2025年岳麓版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年岳麓版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示为一种电容传声器。b是固定不动的金属板，a是能在声波驱动下沿水平方向振动的金属膜片，a、b构成一个电容器。其工作原理是当声波作用于金属膜片时，金属膜片发生相应的振动，于是就改变了它与固定极板b间的距离，从而使电容发生变化，而电容的变化可以转化为电路中电信号的变化。闭合开关K，若声源S发出声波使a向右运动时（）

A.电容器的电容减小B.a、b板之间的电场强度减小C.流过电流表的电流方向为自左向右D.电容器两板间的电压会增大2、两电荷量分别为+Q和+q的小球用长为l的轻质绝缘细绳连接，静止在光滑绝缘水平面上．两个小球的半径k表示静电力常量．则轻绳的张力大小为（）A.0B.C.D.3、如图甲所示，Q1、Q2是两个固定的点电荷，一带正电的试探电荷仅在电场力作用下以初速度va沿两点电荷连线的中垂线从a点向上运动，其v-t图象如图乙所示；下列说法正确的是（）

A.两点电荷一定都带负电，但电量不一定相等B.试探电荷一直向上运动，直至运动到无穷远处C.t1时刻试探电荷所处位置的电场强度为零D.t2时刻试探电荷的电势能最大，但加速度不为零4、“类比法”是一种常用的研究方法.我们知道“做直线运动的物体，可以由v-t(速度一时间)图线和横轴围成的面积求出对应过程的位移”.下列据此类比分析得出的结论，其中正确的是A.由F-t(力-时间)图线和横轴围成的面积可以求出对应时间内力F做的功B.由-x(电势-位移)图线和横轴围成的面积可求出对应位移内的电场力做的功C.由I-t(电流-时间)图线和横轴围成的面积可求出对应时间内通过某个元件的电荷量D.由U-I(电压-电流)图线和横轴围成的面积可求出电流为I时对应元件的电阻5、如图所示的电路中，电阻R1、R2、R3的阻值均为2Ω，电流表内阻不计，在B、C两点间加上6V的电压时；电流表的示数为()

A.0B.1AC.1.5AD.2A6、如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，电压表为理想电表，为滑动变阻器；当滑动变阻器的触头向上滑动时，下列说法正确的是（）

A.灯泡变亮B.灯泡变亮C.电压表读数增大D.电源内阻消耗功率减小评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、如图所示，正方形线圈处在电流恒定的长直导线形成的磁场中：A向右平动，B向下平动，C绕轴转动（ad边向外）；D向上平动(D线圈有个缺口)．则线圈中能产生感应电流的是（）

A.A线圈B.B线圈C.线圈D.D线圈8、如图所示，在竖直放置的平行金属板A、B之间加有恒定电压U，A、B两板的中央留有小孔O1、O2，在B板的右侧有平行于极板的匀强电场E，电场范围足够大，感光板MN垂直于电场方向固定放置。第一次从小孔O1处由静止释放一个质子（带电量＋e），第二次从小孔O1处由静止释放一个氦核（带电量＋2e）；氦核质量是质子质量的4倍，重力忽略不计，关于这两个粒子的运动，下列判断正确的是（）

A.质子和氦核在O2处的速度大小之比为1：2B.质子和氦核打到感光板上时的动能之比为1：2C.质子和氦核在整个过程中运动的时间相等D.质子和氦核打到感光板上的位置相同9、如图所示，水平向右的匀强电场中，一带电小颗粒从A点以竖直向上的初速度开始运动，经最高点B后回到与A在同一水平线上的C点，已知带电小颗粒从A到B过程中克服重力做功2J；电场力做功3J，则（）

A.粒子在A点的电势能比在C点多12JB.粒子在A点的动能比在B点多1.0JC.粒子在A点的机械能比在C点少12.0JD.粒子在C点的动能为14.0J10、如图所示，两条完全相同的圆弧形材料AOB和COD，圆弧对应的圆心角都为120°，圆弧AOB在竖直平面内，圆弧COD在水平面内，以O点为坐标原点、水平向右为x轴正方向，两弧形材料均匀分布正电荷，P点为两段圆弧的圆心，已知P点处的电场强度为E0、电势为φ0，设圆弧AO在圆心P处产生的电场强度大小为E，产生的电势为φ；选无穷远的电势为零，以下说法正确的是（）

