.该门电路为“或”门电路，真值表中X处的逻辑值为1D.该门电路为“或”门电路，真值表中X处的逻辑值为04、回热式制冷机是一种深低温设备，制冷极限约50K。某台回热式制冷机工作时，一定量的氦气（可视为理想气体）缓慢经历如图所示的四个过程：已知状态A和B的温度均为27℃，状态C和D的温度均为℃；下列判断正确的是（）

A.气体由状态A到B过程，温度先降低后升高B.气体由状态B到C过程，内能保持不变C.气体由状态C到D过程，分子间的平均间距减小D.气体由状态C到D过程，气体对外做功5、下列关于电源电动势的说法，正确的是（）A.电源向外提供的电能越多，表示电动势越大B.同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C.电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大D.电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、以下说法正确的是（）A.玻璃打碎后不容易把它们拼在一起，这是由于分子间斥力的作用B.焦耳测定了热功当量后，为能的转化和守恒定律奠定了实验基础C.液体表面层分子间引力大于液体内部分子间引力是表面张力产生的原因E.悬浮在液体中的颗粒越小，小颗粒受到各个方向液体分子的冲击力就越不平衡，布朗运动就越明显E.悬浮在液体中的颗粒越小，小颗粒受到各个方向液体分子的冲击力就越不平衡，布朗运动就越明显7、一定质量的理想气体从状态A开始，经历了AB、BC、CD和DA四个过程，其p-V图像如图所示，其中AB、CD均与横坐标平行，DA、BC均与纵坐标平行。对该气体；下列说法正确的是（）

A.从状态A到状态B气体对外做功B.状态C的温度高于状态A的温度C.状态A的内能大于状态B的内能E.状态C在单位时间内撞到容器壁单位面积的分子个数小于状态D的分子个数E.状态C在单位时间内撞到容器壁单位面积的分子个数小于状态D的分子个数8、一定质量的理想气体；按图示箭头方向经历了A→B→C状态变化的过程。下列说法正确的是（）

A.气体在状态A时的分子平均动能，要比状态B时的小B.气体在状态C时的内能，要比状态A时的大C.由B→C的过程中，气体吸收的热量大于内能的增加量D.此过程中，与气体在状态A时的内能相等的状态还有两个9、下列说法正确的是（）A.晶体的所有物理性质沿各个方向是不同的B.把温度降到接近布朗运动依然可以发生C.两分子间距离变化时，可能存在分子势能相等的两个位置E.未来科技进步了，人类就可以将散失在空气中的内能全部重新收集起来加以利用E.未来科技进步了，人类就可以将散失在空气中的内能全部重新收集起来加以利用10、如图所示，等间距的平行实线表示电场线，虚线表示一个带负电的粒子在该电场中运动的轨迹，为运动轨迹上的两点．若不计粒子所受重力和空气阻力的影响，下列说法中正确的是（）

A.场强方向一定是沿图中实线向右B.该粒子运动过程中速度一定不断增大C.该粒子一定是由向运动D.该粒子在点的电势能一定大于在点的电势能11、某输电线路横穿公路时；要在地下埋线通过，为了保护线路不至于被压坏，预先铺设结实的过路钢管，再让输电线从钢管中穿过．电线穿管的方案有两种：甲方案是铺设两根钢管，两条输电线分别从两根钢管中穿过；乙方案是只铺设一根钢管，两条输电线都从这一根钢管中穿过，如图12所示．如果输电导线输送的电流很大，那么，以下说法正确的是()

