2023年重庆市南川区中考物理二模试卷

学而优教有方年重庆市南川区中考物理二模试卷一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。）1．（3分）下列物理量的估测，最接近实际的是（）A．我国家庭电路的电压约380V B．体育特长生的百米成绩约7s C．一支常用水银体温计的质量约5g D．新型冠状病毒的直径约1mm2．（3分）如图所示，由于光沿直线传播形成的现象是（）A．树叶影子 B．水面倒影 C．雨后彩虹 D．海市蜃楼3．（3分）《中国诗词大会》是央视首档全民参与的诗词节目，自2016年推出至今，已走到第八季，节目以“赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美”为基本宗旨。中国的诗词歌赋蕴含丰富的热学知识，下列说法正确的是（）A．“风影清似水，霜枝冷如玉。”霜的形成是凝固现象 B．“渊冰厚三尺，素雪覆千里。”冰的形成是凝华现象 C．“夜深知雪重，时闻折竹声。”雪的形成是升华现象 D．“青青园中葵，朝露待日晞。”露的形成是液化现象4．（3分）如图所示，有关电磁学的知识，下列说法正确的是（）A．甲图表明通电导线在磁场中会受到力的作用 B．乙图表明在磁场中运动的导体会产生感应电流 C．丙图表明通电导线会在周围空间产生磁场 D．丁图表明电磁铁磁性强弱与线圈匝数无关5．（3分）2022年夏天发生在重庆云山的一场山火，让大家记住了有“英雄气”的重庆人。山火发生后，摩托车成为山间的物资运输主力，如图所示。关于重庆人救火的英雄事迹，下列说法正确的是（）A．加速上坡时，摩托车惯性越来越大 B．摩托车轮胎上凹凸不平的花纹可以增大摩擦 C．驾驶摩托车上坡时，骑手受到的重力不做功 D．静坐在平地上休息时，骑手受到的重力与地面对骑手的支持力是一对相互作用力6．（3分）2023年2月，神舟十五号航天员圆满完成出舱活动任务。此次出舱活动配套了多型号压力传感器，主要用于测量气体压强。小天同学想设计一个通过电表示数反映环境气压大小的电路，要求环境气压增大时电表示数增大。如图所示，电源电压不变，R0为定值电阻，压力传感器R的阻值随气压的增大而减小，符合设计要求的是（）A． B． C． D．7．（3分）如图所示，在某方舱医院的建设中，工人站在水平地面上，向下拉动绳子自由端，将重900N的物体在10s内匀速提升2m。已知工人重600N，不计绳重和摩擦，绳子足够结实，该过程滑轮组的机械效率为90%。关于工人利用该滑轮组提升重物，下列说法正确的是（）A．动滑轮受到的重力为50N B．绳子自由端的拉力为450N C．自由端拉力的功率为100W D．重物的重力不能超过1100N8．（3分）如图所示，电源电压恒为16V，电流表量程0～0.6A，电压表量程0～15V，小灯泡规格“5V2.5W”，滑动变阻器规格“190Ω1A”。若不考虑小灯泡阻值随温度的变化，要求电路中各元件均安全工作，小灯泡两端电压不超过额定电压。闭合开关，下列说法正确的是（）A．滑片向右滑动，电流表、电压表示数均变小 B．电流表的示数变化范围是0.1A～0.6A C．电压表的示数变化范围是10V～15V D．滑动变阻器的调节范围是22Ω～150Ω二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分。）9．（2分）伽利略的学生及其同伴通过实验第一次测出了大气压强的大小。另一位物理学家伯努利研究发现：对于流体而言，流速大的地方压强较。10．（2分）2023年央视春晚歌曲《是妈妈是女儿》感人至深，歌声是由于声带产生的；根据声音的（选填“响度”、“音调”或“音色”），观众能分辨出某句歌词是“妈妈”还是“女儿”演唱的。11．（2分）麻花是磁器口的一道著名传统小吃。制作时，手工揉面、拉条过程说明力可以改变物体的；在油炸麻花半成品之前需要加热食用油，5kg的食用油从30℃升高到130℃吸收的热量是J。[c食用油＝2.6×103J/（kg•℃）]12．（2分）小灯泡L和电阻R的电流随电压变化情况如图所示，R的阻值为Ω；若将它们串联接在电压为8V的电源两端，通电10s，R产生的热量为J。13．（2分）如图甲所示，底面积为300cm2、重11.4N的薄壁柱形容器（足够高）静止在水平地面上，容器内放入体积为1000cm3、重4N的正方体A，此时A物体对容器底部的压强为Pa；重10N的长方体B用轻质细线悬挂于天花板，起初A与B不接触。现往容器中注入某种液体，当液体深度为14cm时，液体对容器底部的压强为1120Pa，细线上的拉力为9.2N，如图乙所示，容器对水平地面的压强为Pa。14．（1分）在图中画出入射光线经过凸透镜后的折射光线。15．（1分）在图中括号内标出静止在通电螺线管正上方的小磁针左端的极性。三、实验探究题.（本题共3个小题，第16小题6分，第17题8分，第18小题8分，共22分。）16．（6分）乔乔同学完成了下列实验，请按要求完成下列问题：（1）他用图甲所示装置做“观察水的沸腾”实验，根据实验数据绘制的温度与时间关系图像如图乙所示，从图像可知，被测水的沸点是℃，说明此时的气压（选填“高于”、“低于”或“等于”）一个标准大气压；第7min时，水中的气泡在上升过程中（选填“变大”或“变小”或“不变”）。（2）他用图丙所示装置探究“平面镜成像特点”，在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B（与蜡烛A完全相同）竖立在玻璃板后面，在玻璃板（选填“前方”或“后方”）观察，移动蜡烛B直至与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是（选填“控制变量法”、“等效替代法”或“转换法”）；移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上不能承接到蜡烛的像，说明平面镜成的是（选填“虚”或“实”）像。