2025年人民版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人民版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，一对平行金属板水平放置，板间电压为，一个电子沿MN以初速度从两板的左侧射入，MN经过时间从右侧射出．若板间电压变为，另一个电子也沿MN以初速度从两板的左侧射入，经过时间从右侧射出．不计电子的重力，MN平行于金属板．若要使，则必须满足的条件是

A.B.C.D.2、让质子和氘核的混合物沿着与电场垂直的方向进入平行板间的匀强电场，要使它们飞出平行板时速度偏转角相同，这些粒子进入电场时必须具有相同的（）A.初速度B.动能C.动量D.质量3、在一座高山的山顶和山脚处分别将1kg相同温度的水全部汽化，要吸的热量（）A.同样多B.山顶多C.山脚多D.无法确定4、如图，在同一水平面内有两根平行长导轨，导轨间存在依次相邻的矩形匀强磁场区域，区域宽度均为磁感应强度大小相等、方向交替向上向下．一边长为的正方形金属线框在导轨上向左匀速运动．线框中感应电流i随时间t变化的正确图线可能是（）

A.B.C.D.5、如图所示，通有恒定电流的导线MN与闭合金属框共面，第一次将金属框由Ⅰ平移到Ⅱ，第二次将金属框绕cd边翻转到Ⅱ，设先后两次通过金属框的磁通量变化量大小分别为ΔΦ1和ΔΦ2；则()

A.ΔΦ1＞ΔΦ2，两次运动中线框中均有沿adcba方向电流出现B.ΔΦ1＝ΔΦ2，两次运动中线框中均有沿abcda方向电流出现C.ΔΦ1＜ΔΦ2，两次运动中线框中均有沿adcba方向电流出现D.ΔΦ1＜ΔΦ2，两次运动中线框中均有沿abcda方向电流出现6、如图所示，当导线ab在电阻不计的金属导轨上滑动时，线圈C（实线部分为外半圈，虚线部分为内半圈）外半圈产生自上而下的电流，则ab的运动情况是（）

A.向左或向右做减速运动B.向左加速或向右减速运动C.向左或向右做加速运动D.向左减速或向右加速运动7、一个大人和一个小孩面对面站在光滑的冰面上，都处于静止状态，某时刻小孩沿水平方向用力推了大人一下，结果两人向相反方向滑去。已知大人的质量大于小孩的质量，则下列说法正确的是A.小孩受到的冲量较大B.大人受到的冲量较大C.小孩运动的速度较大D.大人运动的速度较大8、如图所示，电阻不计的两根光滑平行金属导轨左端接有一个自感系数很大的线圈L，金属棒MN置于导轨上，并与其保持良好接触．MN中点处通过一平行于导轨的轻质绝缘杆固定，在绝缘杆左端装有一力传感器(图中未画出)，可以显示出MN对绝缘杆施加作用力的情况．直流电源E、电阻R和电键S接在导轨之间，自感线圈L的直流电阻是金属棒MN电阻的一半．关于绝缘杆；下列说法正确的是。

A.闭合S，受到向左的拉力，且力传感器示数越来越大B.闭合S，受到向右的压力，且力传感器示数越来越小C.断开S，受到向左的拉力，且力传感器示数越来越小直至为零D.断开S，受到向右的压力，且力传感器示数先突然变大再逐渐减小为零9、据报道，“墨子号”洲际量子密钥分发成果入选2018年度国际物理学十大进展．关于量子论的建立及其发展，以下说法正确的是A.普朗克把能量子引入物理学，进一步完善了“能量连续变化”的传统观念B.爱因斯坦的光电效应方程成功解释了光电效应现象，揭示光具有粒子性C.密立根通过油滴实验证明了光电效应方程，测量了普朗克常量D.康普顿效应表明光子只具有能量，但没有动量评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头向上滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2表示．下列判断正确的是。

A.U1增大，I增大，不变B.U2减小，I增大，减小C.DU1>DU2D.减小11、如图所示，正方形abcd区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，甲、乙两带电粒子从a点沿与ab成30°角的方向垂直射入磁场．甲粒子垂直于bc边离开磁场；乙粒子从ad边的中点离开磁场．已知甲；乙两a带电粒子的电荷量之比为1:2，质量之比为1:2，不计粒子重力．以下判断正确的是。