A.无论输送的电流是恒定电流还是交变电流，甲、乙两方案都是可行的B.若输送的电流是恒定电流，甲、乙两方案都是可行的C.若输送的电流是交变电流，乙方案是可行的，甲方案是不可行的D.若输送的电流是交变电流，甲方案是可行的，乙方案是不可行的12、下列说法正确的是()A.机械波可在真空中传播B.当一列声波从空气中传入水中时，波长变长C.站在铁道边的人在火车向他开来的过程中会听到火车鸣笛的频率变大E.在机械横波传播方向上的某个质点的振动速度就是波的传播速度E.在机械横波传播方向上的某个质点的振动速度就是波的传播速度13、空间分布有竖直方向的匀强电场，现将一质量为m的带电小球A从O点斜向上抛出，小球沿如图所示的轨迹击中绝缘竖直墙壁的P点．将另一质量相同、电荷量不变、电性相反的小球B仍从O点以相同的速度抛出，该球垂直击中墙壁的Q点(图中未画出)．对于上述两个过程；下列叙述中正确的是()

A.球A的电势能增大，球B的电势能减小B.P点位置高于Q点C.若仅增大A球质量，A球有可能击中Q点D.电场力对球A的冲量大小等于对球B的冲量大小14、一群处于第4能级的氢原子，向低能级跃迁过程中能发出6种不同频率的光，将这些光分别照射到图甲电路阴极K的金属上；只能测得3条电流随电压变化的图象如图乙所示，已知氢原子的能级图如图丙所示，则下列推断正确的是。

A.图乙中的c光是氢原子由第2能级向基态跃迁发出的B.图乙中的b光光子能量为10.2eVC.动能为1eV的电子不能使处于第4能级的氢原子电离D.阴极金属的逸出功可能为W0=6.75eV评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、如图所示电路称为______（选填“与”、“或”、“非”）门电路，若把开关接通定义为1，断开定义为0，灯泡亮为1，熄为0，则在真值表中X为______，Z为______。

。输入。

结果。

A

B

Y

0

0

0

0

1

X

1

0

0

1

1

Z

16、一定质量的理想气体由状态a经状态b、c、d又回到状态a，其体积V随温度T的变化图象如图所示。已知该气体在状态a时温度为压强为体积为在状态b时体积为其中则由状态a到状态b过程中，气体______（选填“吸热”或“放热”），由状态a到状态c气体的内能增加了100J，由状态d到状态a气体对外做的功则由状态c到状态a气体放出的热量为______J。

17、如图是一定质量的理想气体的压强与热力学温度的图，是理想气体的三个状态，其中平行于坐标轴平行于坐标轴则从到过程中气体的分子平均动能_________（填“变大”、“变小”或“不变”），从到的过程________（填“可能”或“不可能”）为绝热过程，从到的过程中气体的密度______（填“变大”；“变小”或“不变”）

18、如图所示，一定质量的理想气体从状态依次经状态和后回到状态图中曲线为反比例函数图线，直线平行于轴，直线平行于轴。该理想气体经过的的四个过程中，气体对外放热的过程有_________；气体对外做功的过程有________；气体内能增加的过程有___________。19、下列说法正确的是__________．20、一定质量的理想气体被活塞封闭在可导热的竖直气缸内，活塞可沿气缸无摩擦地上下滑动．开始时活塞静止，取一小盒沙子缓慢地倒在活塞的上表面上，在倒沙子的过程中，缸内气体内能______（填“增大”、“减小”或“不变”），气体对活塞______（填“做正功”、“做负功”或“不做功”），气体______（填“吸热”或“放热”）．21、在水平放置的气垫导轨上，质量为0.4kg、速度为0.5m/s的滑块甲与质量为0.6kg、速度为0.1m/s的滑块乙迎面相撞，碰撞后滑块乙的速度大小变为0.2m/s，此时滑块甲的速度大小为______m/s，方向与它原来速度方向_______．评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)25、在“测定电阻”的实验中，待测电阻Rx约为5Ω；实验室备有下列实验器材：

