2025年粤教沪科版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版必修3物理下册月考试卷881考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3垂直纸面放置，直导线与纸面的交点及坐标原点O分别位于边长为a的正方形的四个顶点.L1与L3中的电流均为2方向均垂直纸面向里，L2中的电流为方向垂直纸面向外.已知在电流为的长直导线的磁场中，距导线r处的磁感应强度其中k为常数.某时刻有一电子正好经过原点O且速度方向垂直纸面向外，速度大小为v，电子电量为e；则该电子所受磁场力。

A.方向与y轴正方向成45°角，大小为B.方向与y轴负方向成45°角，大小为C.方向与y轴正方向成45°角，大小为D.方向与y轴负方向成45°角，大小为2、如图所示是一直流电动机匀速竖直向上提升质量为m＝160kg的重物时的电路图，已知电动机内电阻r＝1Ω，定值电阻R＝11Ω，直流电压U＝220V，理想电压表示数UV＝165V，g取10m/s2；则提升速度大小是（）

A.0.5m/sB.1m/sC.1.2m/sD.1.8m/s3、如图所示，a、b是两个带有同种电荷的小球，用绝缘丝线悬挂于同一点，两球静止时，它们距水平面的高度相等，绳与竖直方向的夹角分别为且若同时剪断两根细线；空气阻力不计，两球带电荷量不变，则（）

A.a球的质量比b球的大B.b球先落地C.a球的电荷量一定比b球的大D.a球飞行的水平距离等于b小球4、一平行板电容器充好电后，断开开关，将两个极板相互错开一些。下列说法正确的是（）A.电容器的电容增大B.每个极板的电荷量减小C.两极板间的电压增大D.两极板间的电场强度减小5、如图所示的电容式话筒是一种电容式传感器；其原理是：导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器，当振动膜片在声压的作用下振动时，两个电极之间的电容发生变化，电路中电流随之变化，这样声信号就变成了电信号。则当振动膜片向右振动时（）

A.电容器电容减小B.电容器带电荷量减小C.电容器两极板间的电场强度增大D.电阻上电流方向自左向右6、如图1所示，用充电宝为一手机电池充电，其等效电路如图2所示。在充电开始后的一段时间t内，充电宝的输出电压U、输出电流I可认为是恒定不变的，设充电宝的内阻为r，则时间t内（）

A.充电宝产生的热功率为B.充电宝输出的电功率为C.手机电池储存的化学能为D.充电宝输出的电功率为7、如图所示，平行金属板中带电油滴P原来处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，R1的阻值和电源内阻r相等．当滑动变阻器的滑片向b端移动时（）

A.R3上消耗的功率逐渐增大B.电流表读数减小，电压表读数增大C.质点P将向上运动D.电源的输出功率逐渐增大评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，负极接地，R1、R2、R3为定值电阻，R为滑动变阻器，C为电容器，A、V分别为理想电流表和电压表。在滑动变阻器的滑片P自b端向a端滑动的过程中；下列说法正确的是()

A.电压表V示数变小B.电流表A示数变大C.电路中a点的电势降低D.电容器C所带电荷量增多9、如图所示，两块较大的金属板A、B平行放置并与一个电源相连，其中A板接地（取大地电势φ=0）。S闭合后，两板间有一质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态。以下说法正确的是（）

A.保持S闭合，若将A板向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G中有b→a的电流B.保持S闭合，若将A板向左平移一小段位移（油滴仍处于两极板之间），则油滴仍然静止，G中有b→a的电流C.若将S断开，则油滴立即向下做匀加速直线运动D.若将S断开，再将B板向下平移一小段位移，则油滴仍然保持静止，但油滴的电势能减小10、真空中有两个相同的带电金属小球A和B，相距为r，带电量绝对值分别为q和2q，它们之间库仑力的大小为F。将A和B接触后放回原来的位置，那么A、B间的作用力的大小可为（）A.B.0C.D.11、如图所示，竖直平面内有一固定光滑的绝缘轨道其中倾角的斜面与半径为的圆弧轨道平滑相切于点，为竖直直径，为圆心，质量为的带负电小球(可视为质点和点电荷)从斜面上的点由静止释放,两点高度差为重力加速度为则下列判断正确的是。