17．（8分）在疫情期间，小丽用密度为0.8g/cm3的纯酒精配制了浓度为75%的酒精消毒液。她查阅资料得知浓度为75%的酒精消毒液的密度为0.87g/cm3。为检验自己配制的消毒液是否合格，她进行了如下实验：（1）实验前，将天平放在水平工作台上，游码移至称量标尺左端的处，此时指针偏向分度盘中线左侧，应将平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，直至天平平衡。（2）向烧杯中倒入适量已配置好的消毒液，测出烧杯和液体的总质量为64g；然后将烧杯中的部分液体倒入量筒，如图甲所示，则量筒内液体的体积为cm3；再称量烧杯和剩余液体的总质量，天平再次平衡时所用的砝码、游码位置如图乙所示，则烧杯和剩余液体的总质量为g，小丽配置的消毒液密度为g/cm3。（3）若将烧杯中的液体倒入量筒时，有部分液体溅到了量筒的侧壁上，会导致所测液体密度与真实值相比（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。（4）小丽还想测量一金属块的密度，设计了如丙所示的装置，其中轻质杠杆OAB的支点为O，OA：AB＝2：3。她的操作如下：步骤一：用细绳将金属块悬挂于A点，弹簧测力计作用于B点并竖直向上拉，使杠杆OAB在水平位置静止，读出弹簧测力计此时的示数为3.6N；步骤二：将金属块浸没在水中（金属块不与烧杯接触），使杠杆OAB在水平位置静止，读出弹簧测力计此时的示数与步骤一相比变化了0.6N；根据小丽的实验记录，金属块的重力为N，该金属块的密度为kg/m3。18．（8分）小崇在探究“电流与电阻的关系”实验中，所用器材有：电源（电压恒为9V），阻值为10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器“20Ω1A”，电流表，电压表，开关及导线若干。（1）用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整（要求：导线不交叉，且滑片向右移动时电流表示数变小）。（2）连线时，开关应该。正确连接电路后闭合开关，发现电流表指针无偏转，电压表指针有明显偏转，原因可能是电阻R（选填“短路”或“断路”）。（3）排除故障后，小崇接入25Ω的电阻，闭合开关，调节滑片P至某一位置时，观察到电流表的示数如图乙所示，其示数为A，此时电压表示数应该为V。接下来用30Ω代替25Ω的电阻做实验，闭合开关后，应将滑片P从上一位置向（选填“左”或“右”）滑动。（4）小崇将实验数据记录在表中，分析表中数据可得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与它的电阻成比。实验次序12345R/Ω1015202530I/A0.600.400.300.20（5）若定值电阻两端电压保持5.1V不变，其它电路元件不变，电源电压可调，为顺利完成实验，则电源电压应该在范围之间选择。四、论述计算题（本题共3个小题，第19小题6分，第20小题8分，第21小题8分，共22分。解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能得分。）19．（6分）渝新欧国际货运专列从沙坪坝区团结村集装箱中心站始发，经过6个国家，全长10000多公里，被誉为“新丝绸之路”。如图所示，某次列车装完货物后，在3×106N的牵引力作用下，匀速直线运动3.3km用时5min。求：（1）列车在此匀速过程中的速度；（2）列车在此匀速过程中牵引力做的功。20．（8分）电煮锅煎炒涮煮炖样样都行。图甲为熙熙同学家的电煮锅，图乙为该电煮锅的简化电路，定值电阻R1和R2均为电热丝，开关S1、S2、S3的通断可实现高温、中温、低温三个挡位的调节（S2、S3不会同时闭合）。已知电路额定电压为220V，R2的阻值为220Ω，中温挡额定功率为440W。求：（1）R1的阻值；（2）低温挡正常工作300s，整个电路消耗的电能；（3）家中只有电煮锅工作时，电能表的指示灯3min内闪烁90次，如图丙所示，则实际功率比高温挡额定功率变化了多少？21．（8分）某兴趣小组研究电子秤的称量原理后设计了如图甲所示的装置，定值电阻R0＝60Ω，压敏电阻R的阻值随压力变化的图像如图乙所示。R上的托盘（质量忽略不计）里不放物品时，电压表的示数为6V；在托盘内放一薄壁容器，容器的重力为5N，底面积为300cm2，往容器内放入一直立细杆（质量和体积均忽略不计）和一正方体物块，细杆一端固定在容器底，另一端连着物块，现缓慢向容器中加水至物块刚好浸没为止，细杆对物块的作用力大小F随水深变化的图像如图丙所示。求：（1）电源电压；（2）物块所受的重力大小；（3）当杆对物块的作用力为4N时，电压表的示数。

2023年重庆市南川区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。）1．（3分）下列物理量的估测，最接近实际的是（）A．我国家庭电路的电压约380V B．体育特长生的百米成绩约7s C．一支常用水银体温计的质量约5g D．新型冠状病毒的直径约1mm【考点】火线与零线；质量的估测；长度的估测；时间的估测．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。【解答】解：A．我国家庭电路中的电压为220V，故A不符合实际；B．世界冠军的百米跑成绩在10s左右，体育特长生的百米成绩不可能超过世界冠军，故B不符合实际；C．常用水银体温计的质量较小，约5g，故C符合实际；D．新型肺炎冠状病毒的直径约为100nm，远远小于1mm，故D不符合实际。故选：C。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活中物理量的了解，找出符合实际的选项即可，若对题中给出量把握不准可进行必要的转换，转换成自己熟悉的量再进行判断。2．