电压表V1(量程3V；内阻约为15kΩ)；

电压表V2(量程15V；内阻约为75kΩ)；

电流表A1(量程3A；内阻约为0.2Ω)；

电流表A2(量程0.6A；内阻约为1Ω)；

滑动变阻器R1(0～20Ω；0.5A)；

滑动变阻器R2(0～2000Ω；0.1A)；

电池E(电动势为3V；内阻约为0.3Ω)；

开关S；导线若干．

（1）为提高实验精确度，减小实验误差，电压表应选_______，电流表应选________，滑动变阻器应选_________．（填写器材的符号）

（2）实验中某同学连接的实物图如图所示，请在虚线框内画出该实验的原理图______．

（3）若采用该电路进行测量，其测量值________(选填“大于”、“等于”、“小于”)真实值．26、在探究单摆运动的实验中：

（1）甲是用力传感器对单摆运动过程进行测量的装置图，乙是与力传感器连接的计算机屏幕所显示的F-t图象，根据图乙的信息可得，从t=0时刻开始摆球第一次摆到最低点的时刻为________s，摆长为_____m（取当地重力加速度大小g=10m/s2）．

（2）单摆振动的回复力是____________．

A.摆球所受的重力。

B.摆球重力在垂直摆线方向上的分力。

C.摆线对摆球的拉力。

D.摆球所受重力和摆线对摆球拉力的合力27、如图所示为某同学曾经组装好的一只欧姆表．各元件的参数有部分已经看不清楚；但知道电源的电动势大约为3V；内阻很小可忽略，微安表的满偏电流为300μA、内阻未知．他想利用该装置比较准确地测量电源的电动势和微安表的内阻．

实验步骤如下：

①将R调到最大值；欧姆表的两表笔用导线短接；

②将电阻箱阻值调到R；记录此时微安表的示数Ⅰ；

③重复第②步；得到六组数据；

④以R为横坐标，为纵坐标，描点连线后得到一条倾斜的直线．进一步求出该直线的斜率为0.34V－1，纵截距为2.00×102A－1．

(1)根据以上信息，电源的电动势为_____________；微安表的内阻为_____________(结果保留三位有效数字)．

(2)实验中使用的电阻箱为_____________．

A.最大阻值为9999ΩB.最大阻值为99999Ω28、某同学用如图所示的装置做“验证动量守恒定律”的实验．先将a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；再把同样大小的b球放在斜槽轨道末端水平段的最右端静止放置，让a球仍从原固定点由静止开始滚下和b球相碰后；两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次．

（1）本实验必须测量的物理量有()

A.斜槽轨道末端的水平地面的高度H

B.小球a、b的质量

C.小球a、b的半径r

D.小球a、b离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间t

E.记录纸上0点到A；B、C各点的距离OA、OB、OC

F.a球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h

（2）根据实验要求，_________（填“大于”；“小于”或“等于”）；

（3）放上被碰小球后，两小球碰后是否同时落地？如果不是同时落地，对实验结果有没有影响________？（不必作分析）

（4）为测定未放小球b时，小球a落点的平均位置，把刻度尺的零刻度线跟记录纸上的0点对齐，下图给出小球a落点附近的情况，由图可得OB距离应为_______cm．

（5）按照本实验方法，验证动量守恒的验证式是___________________．评卷人得分六、解答题(共3题，共24分)29、如图所示是圆心为O内外半径分别为R1、R2的同心圆；内圆区域内存在均匀辐射的电场，圆心与内圆圆周边界间的电势差恒为U，内外圆之间存在方向垂直纸面向外的匀强磁场．一质量为m；电荷量为+q的粒子从圆心O处由静止释放，不计重力．

(1)求粒子到达内圆边界时的速度大小；

(2)若粒子首次到达外圆圆周时没有射出外圆，求磁感应强度的最小值．30、如图所示，电阻r=0.1Ω的导体棒ab在外力作用下沿光滑平行导轨以速度v=5m/s向右做匀速运动．导轨的左端c、d间接有定值电阻R=0.4Ω，导轨间距L=0.4m，导轨电阻不计．整个装置处于磁感应强度B=0.1T的匀强磁场中；磁场方向垂直于导轨平面．求：