A.B.C.将质子（比荷）从P点无初速度释放，则质子的最大速度为D.若两段弧形材料带上的是等量异种电荷，x轴上各点电场强度为零，电势为011、如图所示，直角三角形ABC处于匀强电场中，电场方向与三角形所在平面平行，D为A、C连线的中点，∠ACB=30°，BC=1cm。将电荷量q=-4×10-6C的粒子从A点移到C点，静电力做功-2.4×10-5J；再将该粒子从C点移到B点，其电势能减少了1.2×10-5J。下列说法正确的是（）

A.B、D电势相等B.过B点的电场线方向由A指向BC.匀强电场的电场强度为600V/mD.A、C两点间的电势差UAC=-6V12、如图所示是电阻R的I-U图像，图中α=45°；由此得出（）

A.通过电阻的电流与两端电压成正比B.电阻R=0.5ΩC.因I-U图像的斜率表示电阻的倒数，故R==1.0ΩD.在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为900N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10－9C的正点电荷，则A处场强大小EA＝________N/C，B处的场强大小EB＝________N/C．

14、如图所示，真空中有两个点电荷和分别固定在x坐标轴的和的位置上。则x标轴上的_____处的电场强度为零。x坐标轴上电场强度方向沿x轴正方向区域是__________。

15、法拉第心系“磁生电”∶

（1）1831年，英国物理学家_____发现了电磁感应现象。产生的电流叫作________。

（2）法拉第的概括。

法拉第把引起感应电流的原因概括为五类∶

①变化的_____；

②变化的_____；

③____的恒定电流；

④____的磁铁；

⑤在磁场中运动的___。

（3）电磁感应与感应电流：法拉第把他发现的_____的现象叫作电磁感应，产生的电流叫作______。

（4）发现电磁感应现象的意义。

①使人们对电与磁内在联系的认识更加完善，宣告了_____作为一门统一____的诞生。

②使人们找到了_____的条件，开辟了人类的电气化时代。16、均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场。如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，已知M点的场强大小为E，静电力常量为k，则N点的场强大小为___________，方向为___________（选填“C指向D”或“D指向C”）。

17、如图，电荷量为q的正电荷均匀分布在半球面上，球面半径为R，CD为通过半球面顶点与球心O的轴线，且OC=OD=2R。若C点的场强大小为E，则D点场强的方向___________，场强的大小为___________。

18、在一点电荷Q产生的电场中，电荷量为+q的粒子在某点的电势能Ep与该点到Q的距离r的关系如图所示。设电场中距Q的距离为L、3L处的电势分别为φ1、φ2，电场强度分别为E1、E2，则Q带____（选填“正”或“负”）电，φ1：φ2=____，E1：E2=____。

19、如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触。把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔___________（填“张开”或者“闭合”）。先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔___________（填“张开”或者“闭合”）。

20、在平行板电容器极板间插入电介质，电容将增大。()21、图中游标卡尺的读数为________mm，螺旋测微器的读数为________mm。

评卷人得分四、作图题(共2题，共4分)22、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

23、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

评卷人得分五、实验题(共1题，共10分)24、（1）用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量：（把部件符号填入空中）

①进行机械调零；使指针对准电流的“0”刻线。

②将K旋转到电阻挡“×100”的位置。

③将插入“＋”“－”插孔的表笔短接；旋动部件T，进行欧姆调。

④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小。为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按______的顺序进行操作；再完成读数测量。

A.将K旋转到电阻挡“×1k”的位置。

B.将K旋转到电阻挡“×10”的位置。

C.将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接。

D.将两表笔短接；旋动合适部件，对电表进行校准。

（2）如图所示，为多用电表的表盘，测电阻时，若用的是“×100”挡，这时指针所示被测电阻的阻值应为________Ω；测直流电流时，用的是100mA的量程，指针所示电流值为________mA；测直流电压时，用的是50V量程，则指针所示的电压值为________V。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【详解】