（3分）如图所示，由于光沿直线传播形成的现象是（）A．树叶影子 B．水面倒影 C．雨后彩虹 D．海市蜃楼【考点】光在均匀介质中直线传播．【分析】（1）光在同种均匀介质中是沿直线传播的，影子、小孔成像、日食、月食都属于光的直线传播。（2）光射到物体的表面会改变传播方向回到原来介质中的现象叫光的反射。水中的倒影就是光的直线传播的实例。（3）太阳光三棱镜通过后分解出七种单色光的现象叫光的色散。雨后彩虹就属于光的色散。（4）光从一种介质斜射到另一种介质时，传播方向通常会发生改变，这种现象叫光的折射。海市蜃楼、池水变浅等属于光的折射。【解答】解：A、树叶影子是由于光的直线传播形成的，故A符合题意；B、水面倒影是由于光的反射形成的，故B不符合题意；C、雨后彩虹是由于光的折射形成的，故C不符合题意；D、海市蜃楼是由于光的折射形成的，故D不符合题意。故选：A。【点评】知道光的直线传播、光的反射、光的色散和光的折射以及对应的实例。3．（3分）《中国诗词大会》是央视首档全民参与的诗词节目，自2016年推出至今，已走到第八季，节目以“赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美”为基本宗旨。中国的诗词歌赋蕴含丰富的热学知识，下列说法正确的是（）A．“风影清似水，霜枝冷如玉。”霜的形成是凝固现象 B．“渊冰厚三尺，素雪覆千里。”冰的形成是凝华现象 C．“夜深知雪重，时闻折竹声。”雪的形成是升华现象 D．“青青园中葵，朝露待日晞。”露的形成是液化现象【考点】升华和凝华的定义与特点；凝固与凝固放热的特点；液化及液化的放热特点．【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。【解答】解：A、风影清似水，霜枝冷如玉﹣﹣霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故A错误；B、“冰”的形成是由水凝固而成的，故B错误；C、雪是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故C错误；D、露的形成是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故D正确。故选：D。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。4．（3分）如图所示，有关电磁学的知识，下列说法正确的是（）A．甲图表明通电导线在磁场中会受到力的作用 B．乙图表明在磁场中运动的导体会产生感应电流 C．丙图表明通电导线会在周围空间产生磁场 D．丁图表明电磁铁磁性强弱与线圈匝数无关【考点】磁场对通电导线的作用；电磁感应现象；电流的磁效应；影响电磁铁磁性强弱的因素．【分析】（1）闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生电流，叫电磁感应；（2）通电导体在磁场中受到力的作用；（3）通电导体周围存在着磁场；（4）影响电磁铁磁性强弱的因素：电流大小、线圈匝数的多少。【解答】解：A．图中没有电源，是发电机的原理图，探究的是电磁感应现象，故A错误。B．图中有电源，是电动机的原理图，探究是通电导体在磁场中受到力的作用，故B错误；C．图中是奥斯特实验，表明通电导线周围存在磁场，故C正确；D．图丁中，两电磁铁串联，通过的电流相同，而线圈匝数不同，吸起大头针的数目不同（即两电磁铁的磁性强弱不同），说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了电与磁之间的三个联系：通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。5．（3分）2022年夏天发生在重庆云山的一场山火，让大家记住了有“英雄气”的重庆人。山火发生后，摩托车成为山间的物资运输主力，如图所示。关于重庆人救火的英雄事迹，下列说法正确的是（）A．加速上坡时，摩托车惯性越来越大 B．摩托车轮胎上凹凸不平的花纹可以增大摩擦 C．驾驶摩托车上坡时，骑手受到的重力不做功 D．静坐在平地上休息时，骑手受到的重力与地面对骑手的支持力是一对相互作用力【考点】力是否做功的判断；增大或减小摩擦的方法；惯性与惯性现象；平衡力与相互作用力的辨别．【分析】（1）影响惯性大小的因素只有质量，至于速度大小、受力大小，都不影响惯性；（2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；（3）做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于两个不同的物体上。【解答】解：A、加速上坡时，摩托车的质量不变，惯性不变，故A错误；B、摩托车轮胎上凹凸不平的花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B正确；C、驾驶摩托车上坡时，骑手中重力的方向上通过一定的距离，重力做功，故C错误；D、静坐在平地上休息时，骑手受到的重力与地面对骑手的支持力作用中同一物体上，不是一对相互作用力，故D错误。故选：B。【点评】本题考查惯性、摩擦力、功和相互作用力的知识，属于综合题。6．（3分）2023年2月，神舟十五号航天员圆满完成出舱活动任务。此次出舱活动配套了多型号压力传感器，主要用于测量气体压强。小天同学想设计一个通过电表示数反映环境气压大小的电路，要求环境气压增大时电表示数增大。如图所示，电源电压不变，R0为定值电阻，压力传感器R的阻值随气压的增大而减小，符合设计要求的是（）A． B． C． D．【考点】串、并联电路的设计与应用．