A.调整高度差时，小球恰好经过最高点B.当时，小球会从点以的速度飞出，做平抛运动C.若在点放一个带正电的点电荷,使小球通过点的速度一定大于D.若在点放一个带正电的点电荷，小球从点沿圆弧轨道到点过程机械能不守恒12、研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如图所示。下列说法正确的是（）

A.实验前，只将电容器a板向右平移，静电计指针的张角变大B.实验中，只将电容器b板向上平移，静电计指针的张角变大C.实验中，只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针的张角变大D.实验中，只增加极板带电量，静电计指针的张角变大，表明电容增大13、下列各图中，已标出电流及其产生的磁场的磁感应强度的方向，其中符合安培定则的是（）A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、有一铅蓄电池，在其内部将2×10－5C的电荷从负极移到正极，此过程中非静电力做功为4×10－5J，则该铅蓄电池的电动势是_____V；若给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电时间10min，非静电力做功是_______J。15、有一个电流表内阻满偏电流要把它改装为量程的电压表，则应串联一个电阻阻值__________要把它改装为量程的电流表,则改装后电流表的内阻__________16、电磁感应现象的发现直接导致了___________的设计成功。使大规模生产电能成为可能，人类社会得以蒸汽时代进入到电气时代。1887年，物理学家___________用实验方法首次获得电磁波，证实了麦克斯韦关于电磁波的这一预言，人类从此进入无线电时代。17、如图所示的A、B、C、D四组静电实验中，能使左边的验电器的金箔张开的是______组和______组（A；B两组实验中小球的手柄均为绝缘手柄；D组实验中虚线框表示金属网罩）。

A.B.C.D.18、如图所示，正方形ABCD处在一个匀强电场中，电场线与正方形所在平面平行。已知A、B、C三点的电势依次为则D点的电势=_________V，电场线的方向____________。

19、对下列公式：①②③④⑤属于定义式的是____________，属于决定式的是____________，只对点电荷及它的电场成立的是____________，只对匀强电场成立的是____________。20、如图所示为伏打电池示意图，由于化学反应，在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b。

（1）说明铜板带正电、锌板带负电的原因是什么______？

（2）在电源内部的a、b两个区域，电荷如何被搬运到极板上______？

（3）在正常工作的闭合电路中，静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）；非静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）．

（4）沿电流方向绕电路一周，非静电力做功的区域是()

A．RB．bC．rD．a

（5）在图中闭合回路的各区域内，电势升高的总和等于电源的______。

（6）沿电流方向绕电路一周，在什么地方电势降低______？在什么地方电势升高______？评卷人得分四、实验题(共3题，共30分)21、测一节干电池的电动势E和内阻r，利用常规操作进行实验，在图中已画出七组实验数据所对应的坐标点。请根据这些点作出U-I图线，并由图线求出E=____V，r=_______Ω。

22、某同学设计电路来探究镍铜丝的电阻与长度的关系。

（1）请思考电流表应选择的量程________，并用笔画线代替导线把电流表和滑动变阻器连接好________。

（2）调节的位置，闭合开关，读出的长度为时电压表和电流表的示数，算出对应的电阻利用多组数据绘出如图（b）所示的图像。通过图线分析，写出镍铜丝的电阻与长度的函数关系式________。

（3）如果该镍铜丝的直径为R-x图像的斜率为k，试用写出其电阻率的表达式_________。

（4）如图（c），用螺旋测微器测金属丝直径为________如图（d），用游标卡尺测量金属丝长度为________

23、指针式多用表是实验室中常用的测量仪器；请完成下列问题：

①用多用电表“×100”倍率的电阻挡测量某元件的电阻时，发现指针偏角过大，此时需换_____（填“”或“”）倍率的电阻挡；并重新进行欧姆调零后再进行测量．

②多用电表未知电阻阻值的电路如图（a）所示，电池的电动势为E、内阻为r，为调零电阻，为表头内阻，电路中电流I与待测电阻的阻值关系图像如图（b）所示，则该图像的函数关系式为______；