A．由电容的决定式可知，a向右运动时，极板间的距离d减小；所以电容增大，选项A错误；

BD．闭合开关K，电压U保持不变，距离减小，由可知电场强度增大；选项BD错误；

C．由电容定义式可知；电容增大，电压不变，所以电荷量增大，电容器充电，流过电流表的电流方向为自左向右，选项C正确。

故选C。2、C【分析】【分析】

【详解】

因两个小球的半径所以小球可以看做点电荷，根据平衡条件及库仑定律可知，库仑力的大小等于绳子拉力大小，因此有

故C正确；ABD错误。

故选C。3、D【分析】【分析】

【详解】

AB．由图可知；粒子向上先做减速运动，再反向做加速运动，且向上过程加速度先增大后减小，而重力不变，说明粒子受电场力应向下，故说明粒子均应带负电，由于电场线只能沿竖直方向，故说明两粒子带等量负电荷，故AB错误；

C．在t1时刻v-t图象的斜率的绝对值最大；说明正电荷的加速度最大，所以受到的电场力最大，即电场强度最大，故C错误；

D．t2时刻之前电场力一直做负功，故电势能增大，此后电场力做正功，电势能减小，t2时刻电势能最大；但由于粒子受重力及电场力均向下；故此时加速度不为零；故D正确；

故选D。4、C【分析】【分析】

在x-y坐标系中，图线和横轴围成的面积为：将x-y换成具体的物理量分析即可得出结论；

【详解】

A、根据可知；由F-t(力-时间)图线和横轴围成的面积可以求出对应时间内力F的冲量，故A错误；

B、-x(电势-位移)图线和横轴围成的面积没有物理意义；由F-x(电场力-位移)图线和横轴围成的面积可求出对应位移内的电场力做的功，故B错误；

C、根据可得由I-t(电流-时间)图线和横轴围成的面积可求出对应时间内通过某个元件的电荷量；故C正确；

D、由U-I（电压-电流）图线，根据P=UI可知U与I的坐标值的乘积求出对应电流做功的功率，根据可知U与I的坐标值的比值求出可求出电流为I时对应元件的电阻；故D错误；

故选C．

【点睛】

关键明确在x-y坐标系中，图线和横轴围成的面积为：可以根据此方法求解力的冲量、通过某个元件的电荷量等．5、B【分析】【详解】

电流表内阻不计，则A、C两点相当于用导线连在一起，当在B、C两点间加上6V的电压时，R2与R3并联，然后与R1串联，电流表测量的是通过电阻R2的电流．等效电路图如图所示．

电路中的总电阻R总＝＝3Ω

干路中的电流为I总＝

由于R2与R3相等；所以电流表的示数为1A。

故选B．6、A【分析】【详解】

AB．由“串反并同”结论：

串反：当某电阻变化时；与它直接串联或间接串联导体的各电学量（如电流；电压和实际电功率）都做与之相反的变化。

并同：当某电阻变化时；与它直接并联或间接并联导体的各电学量（如电流；电压和实际电功率）都做与之相同的变化。

故滑动变阻器电阻减小，则变亮，变暗；则A正确，B错误；

CD．电路的总电阻变小；总电流变大，所以内阻的电压变大，所以电压表示数减小，内阻消耗功率增大，则CD错误。

故选A。二、多选题(共6题，共12分)7、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．线框向右运动时；虽然切割磁场感应线运动，穿过线框的磁通量没有变化，不会产生感应电流，故A错误；