【分析】（1）由AB两项电路图可知，传感器R与定值电阻R0串联，根据传感器R的阻值随气压的增大而减小可知当气压增大时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，根据题意结合电压表的位置确定电表是否符合题意；（2）由C项电路图可知，传感器R与定值电阻R0串联，电压表测电源两端的电压，根据电源的电压不变可知气压变化时电压表示数的变化；（3）由D项电路图可知，传感器R与定值电阻R0并联，电流表测R0支路的电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知气压变化时通过R0支路的电流的变化。【解答】解：AB、由电路图可知，传感器R与定值电阻R0串联，因传感器R的阻值随气压的增大而减小，所以，当气压增大时，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I＝可知，电路中的电流增大，由U＝IR可知，定值电阻R0两端的电压增大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压减小，要求环境气压增大时电表示数增大，所以电压表应并联在R0两端，故A符合题意、B不符合题意。C、由电路图可知，传感器R与定值电阻R0串联，电压表测电源两端的电压，因电源电压不变，所以，气压变化时，电压表的示数不变，故C不符合题意；D、由电路图可知，传感器R与定值电阻R0并联，电流表测R0支路的电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，气压变化时，通过R0支路的电流不变，即电流表的示数不变，故D不符合题意；故选：A。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“传感器R的阻值随气压的增大而减小”是关键。7．（3分）如图所示，在某方舱医院的建设中，工人站在水平地面上，向下拉动绳子自由端，将重900N的物体在10s内匀速提升2m。已知工人重600N，不计绳重和摩擦，绳子足够结实，该过程滑轮组的机械效率为90%。关于工人利用该滑轮组提升重物，下列说法正确的是（）A．动滑轮受到的重力为50N B．绳子自由端的拉力为450N C．自由端拉力的功率为100W D．重物的重力不能超过1100N【考点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组中的相关计算；功率的计算及公式的应用．【分析】（1）知道物重和提升的高度，利用W有＝Gh求出有用功，根据η＝×100%求出拉力做的总功；由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离s＝nh，根据W总＝Fs求出绳子自由端的拉力；（2）不计绳重和摩擦时，绳端的拉力F＝（G+G动），据此求出动滑轮的重力；（3）利用P＝求拉力做功的功率；（4）工人通过滑轮组向下拉绳子时的最大拉力等于工人自身的重力，利用不计绳重和摩擦时F＝（G+G动）求出能提升重物的最大重力。【解答】解：B、所做的有用功：W有＝Gh＝900N×2m＝1800J，由η＝×100%可知，拉力做的总功：W总＝＝＝2000J，由图可知n＝2，则绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×2m＝4m，由W总＝Fs可知，绳子自由端的拉力：F＝＝＝500N，故B错误；A、不计绳重和摩擦时，绳端的拉力F＝（G+G动），则动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×500N﹣900N＝100N，故A错误；C、拉力做功的功率：P＝＝＝200W，故C错误；D、工人通过滑轮组向下拉绳子时的最大拉力：F最大＝G人＝600N，根据F＝（G+G动）可知，能提升重物的最大重力：G最大＝nF最大﹣G动＝2×600N﹣100N＝1100N，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了滑轮组的特点、使用滑轮组时功的公式、功率公式和机械效率公式的应用，特别要注意：工人通过滑轮组向下拉绳子时的最大拉力等于工人自身的重力。8．（3分）如图所示，电源电压恒为16V，电流表量程0～0.6A，电压表量程0～15V，小灯泡规格“5V2.5W”，滑动变阻器规格“190Ω1A”。若不考虑小灯泡阻值随温度的变化，要求电路中各元件均安全工作，小灯泡两端电压不超过额定电压。闭合开关，下列说法正确的是（）A．滑片向右滑动，电流表、电压表示数均变小 B．电流表的示数变化范围是0.1A～0.6A C．电压表的示数变化范围是10V～15V D．滑动变阻器的调节范围是22Ω～150Ω【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用．【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）根据滑片的移动方向可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端电压的变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化；（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，此时的功率和额定功率相等，根据P＝UI求出灯泡正常发光时的电流，根据串联电路的电流特点结合电流表量程、变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由串联电路的分压规律算出电压表的最小示数；利用欧姆定律求出电路的最小总电阻和灯泡的电阻，根据电阻的串联特点求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，据此判断出电压表示数的变化范围；根据串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，然后得出电流表的示数变化范围，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，然后得出滑动变阻器的阻值调节范围。