A.甲粒子带负电，乙粒子带正电B.甲粒子的动能是乙粒子动能的16倍C.甲粒子所受洛伦兹力是乙粒子所受洛伦兹力的2倍D.甲粒子在磁场中的运动时间是乙粒子在磁场中运动时间的倍12、电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路；当滑动变阻器的触头向上滑动时，下列说法正确的是。

A.定值电阻R2的电功率减小B.电压表和电流表的示数都减小C.电压表的示数增大，电流表的示数减小D.通过滑动变阻器R中的电流增大13、如图所示的电路中，电流表和电压表均可看成是理想电表，当滑动变阻器的滑动头向上移动时，下列结论正确的是（）

A.电压表和电流表和的示数都减小B.电压表的示数增大，电流表的示数减小C.电压表的示数增大，电流表的示数减小D.电压表和电流表和的示数都增大14、下列说法中正确的是（）；A.扩散现象和布朗运动可证明分子在做永不停息的无规则运动B.有一分子a从无穷远处趋近固定不动的分子b，当a到达受b的分子力为零处时，a具有的动能一定大C.第二类永动机是不可能制成，因为它违反了能量守恒定律E.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并最终达到绝对零度E.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并最终达到绝对零度15、下列说法正确的是（）A.温度高的物体动能不一定大，但分子平均动能一定大B.雨伞伞面上有许多细小的孔，却能遮雨，是因为水的表面张力作用C.橡胶无固定的熔点，是非晶体E.气体很容易充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现E.气体很容易充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现16、回旋加速器工作原理图如图甲所示。为两个中空的半圆金属盒，粒子源位于回旋加速器的正中间，其释放出的带电粒子质量为电荷量为所加匀强磁场的磁感应强度为两金属盒之间加的交变电压变化规律如图乙所示，其周期为不计带电粒子在电场中的加速时间；不考虑由相对论效应带来的影响。则下列说法中正确的有。

A.时刻进入回旋加速器的粒子记为时刻进入回旋加速器的粒子记为在回旋加速器中各被加速一次，粒子增加的动能相同B.时刻进入回旋加速器的粒子会以相同的动能射出回旋加速器C.时刻进入回旋加速器的粒子在回旋加速器中被加速的次数最少D.时刻进入回旋加速器的粒子在回旋加速器中的绕行方向相反17、如图所示，A球振动后，通过水平细绳迫使B、C振动；下列说法中正确的是()

A.只有A球、C球振动周期相等B.A球、B球、C球的振动周期相等C.C球的振幅比B球大D.C球的振幅比B球小18、两个小球A、B在光滑水平面上相向运动，已知它们的质量分别是m1＝4kg，m2＝2kg，A的速度v1＝3m/s(设为正)，B的速度v2＝－3m/s，则它们发生正碰后，其速度可能分别是()A.均为1m/sB.＋4m/s和－5m/sC.＋2m/s和－1m/sD.－1m/s和＋5m/s评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)19、一些同学可能有这样的经验：傍晚用电多的时候，灯光发暗，而当夜深人静时，灯光特别明亮．又如，在插上电炉、电暖气等功率大的电器时，灯光会变暗，拔掉后灯光马上又亮起来．在一些供电质量不太好的地区尤其是这样．试着解释这种现象．________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________20、热力学温度T与摄氏温度t

（1）摄氏温标：一种常用的表示温度的方法．规定标准大气压下_______为0℃，_______为100℃，在0℃和100℃之间均匀分成_______等份；每份算做1℃。

（2）热力学温标：现代科学中常用的表示温度的方法，热力学温标表示的温度叫热力学温度，用符号_______表示，单位是_______，符号为_______。

（3）摄氏温度与热力学温度的关系为T＝t＋_______K。21、如图为简易测温装置，玻璃管中一小段水银封闭了烧瓶内一定质量的气体，当外界温度升高时，瓶内气体的密度_____________（选填“不变”“增大”或“减小”），瓶内气体分子的平均动能________（选填“增大”或“减小”）。