B．线框向下运动时；垂直于磁感线运动做切割磁感线，穿过的磁通量减小，因此会产生感应电流，故B正确；

C．线框绕轴转动；穿过的磁通量发生变化，因此会产生感应电流，故C正确；

D．线框向纸上平动的过程中；导致磁通量发生变化，因此线框产生感应电动势；由于D框中有一个缺口，不是闭合回路，所以不能产生感应电流，故D错误；

故选BC。8、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．加速过程由动能定理可得

整理可得代入题中数据可得质子和氦核在O2处的速度大小之比为1；A错误；

B．假设粒子到达感光板的动能为Ek，整个过程由动能定理可得

即到达感光板的动能为Ek与电荷量q成正比；故质子和氦核打到感光板上时的动能之比为1：2，B正确；

C．设粒子加速位移为d，时间为t1，偏转位移为y，时间为t2，可得

由于两种粒子加速位移d、偏转位移y相同，但比荷不同；故运动时间不同，C错误；

D．设打到感光板上时水平位移为x，可得

由前面分析可知联立可解得与粒子的比荷无关；故质子和氦核打到感光板上的位置相同，D正确。

故选BD。9、A:C:D【分析】【详解】

AC．粒子只受重力和电场力，由牛顿第二定律可得：粒子在竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做初速度为零的匀加速直线运动。B点为最高点，竖直分速度为零，由对称性可知，从A点到B点和从B点到C点的时间相等，由初速度为零的匀加速直线运动规律可得：粒子在BC段的水平位移是AB段水平位移的3倍，因此粒子从B点到C点电场力做功9J，则粒子在A点的电势能比在C点多12J，粒粒子在C点的机械能比在A点多12.0J；AC正确；

B．带电小颗粒从A到B过程中，由动能定理可得

因此粒子在B点的动能比在A点多1.0J；B错误；

D．粒子从A到B过程中电场力做功3J，则粒子在B点的动能为3J，则粒子从B点到C点过程，由动能定理可得

解得

D正确。

故选ACD。10、B:D【分析】【详解】

AB．根据电场强度的叠加有

所以

故A错误；B正确；

C．将质子从P点无初速度释放，根据动能定理可得

解得

故C错误；

D．若两段弧形材料带上的是等量异种电荷，根据对称性，x轴上各点电场强度为零；电势为0，故D正确。

故选BD。11、A:C【分析】【详解】

D．根据知，AC两点间的电势差为

D错误；

A．将该粒子从C点移到B点，其电势能减少说明电场力做正功

则

即

D是AC中点

故

A正确；

B．BD连线为等势线，电场线方向垂直于BD；且由高电势指向低电势，B错误；

C．由几何关系知，A到BD的垂直距离为

则匀强电场的电场强度为

C正确。

故选AC。12、A:D【分析】【详解】

A．由图像可知；通过电阻的电流与两端电压成正比，选项A正确；

BC．由图像可知电阻

选项BC错误；

D．在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是

选项D正确。

故选AD。三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】【详解】

[1][2]由E＝k点电荷在A处产生的场强E1＝900N/C

方向向左，而水平方向的匀强电场，场强大小为E0=900N/C，所以A处合场强为零．

点电荷在B处产生的场强E2＝900N/C

方向向下；

根据矢量合成可知：B处合场强为=1.27×103N/C【解析】01.27×10314、略

【分析】【详解】

[1]某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强，根据点电荷的场强公式可知，要使电场强度为零，那么正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强大小相等方向相反，不会在Q1的左边，因为Q1的电荷大于Q2，也不会在Q1Q2之间，因为它们电荷相反，在中间的电场方向都是一样的，所以，只能在Q2右边，设该位置据Q2的距离是L，则有

解得

所以x坐标轴上x=12cm处的电场强度为零；

[2]在Q1Q2之间，正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强方向沿x轴正方向，所以实际场强也是沿x轴正方向，根据点电荷的场强公式得x坐标轴大于12cm区域电场强度方向沿x轴正方向区域，所以x坐标轴上电场强度方向沿x轴正方向区域是和【解析】12或15、略

【分析】【详解】

略【解析】法拉第感应电流电流磁场运动运动导体磁生电感应电流电磁学学科磁生电16、略

【分析】【详解】

[1][2]设球心在O点的球壳为完整的带电荷量为2q的带电球壳，则在M、N两点产生的场强大小为

题图中左半球壳在M点产生的场强为E，则右半球壳在M点产生的场强为

由对称性知，左半球壳在N点产生的场强大小为方向由C点指向D点。【解析】C指向D17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据场强的叠加可得，D点场强的方向由C指向D（或向右）。

[2]设D点场强为将半球面补充完整，则完整球面在C点的场强为

方向向左，则补充的半球面在C点的场强为

则原半球面在D点场强的大小为【解析】由C指向D（或向右）18、略

【分析】【详解】

[1]由图可知，粒子离电荷越远，电势能越低，说明远离电荷时，电场力做正功，即电荷与粒子之间是斥力，所以电荷Q带正电；

[2]由图可知，电荷在L处的电势能为6E0，在3L处的电势能为2E0，根据公式

两点电势之比为

[3]根据点电荷的电场强度公式

两点电场强度之比为【解析】正3∶