（1）判断a、b两点电流方向及电势的高低；

（2）通过R的电流大小；

（3）外力做功的功率.31、如图所示，一质量为m、带电量为q的金属小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中。静止时悬线向右与竖直方向成角，已知重力加速度为g。

(1)判断小球电性；

(2)求电场强度E的大小；

(3)若把绝缘体细线剪断；求剪断细线瞬间小球的加速度。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

直导线ab向下运动时做切割磁感线运动，根据右手定则，感应电动势向右，故b端带正电；a端带负电；

电场强度向下，故a端受向上的电场力，b端受向下的电场力，故ab下落时发生了转动，b端先落地；

故选：D.2、D【分析】【分析】

【详解】

A．石墨和金刚石组成它们的化学元素是相同的；都是碳原子，它们的物理性质不同，是由于碳原子排列结构不同造成的，故A错误；

B．在一定温度下；饱和汽的密度是一定的，它随着温度的升高而增大，故B错误；

C．空气相对湿度越大时；空气中水蒸气压强越接近同温度水的饱和汽压，水蒸发越慢，干湿泡温度计中两只温度计的读数相差越小，故C错误；

D．液体表面张力是液体表面层里的分子比液体内部稀疏；分子间的距离比液体内部大，分子力表现为引力的结果，液体的表面张力使液面具有收缩到液面表面积最小的趋势，故D正确。

故选D。3、C【分析】【分析】

【详解】

图示门电路为“或”门电路；根据或门逻辑关系，当输入为：1；0时，输出为1，故真值表中X处的逻辑值为1。

故选C。4、D【分析】【分析】

【详解】

A．如图所示，因为等温线离O点越远，温度越高，所以气体由状态A到B过程；温度先升高后降低，选项A错误；

B．由图示图线可知，气体由状态到过程；气体体积不变而压强减小，由理想气体状态方程可知，气体温度降低，气体内能减小，选项B错误；

C．由图示图线可知，气体由状态到过程；气体体积增大，分子间的平均间距增大，故C错误；

D．由图示图线可知，气体由状态到过程；气体体积增大，气体对外做功，选项D正确。

故选D。5、D【分析】【分析】

电动势与电势差是两个不同的概念；电动势等于内外电路电压之和。电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量。电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关。

【详解】

根据W＝EIt可知；电源向外提供的电能多，不能说明电动势大，还与电源做功的时间；电路中的电流有关。故A错误；电动势表示的是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上是等于将单位正电荷从负极移到正极时非静电力所在的功，电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关，故BC错误；电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量，电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大，故D正确。故选：D。

【点睛】

本题考查对于电源的电动势的理解能力。电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关。二、多选题(共9题，共18分)6、B:D:E【分析】【分析】

【详解】

A.碎玻璃不能拼在一起；是由于分子距离太大，达不到分子吸引力的范围，故A错误；

B.焦耳测定了热功当量后；为能的转化和守恒定律奠定了实验基础，选项B正确；

C.由于液体表面层分子间距离大于分子平衡时的距离；分子间的作用力表现为引力，则液体表面存在张力，故C错误；

D.当分子间的距离增大时；分子间的斥力和引力都减小，但斥力减小得快，选项D正确；

E.悬浮在液体中的颗粒越小；小颗粒受到各个方向液体分子的冲击力就越不平衡，布朗运动就越明显，选项E正确。

故选BDE。7、A:B:E【分析】【详解】

A．从状态A到状态B气体体积增大；对外做功，故A正确；

B．根据理想气体状态方程可知状态C的温度高于状态A的温度；故B正确；

C．A→B为等压膨胀过程，根据盖—吕萨克定律可知状态B的温度高于状态A的温度，所以状态B的内能大于状态A的内能；故C错误；

D．D→A为等容过程，根据查理定理可知状态A的温度低于状态D的温度，即D→A过程气体内能减少；而气体对外做功为零，根据热力学第一定律可知气体向外界放出热量，故D错误；