22、判断下列说法的正误：

（1）一定质量的某种气体，在压强不变时，若温度升高，则体积减小。（____）

（2）“拔火罐”时，火罐冷却，罐内气体的压强小于大气的压强，火罐就被“吸”在皮肤上。（____）

（3）一定质量的气体，等容变化时，气体的压强和温度不一定成正比。（____）

（4）查理定律的数学表达式＝C，其中C是一个与气体的质量、压强、温度、体积均无关的恒量。（____）23、如右图所示，在圆心为O、半径为r的圆形区域内有方向垂直纸面向里的匀强磁场，一电子以速度v沿AO方向射入，后沿OB方向射出匀强磁场，若已知∠AOB=120°，则电子穿越此匀强磁场所经历的时间是________。评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)27、在“测定金属的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻Rx约为5Ω．实验室备有下列实验器材：

A．电压表V1（量程3V，内阻约为15kΩ）

B．电压表V2（量程15V，内阻约为75kΩ）

C．电流表A1（量程3A；内阻约为0.2Ω）

D．电流表A2（量程600mA；内阻约为1Ω）

E．变阻器R1（0～100Ω，0.3A）

F．变阻器R2（0～2000Ω，0.1A）

G．电池E（电动势为3V；内阻约为0.3Ω）

H．开关S；导线若干。

为了提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材有______．

为了减小实验误差，应选用图甲中______（选填“a”或“b”）为该实验的电路图．

28、要测量内阻较大的电压表的内电阻；可采用“电压半值法”，其实验电路如图。实验操作如下：

（1）先将滑动变阻器的滑动头调至最左端，将的阻值调至最大。

（2）闭合和调节使电压表满偏。

（3）断开保持滑动变阻器的滑动头的位置不变，调节使电压表半偏，此时的值即为电压表的内阻值。

某同学在做该实验的时候，用的是量程的电压表，他发现不管怎么调节都无法让电压表满偏；他灵机一动，利用半值法的思想，自己按照如下步骤做了实验：

a.闭合和调节使电压表的示数为

b.断开保持滑动变阻器的滑动头的位置不变，调节使电压表示数为

c.读出此时电阻箱的读数为

则可知按照该同学的测量方法，电压表内阻为________。（用带的表达式表示）29、为了测一个自感系数很大的线圈L的直流电阻RL；实验室提供以下器材：

（A）待测线圈L（阻值约为2Ω；额定电流3A）

（B）电流表A1（量程0.6A，内阻r1=1Ω）

（C）电流表A2（量程3.0A，内阻r2约为0.2Ω）

（D）滑动变阻器R1（0～10Ω）

（E）滑动变阻器R2（0～1kΩ）

（F）定值电阻R3=10Ω

（G）定值电阻R4=100Ω

（H）电源（电动势E约为9V；内阻很小）

（I）单刀单掷开关两只S1、S2；导线若干．

要求实验时，改变滑动变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组A1表和A2表的读数I1、I2，然后利用给出的I2-I1图象（如乙图所示），求出线圈的电阻RL的准确值．

①实验中定值电阻应选用______，滑动变阻器应选用________．（填写器材前面的序号；如：A；B、C等，直接写器材名称或符号均不得分）

②请你画完图甲方框中的实验电路图_____________．

③实验结束时应先断开开关_______.

④由I2-I1图象，求得线圈的直流电阻RL=_______Ω.评卷人得分六、解答题(共4题，共20分)30、如图所示，导热的圆柱形汽缸固定在水平桌面上，横截面积为S、质量为m1的活塞封闭着一定质量的气体（可视为理想气体），活塞与汽缸间无摩擦且不漏气．总质量为m2的砝码盘（含砝码）通过左侧竖直的细绳与活塞相连．当环境温度为T时，活塞离缸底的高度为h.现使活塞离缸底的高度为求：

（1）当活塞再次平衡时；环境温度是多少？

（2）保持（1）中的环境温度不变，在砝码盘中添加质量为Δm的砝码时，活塞返回到高度为h处；求大气压强。

31、气象探测气球是进行高空气象观测的重要工具。在某次气象探测中，地表温度为在地面将探测气球充满氦气后，缓慢上升至距离地面的高空，此时其体积为在气球上升过程中，气球内部因启动一持续加热装置而维持气体的温度不变。气球到达目标高度后停止加热，气球保持高度不变，气球内的氦气温度逐渐减小到此高度处的气温，已知此高度处大气压为海拔每升高气温下降求：