【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。A、滑片向右滑动时，变阻器接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，不考虑小灯泡阻值随温度的变化，由U＝IR可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A错误；BCD、灯泡正常发光时的电压UL＝5V，额定功率PL＝2.5W，由P＝UI可得，灯泡正常发光时的电流：IL＝＝＝0.5A，因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流：I大＝IL＝0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由串联电路的分压规律可知电压表的示数最小，最小为U滑小＝U﹣UL＝16V﹣5V＝11V，由I＝可得，电路的最小总电阻和灯泡的电阻分别为：R总小＝＝＝32Ω，RL＝＝＝10Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑小＝R总小﹣RL＝32Ω﹣10Ω＝22Ω；由串联电路的分压规律可知，当电压表的示数最大为15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，所以电压表的示数变化范围为11V～15V，故C错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时灯泡两端的电压：UL′＝U﹣U滑大＝16V﹣15V＝1V，电路中的最小电流：I小＝＝＝0.1A，所以，电流表的示数变化范围是0.1A～0.5A，故B错误；滑动变阻器接入电路的最大阻值：R滑大＝＝＝150Ω＜190Ω，所以，滑动变阻器的阻值调节范围是22Ω～150Ω，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确判断出电路中的最大电流和最小电流是关键。二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分。）9．（2分）伽利略的学生托里拆利及其同伴通过实验第一次测出了大气压强的大小。另一位物理学家伯努利研究发现：对于流体而言，流速大的地方压强较小。【考点】流体压强与流速的关系；大气压强的测量方法．【分析】（1）记住关于大气压的两个著名实验，第一次证明大气压存在的是马德堡半球实验；第一次测量出大气压值的是托里拆利实验.（2）流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。【解答】解：第一次测量出大气压值的是托里拆利做的托里拆利实验；对于流体而言，流速大的地方压强较小，流速小的地方压强较大。故答案为：托里拆利；小。【点评】此题考查了大气压的测量、流体压强和流速的关系，属于必须记忆的知识点，难度较小。10．（2分）2023年央视春晚歌曲《是妈妈是女儿》感人至深，歌声是由于声带振动产生的；根据声音的音色（选填“响度”、“音调”或“音色”），观众能分辨出某句歌词是“妈妈”还是“女儿”演唱的。【考点】音色；声音的产生．【分析】（1）声音是由物体的振动产生的。（2）音色是由材料和结构决定的。【解答】解：2023年央视春晚歌曲《是妈妈是女儿》感人至深，歌声是由于声带振动产生的；根据声音的音色，观众能分辨出某句歌词是“妈妈”还是“女儿”演唱的。故答案为：振动；音色。【点评】知道声音产生的条件；知道不同人的音色一般不同。11．（2分）麻花是磁器口的一道著名传统小吃。制作时，手工揉面、拉条过程说明力可以改变物体的形状；在油炸麻花半成品之前需要加热食用油，5kg的食用油从30℃升高到130℃吸收的热量是1.3×106J。[c食用油＝2.6×103J/（kg•℃）]【考点】热量的计算；力的作用效果．【分析】（1）力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态；（2）知道油的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出油吸收的热量。【解答】解：制作麻花时，手工揉面、拉条过程说明力可以改变物体的形状；油吸收的热量：Q吸＝c食用油m（t﹣t0）＝2.6×103J/（kg•℃）×5kg×（130℃﹣30℃）＝1.3×106J。故答案为：形状；1.3×106。【点评】本题考查力的作用效果和热量的计算，是一道基础题。12．（2分）小灯泡L和电阻R的电流随电压变化情况如图所示，R的阻值为20Ω；若将它们串联接在电压为8V的电源两端，通电10s，R产生的热量为18J。【考点】焦耳定律的计算及其应用；欧姆定律的应用．【分析】（1）由图读出定值电阻R两端的电压和对应的电流，由欧姆定律算出R的阻值；（2）小灯泡L和电阻R串联接在电压为8V的电源两端时通过它们的电流相等，根据图象利用串联电路的特点找出电路中的电流，根据Q＝I2Rt算出通电10sR产生的热量。【解答】解：（1）由图知定值电阻R两端的电压为6V时通过定值电阻的电流为0.3A，由I＝可得电阻R的阻值：R＝＝＝20Ω；（2）小灯泡L和电阻R串联接在电压为8V的电源两端时，因为串联电路中电流处处相等，所以，由图象可知，当电路中的电流为0.3A，L两端的电压UL'＝2V，电阻R两端的电压UR'＝6V，由串联电路的电压特点可知，此时电源电压：U＝UL'+UR'＝2V+6V＝8V，符合题意，因此此时电路中的电流为I′＝0.3A；通电10sR产生的热量为：Q＝I′2Rt＝（0.3A）2×20Ω×10s＝18J。故答案为：20；18。