③下列根据图（b）中的图线做出的解释或判断中的正确的是()

A.因为函数图线是非线性变化的；所以欧姆表的示数分布不均匀。

B.欧姆表调零的实质是通过调节使时电路中的电流

C.越小；相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左疏右密。

D.测量中，当的阻值为图（b）中的时，指针位于表盘中央位置的左侧评卷人得分五、解答题(共2题，共10分)24、在水平向右、场强为E的匀强电场中，有一质量为m、带正电的小球，用长为l的绝缘细线悬挂于O点，当小球静止时，细线与竖直方向夹角为θ，小球位于B点，A点与B点关于O点对称；如图所示，现给小球一个垂直于悬线的初速度，小球恰能在竖直平面内做圆周运动，试问：

（1）小球的电荷量q为多少？

（2）小球在做圆周运动的过程中；在哪一位置速度最小？速度最小值多大？

25、P、Q为竖直放置的平行金属板，将如图所示电压U加在两板上，且U为正时P板电势高。一质量电量的带正电粒子从时刻开始由静止从P板向Q板运动。已知PQ两板间距则粒子由P板出发后，将以多大的动能撞击Q板。（粒子重力不计）

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

三个电流分别在原点O处产生磁场的磁感应强度方向如图；则三电流在O点处产生合磁场的磁感应强度方向与y轴正方向成45°角．电子经过原点O速度方向垂直纸面向外，速度大小为v，据左手定则知，洛伦兹力方向与y轴负方向成45°角，洛伦兹力的大小．故D项正确；ABC三项错误．

2、A【分析】【详解】

通过R的电流为

电动机的输入功率为

电动机内电阻的发热功率为

输出的机械功率为

解得

故选A。3、A【分析】【详解】

A．两球静止时；所受库仑力大小相等，分别对两球进行受力分析如图所示。

则有

解得

由于

可知，a球的质量比b球的大；A正确；

C．根据

根据题意；只能确定两球体间的库仑力大小相等，不能确定两球体电荷量的大小关系，C错误；

B．同时剪断两根细线，两球体竖直方向仅仅受到重力作用，因此竖直方向做自由落体运动，根据

可知；竖直高度相等，则两球同时落地，B错误；

D．同时剪断两根细线，两球体竖直方向仅仅受到库仑力作用，根据

根据上述，a球的质量比b球的大，则

在细线断开，球体向下运动过程中，两球水平间距增大，加速度均减小，但a球水平方向上的加速度比b球的小，即a球水平方向上的平均加速度比b球的小，根据

可知，时间相等，则a球飞行的水平距离小于b小球；D错误。

故选A。4、C【分析】【分析】

【详解】

B．电容器充好电后与电源断开，每个极板的电荷量Q不变；B错误；

A．由平行板电容的决定式

可知，S减小，C减小；A错误；

C．由

可知；两极板间的电压增大，C正确；

D．由

可知；两极板间的电场强度增大，D错误。

故选C。5、C【分析】【分析】

【详解】

ABD．振动膜片向右振动时电容器两极板间的距离变小，由

知电容增大，电容器两极板间电压不变，由

知电容器带电荷量增大，正在充电，所以中电流方向自右向左；ABD错误；

C．在不变的情况下，减小，由

可知极板间电场强度增大；C正确。

故选C。6、A【分析】【详解】

A．根据定义，充电宝产生的热功率为

故A正确；

BD．充电宝输出的电功率为

故BD错误；

C．手机电池储存的化学能等于充电宝输出的总电能减去手机的发热量，但手机的内阻未知，不一定等于r，则手机电池储存的化学能不一定为故C错误。

故选A。7、D【分析】【详解】

A、当滑动变阻器R的滑片向b端移动时，其接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知干路电流I增大．电容器板间电压等于R3的电压．R减小，并联部分的总电阻减小，则R3的电压减小，R3上消耗的功率逐渐减小，故A错误；

B、流过电流表的电流IA＝I﹣I3，I增大，I3减小，则IA增大，所以电流表读数增大，R的电压U＝U3﹣U2，U3减小，U2增大，则U减小，所以电压表读数减小，故B错误；