E．C→D为等压压缩过程，根据盖—吕萨克定律可状态C的温度高于状态D的温度，即气体分子在状态C的平均速率大于在状态D的平均速率，状态C气体分子对容器壁的平均作用力比状态D大，而又因为状态C、D压强相同，根据气体压强的微观解释可知状态C在单位时间内撞到容器壁单位面积的分子个数小于状态D的分子个数；故E正确。

故选ABE。8、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据理想气体状态方程和图像可知；A→B的过程中气体等容变化，压强与温度成正比。A→B的过程中气体压强减小，温度也减小。由于温度是分子平均动能的标志，所以分子平均动能也减小。故A错误；

B．A→B的过程中气体等容变化；则。

可得。

B→C的过程中气体等压变化；则。

可得。

可知，由于理想气体内能只与温度有关；所以气体在状态C时温度更高，内能更大。故B正确；

C．由B→C的过程中，气体温度升高，内能增大；体积增大，气体对外做功（）。根据热力学第一定律可知；气体吸收的热量大于内能的增加量。故C正确；

D．由于此过程中，与气体在状态A时的内能相等的状态还有一个。故D错误。

故选BC。9、B:C:D【分析】【详解】

A．单晶体具有各向异性；即单晶体沿着各个方向的物理性质和化学光学性质不同，多晶体具有各向同性，故A选项错误；

B．布朗运动是热运动的反映，而热运动在时不会停止；布朗运动可以继续发生，故B选项正确；

C．由于分子之间的距离为时；分子势能最小，故存在分子势能相等的两个位置，故C选项正确；

D．热力学第一定律揭示了一切跟热有关的现象遵循能量守恒定律；故D选项正确；

E．能量转化过程中；存在能量散失，不能使散失在环境中的内能全部重新收集起来加以利用，故E选项错误。

故选BCD。10、A:D【分析】试题分析：由粒子的运动轨迹可知，粒子一定受到指向运动轨迹凹面的电场力，再结合电场线的方向可知，电场力一定沿水平方向向左，由于粒子带负电，故电场线的方向一定水平向右，选项A正确；若粒子由b运动到a，则电场力做负功，粒子的动能会减小，反之，当粒子由a运动到b时，电场力做正功，则粒子的动能会增大，故不能确定粒子的运动方向，选项BC错误；由于粒子由a到b时，电场力做正功，故电势能一定减小，即粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能；选项D正确．

考点：电场力；动能定理；电势能．

【思路点拨】这类题一般先由曲线的偏转方向确定其受力的方向，然后再由该方向与位移夹角确定电场力做正功还是负功，再判断其他的选项．11、B:C【分析】若输送的电流是恒定电流，甲、乙两方案都是可行的，B正确．输电线周围存在磁场，交变电流产生变化的磁场，因此在输电过程中输电线因电流变化引起自感现象，当输电线上电流很大时，强大的自感电流有可能将钢管融化，造成事故，所以甲方案是不可行的．在乙方案中，两条输电线中的电流方向相反，产生的磁场互相抵消，使自感现象的影响减弱到可以忽略不计的程度，是可行的，C正确．此题类似于课本中提到的“双线并绕”．12、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．机械能传播需要有介质；因此机械波在真空中不能传播，故A错误；

B．声波从空气中传入水中时频率不变，波速变大，由波速公式知；波长会变大，故B正确；

C．根据多普苗效应可以知道；站在铁道边的人在火车向他开来的过程中会听到火车鸣笛的频率变大，故C正确；

D．当机械波从介质的一端传播到另一端时；途中的质点只在各自平衡位置附近振动，不会沿着波的传播方向而迁移，故D正确；

E．在机械横波传播方向上的某个质点的振动速度是周期性变化的；而在同一均匀介质中波的传播速度不变，故E错误。

故选BCD。13、A:D【分析】【分析】

根据题意可判断电场力的方向，从而判断电场力做功情况以及电势能变化情况；分析两种情况下的加速度关系，根据v2-v02=2ah判断h的关系；根据I=Ft判断电场力的冲量关系.