【点评】本题主要考查串联电路的特点以及欧姆定律公式的应用，是一道综合题。13．（2分）如图甲所示，底面积为300cm2、重11.4N的薄壁柱形容器（足够高）静止在水平地面上，容器内放入体积为1000cm3、重4N的正方体A，此时A物体对容器底部的压强为400Pa；重10N的长方体B用轻质细线悬挂于天花板，起初A与B不接触。现往容器中注入某种液体，当液体深度为14cm时，液体对容器底部的压强为1120Pa，细线上的拉力为9.2N，如图乙所示，容器对水平地面的压强为1500Pa。【考点】液体压强的计算以及公式的应用；压强的计算．【分析】（1）根据体积公式求出正方体A的边长，进而求出受力面积，A物体对容器底部的压力大小等于A的重力，根据p＝求A物体对容器底部的压强；（2）根据p＝ρgh求出液体的密度；将AB看作一个整体，根据力的平衡条件求出A受到的浮力，根据求出A排开液体的体积，根据体积公式求出液体的体积，根据密度公式求出液体的密度，根据G＝mg求出液体的重力，再将容器、A、B看作一个整体，根据力的平衡条件求出地面对容器的支持力，进而求出容器对地面的压力，根据p＝求容器对水平地面的压强。【解答】解：（1）由正方体的体积公式V＝a3可知，正方体A的边长：a＝＝＝10cm＝0.1m，因此受力面积：SA＝a2＝（0.1m）2＝1×10﹣2m2，因为薄壁柱形容器静止在水平地面上，所以A物体对容器底部的压力：FA＝G＝4N，则A物体对容器底部的压强：pA＝＝＝400Pa；（2）由p＝ρgh可知，液体的密度：ρ液＝＝＝0.8×103kg/m3，将AB看作一个整体，由力的平衡条件可知，A受到的浮力：F浮＝GA+GB﹣F拉＝4N+10N﹣9.2N＝4.8N，由F浮＝ρ液gV排可知，A排开液体的体积：V排＝＝＝6×10﹣4m3＝600cm3，则容器中液体的体积：V液＝V总﹣V排＝S容h﹣V排＝300cm2×14cm﹣600cm3＝3600cm3＝3.6×10﹣3m3，由ρ＝可知，液体的质量：m液＝ρ液V液＝0.8×103kg/m3×3.6×10﹣3m3＝2.88kg，液体的重力：G液＝m液g＝2.88kg×10N/kg＝28.8N，再将容器、A、B看作一个整体，由力的平衡条件可知，地面对容器的支持力：F支＝GA+GB+G容+G液﹣F拉＝4N+10N+11.4N+28.8N﹣9.2N＝45N，由物体间力的作用是相互的可知，容器对地面的压力：F压＝F支＝45N，容器对水平地面的压强：p＝＝＝1500Pa。故答案为：400；1500。【点评】本题考查力的平衡条件、压强定义式、密度公式和阿基米德原理的应用，综合性较强。14．（1分）在图中画出入射光线经过凸透镜后的折射光线。【考点】透镜的光路图．【分析】先确定所给的入射光线的特点，然后根据凸透镜的光学特点（三条特殊光线）作图。【解答】解：平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，如图所示：【点评】凸透镜三条特殊光线的作图：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。15．（1分）在图中括号内标出静止在通电螺线管正上方的小磁针左端的极性。【考点】安培定则；磁极间的相互作用．【分析】（1）根据安培定则判断通电螺线管的磁极；（2）同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，据此判断小磁针左端的极性。【解答】解：电流从通电螺线管的左后侧流入，从右前侧流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为S极，右端为N极，因为同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，因此小磁针左端为N极。如图：【点评】此题考查了安培定则、磁极间的相互作用，难度不大，属基础题目。三、实验探究题.（本题共3个小题，第16小题6分，第17题8分，第18小题8分，共22分。）16．（6分）乔乔同学完成了下列实验，请按要求完成下列问题：（1）他用图甲所示装置做“观察水的沸腾”实验，根据实验数据绘制的温度与时间关系图像如图乙所示，从图像可知，被测水的沸点是98℃，说明此时的气压低于（选填“高于”、“低于”或“等于”）一个标准大气压；第7min时，水中的气泡在上升过程中变大（选填“变大”或“变小”或“不变”）。（2）他用图丙所示装置探究“平面镜成像特点”，在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B（与蜡烛A完全相同）竖立在玻璃板后面，在玻璃板前方（选填“前方”或“后方”）观察，移动蜡烛B直至与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法（选填“控制变量法”、“等效替代法”或“转换法”）；移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上不能承接到蜡烛的像，说明平面镜成的是虚（选填“虚”或“实”）像。【考点】探究平面镜成像的特点；探究水沸腾时温度变化的特点．【分析】（1）水在沸腾时温度不变，据此在图像中读出沸点；水的沸点与气压有关；根据沸腾时气泡的特点解答；（2）平面镜成像的原理是光的反射，人的眼睛应通过玻璃板观察像；等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法。等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一；平面镜所成的像为虚像。