（1）氦气最终的体积多大？

（2）停止加热后氦气温度逐渐减小的过程中大气对气球做的功。

32、一定质量的理想气体从状态变化到状态再变化到状态其状态变化过程的图象如图所示。已知该气体在状态时的温度为摄氏温度与热力学温度的关系为：则：

（1）该气体在状态时的温度分别为多少摄氏度？

（2）该气体从状态到状态的过程中是吸热还是放热？传递的热量是多少？

33、图示为一光导纤维（可简化为一长玻璃丝）的示意图，玻璃丝长为L，折射率为n，AB代表端面。已知光在真空中的传播速度为c。

（i）为使光线能从玻璃丝的AB端面传播到另一端面，求光线在端面AB上的入射角应满足的条件；

（ii）求光线从玻璃丝的AB端面传播到另一端面所需的最长时间。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

电子在金属板间运动，只受电场力作用，那么，电子做类平抛运动，电子在MN方向做匀速运动；金属板板长不变；故初速度越大，运动时间越短；

那么，要使则有：故C正确，ABD错误；

故选C．

【点睛】

分析电子在金属板间的受力情况；得到其运动情况，进而得到运动时间只和初速度及板长相关．

物体做类平抛运动，运动时间由初速度方向做匀速运动的位移和初速度大小求解．2、B【分析】【详解】

设带电粒子的质量为m，电量为q，匀强电场的场强大小为E，电场的宽度为L，初速度为最后的偏转角为θ。带电粒子在垂直电场方向做匀速直线运动①

沿电场方向做匀加速直线运动，加速度②

粒子离开电场时垂直于电场方向的分速度③

偏角④

联立①②③④式解得

由于同一电场的E和L相同，质子和氘核电荷量相同，要θ相同必须mv02相等；则动能一定要相等，而初速度；动量和质量不相等。

故选B。3、C【分析】【详解】

山顶气压低；沸点低，汽化热小，故山脚吸热多。

故选C。4、D【分析】【详解】

第一过程从①移动②的过程中。

左边导体棒切割产生的电流方向是顺时针，右边切割磁感线产生的电流方向也是顺时针，两根棒切割产生电动势方向相同所以则电流为电流恒定且方向为顺时针，再从②移动到③的过程中左右两根棒切割磁感线产生的电流大小相等，方向相反，所以回路中电流表现为零；

然后从③到④的过程中，左边切割产生的电流方向逆时针，而右边切割产生的电流方向也是逆时针，所以电流的大小为方向是逆时针。

当线框再向左运动时，左边切割产生的电流方向顺时针，右边切割产生的电流方向是逆时针，此时回路中电流表现为零，故线圈在运动过程中电流是周期性变化，D正确；ABC错误；故选D5、C【分析】【详解】

AB．设在位置Ⅰ通过金属框的磁通量为Φ1，在位置Ⅱ通过金属框的磁通量为Φ2，由题可知：ΔΦ1＝|Φ2－Φ1|，ΔΦ2＝|－Φ2－Φ1|，所以金属框的磁通量变化量大小ΔΦ1＜ΔΦ2；故AB错误．

CD．由安培定则知两次磁通量均向里减小，所以由楞次定律知两次运动中线框中均出现沿adcba方向的电流，故C正确D错误.6、B【分析】【详解】

当ab向左加速时，由右手定则可知ab中产生由b到a的增加的电流，则螺线管中的磁场向左增加，即穿过C的磁通量向左增加，根据楞次定律，在C中产生的感应电流在外半圈自上而下；同理若ab向右减速运动时；在C中产生的感应电流也是在外半圈自上而下；则选项B正确，ACD错误；故选B.

点睛：此题利用等效的思想进行判断，即“向左加速”和“向右减速”在此问题中是等效的，由此来否定其他的选项.7、C【分析】【详解】

两人组成的系统，初状态总动量为零，根据动量守恒，可知两人的动量变化量大小相等，方向相反，根据可知质量小的速度大，故C正确，D错误；根据动理定理可知两人的冲量大小相等，故AB错误；故选C.8、D【分析】当闭合s时，有电流自上而下流过MN，由左手定则可判定安培力方向向左，此时自感线圈产生的自感电流自上而下流过MN，但自感电流逐渐减小到零，所以传感器示数逐渐减小，AB错；断开s后，自感线圈的感应电流自下而上流过MN，所受安培力向右，电流逐渐减小到零，D对；9、B【分析】【分析】