C、电容器的电压减小，则电容器板间场强减小，质点P所受的电场力减小，所以质点P将向下运动，故C错误；

D、由于R1的阻值和电源内阻r相等，则外电路总电阻大于电源的内阻r，当外电阻减小时，电源的输出功率逐渐增大，D正确．二、多选题(共6题，共12分)8、A:D【分析】【详解】

A．滑片P由b端向a端滑动，滑动变阻器接入电路的阻值R增大，则电路总电阻R总增大，总电流I总=减小，定值电阻R1两端电压U1=I总R1减小，电压表示数UV=U1变小；选项A正确；

B．定值电阻R2与R3组成的串联电路两端的电压U23=E－I总(R1＋r)

因I总减小而增大，又I23=

故I23增大，电流表A的示数IA=I总－I23因I总减小和I23增大而变小；选项B错误；

C．由题可知，φb=0，Uab=φa－φb=φa=U23，故φa升高；选项C错误；

D．由于电容器两端的电压UC=U2=I23R2增大，由Q=CUC知电容器所带电荷量Q增多，选项D正确。9、A:B【分析】【详解】

A．开始时，重力和电场力平衡，故mg=qE

将A板上移，由可知，E变小，故油滴应向下加速运动；根据有

故电容器电量减小，放电，故G中有b→a的电流；故A正确；

B．若将A板向左平移一小段位移，由可知，E不变，油滴仍静止；根据上述结论

故电容器电量减小，放电，故G中有b→a的电流；故B正确；

C．若将S断开；Q不变，则两板间场强不变，则油滴仍静止，选项C错误；

D．若将S断开，Q不变，再将B板向下平移一小段位移，根据可得

可知场强E不变，则油滴仍静止；油滴所在位置与A极板的距离不变，则根据U=Ed可知与A极板的电势差不变；则油滴所在位置的电势不变，油滴的电势能不变，选项D错误。

故选AB。10、A:C【分析】【详解】

接触前，两球间的库仑力

若两球带同种电荷，则接触后各带电量为

库仑力

若两球带异种电荷，则接触后各带电量为

库仑力

故选AC。11、B:C【分析】【详解】

AB.小球恰好通过最高点解得：从A到D运用动能定理得

解得：h=2.3R；故A错误，B正确；

C.若在O点放个正点电荷，小球恰好能从D点飞出时，有：

可得：故C正确．

D.若在O点放个正点电荷，小球从C点沿圆弧轨道到D点过程中，由于库仑力和轨道的弹力对小球均不做功（小球在正电荷的等势面上运动），只有重力做功，所以小球的机械能守恒，故D错误；12、A:B【分析】【详解】

A．图中保持极板带电量一定，根据

可知，电荷量一定，电容器a板向右平移，间距d增大；电容减小，极板间电压增大，则静电计指针的张角变大，A正确；

B．图中保持极板带电量一定，根据

可知，电荷量一定，电容器b板向上平移，正对面积S减小；电容减小，极板间电压增大，则静电计指针的张角变大，B正确；

C．图中保持极板带电量一定，根据

可知；电荷量一定，在极板间插入有机玻璃板，介电常数增大，电容增大，极板间电压减小，则静电计指针的张角变小，C错误；

D．根据

可知，电容器的电容由极板正对面积、极板间距、介电常数决定，与极板所带电荷量和极板间电压没有本质的决定关系，则根据

可知只增加极板带电量；电容不变，极板间电压增大，静电计指针的张角变大D错误。

故选AB。13、A:C【分析】【详解】

A．通电导线左侧的磁场方向垂直纸面向里；通电导线右侧的磁场方向垂直纸面向外，A正确；

B．通过右手螺旋定则可知；磁场方向应为逆时针，B错误；

C．磁场方向正确；C正确；

D．通电螺线管中的磁场方向应向右；D错误。

故选AC。三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【详解】

[1]根据电动势的定义有：

[2]非静电力做功为：【解析】224015、略

【分析】【详解】

[1][2]依据电流表改装成电压表的特点，则有

解得需串联依据电流表改装成电流表的特点，则有

解得需并联的电阻，即总电阻所以电流表的内阻【解析】99000.0516、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电磁感应现象的发现直接导致了发电机的设计成功。使大规模生产电能成为可能；人类社会得以蒸汽时代进入到电气时代。