【详解】

由题意可知，击中P点的小球A受电场力向下，垂直击中Q点的小球B受电场力向上，可知电场力对A做负功，对B做正功，球A的电势能增大，球B的电势能减小，选项A正确；根据牛顿第二定律，对A球：mg+qE=maA；对B球：mg-qE=maB；可知aA>aB；对球A竖直方向：对球B在竖直方向：可得hAB，即P点位置低于Q点，选项B错误；若仅增大A球质量，可知aA减小，但是不可能等于aB，则hA不可能等于hB，则若仅增大A球质量，A球不可能击中Q点，选项C错误；因两次抛球小球在水平方向的分速度相同，水平位移相同，可知两球运动的时间t相同；根据I=Eqt可知电场力对球A的冲量大小等于对球B的冲量大小，选项D正确；故选AD.14、A:D【分析】【详解】

第4能级的氢原子，向低能级跃迁过程中可能的情况为：n=4→n=1，n=4→n=3，n=4→n=2；

n=3→n=2，n=3→n=1，n=2→n=1；能发出6种不同频率的光，能量值的大小关系排列从大。

到小为：n=4→n=1，n=3→n=1，n=2→n=1，n=4→n=2，n=3→n=2，n=4→n=3；由图乙可知；

a的遏止电压最大，其次为b和c，则a为n=4→n=1，b为n=3→1，c为n=2→n=1；

A.由以上的分析可知，c的遏止电压最小；在三种光中频率最小，故c光是从氢原子由第2能级向。

基态跃迁发出的；故A正确；

B.由以上的分析可知，b为n=3→n=1辐射的光子；其能量值：

（-1.51eV）-（-13.6eV）=12.09eV；故B错误；

C.由图并可知；第4能级的能量值为-0.85eV，由玻尔理论可知，动能为leV的电子能使处于第4能。

级的氢原子电离；故C错误；

D.由能级2到1辐射的光子的能量值：（-3.4eV）-（-13.6eV）=10.2eV；能量值第。

4大的光子的能量值：（-0.85eV）-（-3.4eV）=2.55eV；由于只能测得3条电流随。

电压变化的图象；即只有三种光子能发生光电效应，则该金属的逸出功大于2.55eV，小于等于。

10.2eV，可以等于6.75eV，故D正确．三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]如题图所示；两个开关同时闭合，灯泡才会发光，是“与”逻辑关系，真值表为。