【详解】

A．普朗克把能量子引入物理学；正确破除了“能量连续变化”的传统观念，故A错误；

B．爱因斯坦提出光子说和光电效应方程；成功解释了光电效应的规律，光电效应显示了光的粒子性，故B正确；

C．密立根通过油滴实验测出了电子的电荷量；提出了电荷分布的量子化观点，为电子质量的最终获得做出了突出贡献，故C错误；

D．在康普顿效应中，散射光子的动量减小，根据德布罗意波长公式判断光子散射后波长的变化，康普顿效应进一步表明光子具有动量，体现光的粒子性，故D错误．二、多选题(共9题，共18分)10、A:D【分析】【详解】

AB、当滑动变阻器的滑动触头向上滑动，其阻值变小，总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知干路上的电流增大，根据可知路端电压减小，通过的电流减小，根据并联分压可知电流表示数增大，根据欧姆定律可知的两端电压增大，根据串联分压可知两端的电压减小，根据欧姆定律得知所以不变；根据闭合电路欧姆定律得则有所以不变；故选项A正确，B错误；

CD、根据电路可知路端电压减小，则有由于所以的增加量小于的减小量故选项D正确，C错误．11、C:D【分析】【分析】

根据粒子运动轨迹；应用左手定则可以判断出粒子的电性；粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据题意求出粒子轨道半径关系，然后应用牛顿第二定律求出粒子的速度然后分析答题；根据粒子做圆周运动的周期公式与粒子转过的圆心角求出粒子的运动时间．

【详解】

由甲粒子垂直于bc边离开磁场可知，甲粒子向上偏转，所以甲粒子带正电，由粒子从ad边的中点离开磁场可知，乙粒子向下偏转，所以乙粒子带负电，故A错误；由几何关系可知，R甲=2L，乙粒子在磁场中偏转的弦切角为60°，弦长为所以：=2R乙sin60°，解得：R乙=L，由牛顿第二定律得：qvB=m动能：EK=mv2=所以甲粒子的动能是乙粒子动能的24倍，故B错误；由牛顿第二定律得：qvB=m解得：洛伦兹力：f=qvB=即故C正确；由几何关系可知，甲粒子的圆心角为300，由B分析可得，乙粒子的圆心角为120°，粒子在磁场中的运动时间：t=T，粒子做圆周运动的周期：可知；甲粒子在磁场中的运动时间是乙粒子在磁场中运动时间的1/4倍，故D正确．.

【点睛】

题考查带电粒子在匀强磁场中的运动，要掌握住半径公式、周期公式，画出粒子的运动轨迹后，利用洛伦兹力提供向心力，结合几何关系进行求解；运用粒子在磁场中转过的圆心角，结合周期公式，求解粒子在磁场中运动的时间．12、B:D【分析】【详解】

当滑动变阻器的触头向上滑动时，R连入电路的电阻减小，故电路总电阻减小，总电流增大，根据可知路端电压减小，即电压表示数减小；总电流增大，即两端电压增大，而路端电压是减小的，故并联电路两端电压减小，即两端电压减小，所以电流表示数减小，而根据可知的功率增大，AC错误B正确；干路电流增大，而的电流减小；故通过R的电流增大，D正确．

【点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部．13、B:C【分析】【详解】

当滑动变阻器的滑动头向上移动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律

可知，干路电流减小，即的示数减小；根据路端电压

可知，路端电压增大，即电压表的示数增大；根据串联分压原理

可知，电路中并联部分的电压增大，根据欧姆定律

可知，流过电阻的电流增大，根据并联分流原理，由于总电流是减小的，则流过滑动变阻器的电流减小，即示数减小；故AD错误BC正确。

故选BC。14、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．扩散现象和布朗运动可证明分子在做永不停息的无规则运动；A正确；

B．有一分子a从无穷远处趋近固定不动的分子b，分子力做正功，当a到达受b的分子力为零处时，a具有的动能达到最大；此后分子力做负功；动能一定减小；B正确；

C．第二类永动机并没有违背能量守恒定律；但却违背了热力学第二定律，C错误；

D．液晶既有液体的流动性；又具有单晶体的各向异性，D正确。

E．根据热力学第三定律得知；绝对零度只能接近，不能达到。E错误；

故选ABD。15、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．温度是分子热运动的平均动能的标志；并非分子动能的标志，A正确；