【解答】解：（1）水在沸腾时温度不变，在图像中该段的温度与时间轴平行，由图像可知：水的沸点是98℃，这说明当时水面上方的气压小于一个标准大气压；沸腾时，气泡在上升过程中体积逐渐变大；沸腾前，气泡在上升过程中，体积逐渐减小；由图像乙可知，实验从5min开始沸腾，所以实验计时第7min，水沸腾，所以气泡在上升过程中体积逐渐变大；（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；平面镜所成的像是虚像，虚像不会出现在光屏上。故答案为：（1）98；低于；变大；（2）前方；等效替代法；虚。【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并会根据对实验现象的分析得出正确的结论。此类题目在近几年中考中频繁出现，备受出题人青睐，其实解答此类题目往往有规律可循，牢记并紧扣平面镜成像特点可比较容易的进行解答。17．（8分）在疫情期间，小丽用密度为0.8g/cm3的纯酒精配制了浓度为75%的酒精消毒液。她查阅资料得知浓度为75%的酒精消毒液的密度为0.87g/cm3。为检验自己配制的消毒液是否合格，她进行了如下实验：（1）实验前，将天平放在水平工作台上，游码移至称量标尺左端的零刻度线处，此时指针偏向分度盘中线左侧，应将平衡螺母向右（选填“左”或“右”）调节，直至天平平衡。（2）向烧杯中倒入适量已配置好的消毒液，测出烧杯和液体的总质量为64g；然后将烧杯中的部分液体倒入量筒，如图甲所示，则量筒内液体的体积为30cm3；再称量烧杯和剩余液体的总质量，天平再次平衡时所用的砝码、游码位置如图乙所示，则烧杯和剩余液体的总质量为37g，小丽配置的消毒液密度为0.9g/cm3。（3）若将烧杯中的液体倒入量筒时，有部分液体溅到了量筒的侧壁上，会导致所测液体密度与真实值相比偏大（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。（4）小丽还想测量一金属块的密度，设计了如丙所示的装置，其中轻质杠杆OAB的支点为O，OA：AB＝2：3。她的操作如下：步骤一：用细绳将金属块悬挂于A点，弹簧测力计作用于B点并竖直向上拉，使杠杆OAB在水平位置静止，读出弹簧测力计此时的示数为3.6N；步骤二：将金属块浸没在水中（金属块不与烧杯接触），使杠杆OAB在水平位置静止，读出弹簧测力计此时的示数与步骤一相比变化了0.6N；根据小丽的实验记录，金属块的重力为9N，该金属块的密度为6×103kg/m3。【考点】液体的密度测量实验．【分析】（1）天平在测量前，将其放在水平台上，再把游码移到标尺左端的零刻线处，根据指针的偏转情况，调节平衡螺母使天平平衡；（2）由甲图量筒读出液体体积，由乙图中烧杯和剩余液体的总质量等于砝码质量和游码对应的质量和，根据密度公式计算消毒液的密度；（3）抓住将液体倒入量筒时有液体溅到量筒的侧壁上，导致测量的液体体积偏小，再由密度公式得出密度的偏差情况；（4）根据杠杆的平衡条件得出金属块的重力；当金属块浸没水中时，弹簧测力计对杠杆B点的拉力大小可以求出，根据杠杆的平衡条件可求此时金属块对杠杆A点的拉力，根据力的相互性和平衡力知识得出金属块受到的浮力，由阿基米德原理可得出金属块的体积，根据密度公式计算出金属块的密度。【解答】解：（1）实验前，将天平放在水平工作台上，游码移至称量标尺左端的零刻线处，此时指针偏向分度盘中线左侧，说明横梁右侧偏轻，所以应将平衡螺母向右调节，使天平平衡；（2）甲图中量筒的分度值为1mL，液体体积为30mL＝30cm3；乙图中烧杯和剩余液体的总质量为20g+10g+5g+2g＝37g，量筒中液体质量m＝64g﹣37g＝27g，消毒液的密度。（3）若将烧杯中的液体倒入量筒时，有部分液体溅到了量筒的侧壁上，导致测得液体体积偏小，液体质量不变，由密度公式可知，导致所测液体密度与真实值相比偏大；（4）由图可知，金属块对杠杆A点的拉力等于自身的重力，根据杠杆的平衡原理有：F×OB＝G×OA，由上式变形可得：G＝＝＝9N；金属块浸入水中后，会受到竖直向上的浮力，所以金属块对杠杆A点的拉力会减小，相应的弹簧测力计对杠杆B点的拉力也会减小，由题意可得，此时弹簧测力计对杠杆B点拉力大小为3.6N﹣0.6N＝3N，根据杠杆的平衡条件，可求此时金属块对杠杆A点的拉力：F拉＝＝＝7.5N；金属块对杠杆向下的拉力与杠杆对金属块向上的拉力为一对相互作用力，大小相等，故金属块受到的浮力：F浮′＝G﹣F拉＝9N﹣7.5N＝1.5N；由于金属块在水中是浸没状态，则金属块体积：V＝V排＝＝＝1.5×10﹣4m3；金属块的密度：ρ＝＝＝＝6×103kg/m3。故答案为：（1）零刻度线；右；（2）30；37；0.9；（3）偏大；（4）9；6×103。【点评】本题考查了测量液体密度和固体密度的方法、实验误差分析、杠杆平衡条件与密度公式的运用。综合性强，难度较大。18．（8分）小崇在探究“电流与电阻的关系”实验中，所用器材有：电源（电压恒为9V），阻值为10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器“20Ω1A”，电流表，电压表，开关及导线若干。（1）用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整（要求：导线不交叉，且滑片向右移动时电流表示数变小）。（2）连线时，开关应该断开。正确连接电路后闭合开关，发现电流表指针无偏转，电压表指针有明显偏转，原因可能是电阻R断路（选填“短路”或“断路”）。（3）排除故障后，小崇接入25Ω的电阻，闭合开关，调节滑片P至某一位置时，观察到电流表的示数如图乙所示，其示数为0.24A，此时电压表示数应该为6V。接下来用30Ω代替25Ω的电阻做实验，闭合开关后，应将滑片P从上一位置向右（选填“左”或“右”）滑动。（4）小崇将实验数据记录在表中，分析表中数据可得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与它的电阻成反比。实验次序12345R/Ω1015202530I/A0.600.400.300.20（5）若定值电阻两端电压保持5.1V不变，其它电路元件不变，电源电压可调，为顺利完成实验，则电源电压应该在5.1V～8.5V范围之间选择。