。输入结果ABY000010100111X为“0”，Z为“1”。【解析】与0116、略

【分析】【详解】

[1]气体由状态a到状态b温度升高，则气体的内能增加，同时气体的体积增大，说明气体对外做功，由

其中气体对外做功W为负值，而内能增加，即为正，则Q为正值；故气体应从外界吸热。

[2]当气体再次回到状态a时，理想气体的内能回到原来的数值，即由状态c到状态a气体的内能减少100J，c到d过程，气体发生等容变化，对外不做功，c到a过程，由

可得

则由状态c到状态a气体对外放出的热量为【解析】吸热6017、略

【分析】【详解】

[1]气体的分子平均动能和温度有关，温度越高气体的分子平均动能越大。从到过程中；温度降低，所以气体的分子平均动能变小。

[2]从到的过程压强不变；温度升高，则内能增加，同时体积增大，气体膨胀对外做功，因此气体要吸热，不可能为绝热过程。

[3]从到的过程中温度不变，压强降低，可知体积增大，则气体的密度变小。【解析】变小不可能变小18、略

【分析】【分析】

【详解】

A→B为等温变化，△U=0；体积减小，外界对气体做功W＞0；根据热力学第一定律W+Q=△U得：Q＜0；气体对外放热。

B→C为等压变化过程，体积增大，气体对外界做功W＜0；再根据理想气体状态方程知，温度T升高，内能增大△U＞0；据热力学第一定律知；气体从外界吸热。

C→D为等温变化过程，△U=0；体积增大，气体对外界做功W＜0，根据热力学第一定律W+Q=△U得：Q＞0；气体从外界吸热。

D→A为等容变化过程，气体不做功W=0；压强减小，再根据理想气体状态方程知，温度T下降，内能减小△U＜0；据热力学第一定律W+Q=△U得：Q＜0；气体对外放热。

[1]气体对外放热的过程有：A→B，D→A；

[2]气体对外做功的过程有：B→C，C→D；

[3]气体内能增加的过程有：B→C。【解析】19、B:C:D【分析】【详解】

A．将大颗粒的粗盐磨成细盐；细盐仍然是晶体，A错误；

B．两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中；分子间表现出先斥力后引力，故分子力先做正功，后做负功，它们的分子势能先减小后增大，B正确；

C．空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水平的饱和蒸气压的比值；C正确；

D．给自行车打气，越打越困难主要是因为胎内气体压强增大，与分子间的斥力无关，因为分子斥力起作用的距离D正确；

E．第二类永动机违反了热力学第二定律；因为内能在转化为机械能的过程中要生热，所以要引起其它变化，E错误。

故选BCD。20、略

【分析】【详解】

一定质量的理想气体被活塞封闭在可导热的竖直气缸内；缓慢倒入沙子过程中，活塞下移，气体对活塞做负功，由于气缸导热，所以气体对外放出热量，内能不变．

故答案为不变；做负功；放热．【解析】不变做负功放热21、略

【分析】【分析】

【详解】

滑块甲乙系统在碰撞过程中水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有：＋＝＋由题意知，两者迎面碰撞，说明两者初速度方向相反，不妨假设甲的初速度方向为正方向，又由于题目中只说明碰后乙的速度大小，未说明碰后速度方向，但系统初始总动量方向与正方向相同，因此碰后系统的总动量方向也应与正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度为：＝0.05m/s，为正值，即方向与它原来的方向相同．【解析】0.05相同四、作图题(共3题，共27分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共16分)25、略

【分析】【分析】

根据电源的电动势来确定电压表量程，再根据欧姆定律算出电路中最大电流，从而确定电流表的量程，最后根据实验要求，选择滑动变阻器，最后根据公式来确定出电流表外接法，还是内接法，从而即可求解．

【详解】

（1）电池E的电动势为3V，则电压表选取V1；根据．因此电流表选取A2；由于电阻Rx约为5Ω，则选取变阻器R1；可采用限流接法；

（2）因故电流表应用外接法，又变阻器用限流式接法，电路图如图所示；

（3）若采用该电路进行测量，由于电压表的分流作用使得电流表的读数略大于电阻Rx上的电流；则电阻测量值小于真实值．

【点睛】

做电学实验题滑动变阻器有两种接法，电流表与电压表一起使用时也有两种接法，当要求电流从零逐渐增大或题目要求电流调节范围足够大或变阻器最大阻值远小于待测电阻阻值时，变阻器应选分压式；若电表内阻值为不确定值时可以根据时用电流表外接法，时用电流表内接法．【解析】V1;A2;R1;小于；26、略

【分析】【详解】

（1）当摆球摆到最低点时，拉力与重力的合力提供向心力，此时拉力达到最大值，结合图像可知第一次拉力达到最大的时刻为0.5s；结合图像可以看出单摆的周期为1.6s，根据可知

（2）对摆球进行受力分析，摆球受重力（竖直向下）和摆线拉力（摆线收缩方向），由于摆球运动轨迹为圆弧切线方向，以切线方向和绳子方向建立坐标系，重力沿切线