[2]1887年，物理学家赫兹用实验方法首次获得电磁波，证实了麦克斯韦关于电磁波的这一预言，人类从此进入无线电时代。【解析】发电机赫兹17、A:C【分析】【分析】

【详解】

[1][2]AB．处于静电平衡状态下的导体所带的电荷都分布在导体的外表面；故A能使验电器带电，B不能使验电器带电；

C．将验电器与带电物体用导线连接；二者组成新的导体，导致电荷在新的导体表面重新分布，所以可以使验电器带电，故C能使验电器带电；

D．由于静电屏蔽的作用，验电器不受外电场的影响，故金属箔是闭合的，D不能使验电器带电。18、略

【分析】【详解】

[1][2]匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等，故

解得：

故B；D在一个等势面上；因此电场线垂直于BD连线，由于沿着电场线方向电势降低，所以电场线方向是沿着AC由A指向C。

【点睛】

运用“匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等”进行分析计算D点的电势；根据电场线与等势面垂直垂直画出电场线．且沿着电场线方向电势降低。【解析】4沿着AC由A指向C19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]②为场强的定义式；适用于任何电场，⑤为电势差的定义式，适用于任何电场，故属于定义式的是②⑤。

[2]①是库仑定律的表达式；是库仑力的决定式，只适用于点电荷，③是点电荷周围场强的决定式，只适用于点电荷，④是匀强电场中场强的决定式，只适用于匀强电场，故属于决定式的是①③④。

[3][4]综上所述，可知只对点电荷及它的电场成立的是①③，只对匀强电场成立的是④。【解析】②⑤①③④①③④20、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高，对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低；

(2)[2]在电源内部的a、b两个区域，非静电力做功，在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处；硫酸根离子被搬到锌板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的闭合电路中；静电力对做定向运动的电子做正功，电势能减少，所以电子向电势升高的方向运动；

[6][7][8]电源内部；从负极到正极电势升高，所以非静电力把电子从正极搬运到负极，对做定向运动的电子做正功，即电子向电势降低的方向运动，所以电子的电势能增加；

(4)[9]在电源的内阻和外电阻上，电荷移动过程中是静电力做功，r区域是内阻区域，由题意可知，“在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b”则该区域即为非静电力作用的范围；也是沿着电流方向电势升高的范围，故BD正确，AC错误；

故选BD；

(5)[10]依据电动势定义可知；电势升高的总和等于电源的电动势；

(6)[11][12]ab区域为非静电力作用的范围，电势升高，R为外电阻，r为内阻，在电阻上，沿电流方向电势降低。【解析】锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高。对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处，硫酸根离子被搬到锌板上正升高减少正降低增加BD电动势电势两次降低即电流流过外电阻和内电阻时，电势降低电势两次升高即通过两个极板和电解液接触层a、b时电势升高四、实验题(共3题，共30分)21、略

【分析】【详解】

[1]根据坐标系内描出的点作出图象如下图所示。

由图示的U−I图象可知，纵轴截距大约为1.50V，所以电源的电动势为E=1.50V

[2]图象斜率的绝对值表示内阻，所以内阻大小为（0.87Ω~0.93Ω都可以）【解析】1.500.89（0.87Ω~0.93Ω都可以）22、略

【分析】【详解】

（1）[1]由题图（a）（b）可知实验中电源电压在3V左右；镍铜丝接入电路的最大阻值在4Ω左右，则通过滑动变阻器可以使通过镍铜丝的电流在0.6A以内，所以为了读数能够更加精确，应选择电流表的0~0.6A量程。

[2]由于此实验不需要测量镍铜丝接入电路长度一定时多组的电压和电流值；而是每改变一次长度只测量一组电压和电流值，因此滑动变阻器采用限流式接法即可，连接图见答案。

（2）[3]R-x图像为一条过原点的倾