【考点】探究电流与电压、电阻的关系．【分析】（1）滑片向右移动时电流表示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；（2）为了保护电路，连线时，开关应该断开；正确连接电路后闭合开关，发现电流表指针无偏转，说明电路可能断路；电压表指针有明显偏转，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；（3）根据电流表选用量程确定分度值读数，利用U＝IR求出定值电阻两端电压；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；（4）根据表中数据分析回答；（5）根据串联电路电压的规律和分压原理确定当最大定值电阻连入电路时，滑动变阻器的最大电阻连入电路，先由欧姆定律求出此时的电流，再求出滑动变阻器的最大电压，由串联电路电压的规律求出最大电源电压，电源电压最小为5.1V。【解答】解：（1）滑片向右移动时电流表示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与电源串联在电路中，如下图所示：；（2）为了保护电路，连线时，开关应该断开；正确连接电路后闭合开关，发现电流表指针无偏转，说明电路可能断路；电压表指针有明显偏转，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即原因可能是电阻R断路；（3）排除故障后，小崇接入25Ω的电阻，闭合开关，调节滑片P至某一位置时，观察到电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.24A，则定值电阻两端电压为U4＝I4R4＝0.24A×25Ω＝6V，即此时电压表示数应该为6V；实验中，当把25Ω的电阻换成30Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动；（4）由表中数据可知，电流与电阻的乘积U'＝IR＝0.6A×10Ω＝……＝0.2A×30Ω＝6V，为一定值，故可得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与它的电阻成反比；（5）电源电压不变，若定值电阻两端的电压保持不变，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：因电压表控制在5.1V不变，由串联电路电压的规律，U滑1＝U﹣UV＝U﹣5.1V＝定值，即电压表示数与滑动变阻器分得的电压之比为定值，故当定值电阻最小或最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最小或最大，当30Ω的定值电阻接入电路时，对应滑动变阻器的最大电阻为20Ω，此时滑动变阻器两端的电压最大，电源电压即为最大值；由欧姆定律，此时通过定值电阻的电流：I'＝＝＝0.17A，滑动变阻器两端的电压：U滑1＝I'R滑大＝0.17A×20Ω＝3.4V，根据串联电路电压的规律，电源电压最大值为：U＝U滑1+UV＝3.4V+5.1V＝8.5V，最小电源电压为5.1V，故他所用的电源电压应该在5.1V～8.5V范围之间选择。故答案为：（1）见解答图；（2）断开；断路；（3）0.24；6；右；（4）反；（5）5.1V～8.5V。【点评】本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查了电路连接、注意事项、电路故障、电流表读数、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。四、论述计算题（本题共3个小题，第19小题6分，第20小题8分，第21小题8分，共22分。解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能得分。）19．（6分）渝新欧国际货运专列从沙坪坝区团结村集装箱中心站始发，经过6个国家，全长10000多公里，被誉为“新丝绸之路”。如图所示，某次列车装完货物后，在3×106N的牵引力作用下，匀速直线运动3.3km用时5min。求：（1）列车在此匀速过程中的速度；（2）列车在此匀速过程中牵引力做的功。【考点】功的计算和公式的应用；速度的计算和公式的应用．【分析】（1）已知列车运动的路程和时间，根据v＝得到列车在此匀速过程中的速度；（2）根据W＝Fs得到列车在此匀速过程中牵引力做的功。【解答】解：（1）列车在此匀速过程中的速度v＝＝＝11m/s；（2）列车在此匀速过程中牵引力做的功W＝Fs＝3×106N×3.3×103m＝9.9×109J。答：（1）列车在此匀速过程中的速度是11m/s；（2）列车在此匀速过程中牵引力做的功是9.9×109J。【点评】本题考查速度和功的计算，属于综合题。20．（8分）电煮锅煎炒涮煮炖样样都行。图甲为熙熙同学家的电煮锅，图乙为该电煮锅的简化电路，定值电阻R1和R2均为电热丝，开关S1、S2、S3的通断可实现高温、中温、低温三个挡位的调节（S2、S3不会同时闭合）。已知电路额定电压为220V，R2的阻值为220Ω，中温挡额定功率为440W。求：（1）R1的阻值；（2）低温挡正常工作300s，整个电路消耗的电能；（3）家中只有电煮锅工作时，电能表的指示灯3min内闪烁90次，如图丙所示，则实际功率比高温挡额定功率变化了多少？【考点】电功率的计算；电功与电能的计算；电能表．【分析】由P＝UI＝可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P＝UI＝可知各挡位时电路的连接；（1）根据中温挡的功率，利用P＝UI＝计算R1的阻值；（2）根据串联电路的特点和欧姆定律利用W＝Pt＝t求出低温挡