B．液体的表面张力使液体具有收缩的趋势；B正确；

C．橡胶无固定的熔点；是非晶体，C正确；

D．根据热力学第二定律可知；不可能从单一热源吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他影响，第二类永动机是不可能制成的，热机的效率不可能是100%，D错误；

E．气体很容易充满整个容器；是分子热运动的表现，E错误。

故选ABC。16、B:C【分析】【详解】

A．由图乙知，t1时刻与t2时刻两金属盒间的电压不等，根据动能定理得qU=△Ek，可知a、b在回旋加速器中各被加速一次增加的动能不同；故A错误。

B．当粒子的轨迹半径等于D形盒的半径时，获得的动能最大，将射出回旋加速器，设D形盒的半径为R，则由知粒子获得的最大动能为：可知粒子射出加速器时的动能，即最大动能与加速电压无关，不同时刻进入回旋加速器的粒子会以相同的动能射出回旋加速器。故B正确。

C．设加速次数为n，则nqU=Ekm，可知t2时刻进入回旋加速器的粒子加速电压最大；加速次数最少，故C正确。

D．t3、t4时刻进入回旋加速器的粒子获得的速度方向相反，进入磁场后，由左手定则可知，在回旋加速器中的绕行方向相同，故D错误。17、B:C【分析】【详解】

AB．由题意；A做自由振动，其振动周期就等于其固有周期，而B；C在A产生的驱动力作用下做受迫振动，受迫振动的周期等于驱动力的周期，即等于A的固有周期，所以三个单摆的振动周期相等，则B正确，A错误；

CD．由于C、A的摆长相等，则C的固有周期与驱动力周期相等，产生共振，其振幅比B摆大。所以C正确，D错误。18、A:D【分析】【详解】

发生正碰，则根据动量守恒得：根据碰撞过程系统的总动能不增加，则得

A项：它们发生正碰后；均为+1m/s，即以共同速度运动，符合以上等式，故A正确；

B项：速度如果是4m/s和-5m/s；那么A；B动能都增加，故B错误；

C项：发生正碰后；A；B反向，符合以上等式，故C正确；

D项：发生正碰后，A、B速度方向不变即还是相向运动，这不符合实际情况，故D错误．三、填空题(共5题，共10分)19、略

【分析】由于大多数用电器都是并联的，当傍晚用电多的时候或者在插上电炉、电暖气等功率大的电容时，干路上的总电流会变大，这时候导线上的电压损失就会增加，当变压器供给用户电压一定的情况下，会使得用户得到的电压减小，所以电灯就会发暗，而当夜深人静时，用户用电器减少，或者拔掉电炉、电暖气等功率大的电容时，干路上的总电流会减小，这时候导线上的电压损失就会减小，用户得到的电压增大，所以电灯就会明亮．【解析】见解析20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】冰的熔点水的沸点100T开尔文K273.1521、略

【分析】【详解】

[1][2]当外界温度升高时，瓶内气体体积增大，质量不变，瓶内气体的密度减小；由于热传递，瓶内气体温度升高，瓶内气体分子的平均动能增大。【解析】减小增大22、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误正确正确错误23、略

【分析】弧AB对应的圆心角为60°，所以经历的时间为而粒子运动的半径为根据几何知识可得所以【解析】四、作图题(共3题，共6分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共15分)27、略

【分析】【详解】

（1）必选器材有电池、开关和导线；因为电动势为：E=3V，故电压表选择V1，最大电流为：Imax==0.6A，故电流表选择A2；限流式电路，因为最大电流Imax=0.6A，故为了安全应选择滑动变阻器R1．故应选用的实验器材有：ADEGH；

因为被测电阻为：Rx≈5Ω，所选电压表内阻：RV≈15000Ω，所选电流表内阻为：RA≈1Ω；满足故应选用电流表外接法．故选b.【解析】ADEGHb28、略

【分析】【分析】

【详解】

调节使电压表的示数为保持滑动变阻器的滑动头的位置不变，调节使电压表示数为则此时分压为1V。根据串联电流电流相等，则电压与电阻成正比，故

故电压