2025年人教A版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A版高二物理下册阶段测试试卷545考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、（4分）简谐横波某时刻波形图如图所示，a为介质中的一个质点，由图象可知（）A.质点a加速度方向一定沿y轴负方向B.质点a的速度方向一定沿y轴负方向C.经过半个周期，质点a的位移一定为负值D.经过半个周期，质点a通过的路程一定为2A2、在探究平行板电容器的电容与哪种因素有关的实验中，一已充电的平行板电容器与静电计连接如图所示．已知静电计指针张角随着电容器两极间的电势差的增大而增大．现保持电容器的电量不变，且电容器B板位置不动．下列说法中正确的是（）A.将A板向左平移，则静电计指针张角不变B.将A板向左平移，则静电计指针张角增小C.将A板竖直向上平移，则静电计指针张角减小D.将A板竖直向上平移，则静电计指针张角增加3、下列说法中正确的是()A.氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子B.光电效应既显示了光的粒子性，又显示了光的波动性C.天然放射现象的发现，揭示了原子的核式结构D.1

个氘核(12H)

与1

个氚核(13H)

聚变生成1

个氦核(24He)

的同时，放出1

个电子4、如图是“嫦娥一号奔月”示意图；卫星发射后通过自带的小型火箭多次变轨，进入地月转移轨道，最终被月球引力捕获，成为绕月卫星，并开展对月球的探测．下列说法正确的是（）

A.发射“嫦娥一号”的速度必须达到第三宇宙速度。

B.在绕月圆轨道上；卫星受地球的引力大于受月球的引力。

C.卫星受月球的引力与它到月球中心距离的平方成反比。

D.在绕月圆轨道上；卫星速度与卫星质量无关。

5、某原子的能级图如图所示，abc

为原子跃迁所发出的三种波长的光，图中谱线从左向右的波长依次增大的是(

)

A.B.C.D.评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)6、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解7、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)8、一沿水平方向振动的弹簧振子的位移x随时间，变化的表达式为x=8sin4πt，式中位移x和时间t的单位分别是cm和s．弹簧振子的振幅为____cm；在t=0.375s时，描述弹簧振子的物理量中，达到最大值的有____等（写出一个即可）．9、如图所示，A、B是电场中的两点，由图可知，电场强度EA____EB（填“＞”或“＜”）．将一点电荷先后放在A、B两点，它所受的电场力大小FA____FB（填“＞”或“＜”）．

10、一初速度为零的带电粒子，经电压为U的电场加速后进入磁感应强度为B的匀强磁场中，已知带电粒子的质量为m，电量为q，则带电粒子所受的洛仑兹力为______，轨道半径为______．11、如图表示一交流电的电流随时间而变化的图象；此交流电的有效值是______A

12、将输入电压为220V，输出电压为6V的理想变压器改绕成输出电压为30V的变压器，副线圈原来是30匝，原线圈匝数不变，则副线圈新增匝数为____。13、如图，三个可视为质点的金属小球A、B、C质量都是m，带正电量都是q，连接小球的绝缘细线长度都是L，静电力恒量为k，重力加速度为g．（小球可视为点电荷）则连结B、C的细线张力为____，连结A、B的细线张力为____．

14、某公园有一水池，水面下某处有一光源，在水面上形成一个半径为3m的圆形亮斑，已知水的折射率．则光源的深度为____________m，光从光源传到水面的最短时间为____________s．评卷人得分四、判断题(共2题，共14分)15、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）评卷人得分五、计算题(共1题，共7分)17、如图所示，在方向竖直向下的匀强电场中，一个质量为m

带负电的小球从斜直轨道上的A

点由静止滑下，小球通过半径为R

的圆轨道顶端的B

点时恰好不落下来.

若轨道是光滑绝缘的；小球的重力是它所受的电场力2

倍，试求：

(1)A

点在斜轨道上的高度h

(2)

小球运动到最低点C

时，圆轨道对小球的支持力．评卷人得分六、综合题(共3题，共30分)18、A.(

卓越班)(1)

图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T

的原、副线圈匝数分别为n1n2

在T

的原线圈两端接入一电压u=Umsin娄脴t

的交流电源，若输送电功率为P

输电线的总电阻为2r

不考虑其它因素的影响，则输电线上损失的电功率为___________w

(2)

在粗糙的水平桌面上有两个静止的木块A

和B

两者相距为d

现给A

一初速度，使A

与B

发生弹性正碰，碰撞时间极短。当两木块都停止运动后，相距仍然为d.

已知两木块与桌面之间的动摩擦因数均为娄脤.B

的质量为A

的2

倍，重力加速度大小为g

求A

的初速度的大小

B.(

博越班)(1)

下图表示一交流电随时间变化的图像，其中电流为正值时的图像为正弦曲线的正半部分，其最大值为Im

电流的负值为鈭�Im

则该交变电流的有效值为___________

(2)

如图所示，一交流发电机的线圈在匀强磁场中匀速转动，线圈匝数N=100

匝，线圈电阻r=3娄赂ab=cd=0.5mbc=ad=0.4m

磁感应强度B=0.5T

电阻R=311娄赂

当线圈以n=300r/min

的转速匀速转动时.

求：(1)

感应电动势的最大值；(2)t=0

时线圈在图示位置，写出此交变电流电动势瞬时值表达式；(3)

此电压表的示数是多少？19、(1)

用升压变压器可以实现高压输电，以减少远距离输电过程中的电能损失。为了达到升压的目的，升压变压器的原线圈匝数应____(

选填“少于”或“多于”)

副线圈匝数。

(2)

如图所示电路，已知电源的电动势E

=3V

内阻r

=1娄赂

外电阻R

=5娄赂

若电键S

闭合，则理想电流表A

示数为____A

。20、如图所示为某一用直流电动机提升重物的装置；重物的质量m=50kg，电源的电压为110V，不计电源电阻及各处的摩擦，当电动机以v=0.9m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流I=5A，则：

（1）电动机正常工作10s消耗的电能有多少？

（2）电动机线圈的电阻有多大？（g=10m/s2）参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A|C|D【分析】试题分析：简谐波传播过程中，质点做简谐运动，其加速度方向总是与对平衡位置的位移方向相反，指向平衡位置，故A正确；由于波的传播方向可能沿x轴正方向，也可能沿x轴负方向，因此质点a的速度方向可能沿y轴正方向，也可能沿y轴负方向，故B错误；根据质点a的振动规律，无论质点a是沿y轴正方向运动或是沿y轴负方向运动，经过半个周期后，质点a均处在x轴下方向某位置，故质点a对平衡位置的位移沿y轴负方向，为负值，C正确；简谐运动具有周期性，质点在一个周期内通过的路程是4A，半个周期内通过的路程是2A．考点：本题考查了对横波的图象、质点对平衡位置的位移及振动过程质点的加速度、速度变化规律等知识的理解．【解析】【答案】ACD2、D【分析】解：

A、B将A板向左平移，板间距离d增大，根据电容的决定式C=得知电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析得知板间电势差U增大；则静电计指针张角增大．故A；B错误．

C、D将A板竖直向上平移，两极板正对的面积减小，根据电容的决定式C=得知电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析得知板间电势差U增大；则静电计指针张角增大．故C错误，D正确．

故选：D

先根据电容的决定式分析电容的变化；再根据电容的定义式分析板间电势差的变化，判断静电计指针张角的变化．

本题是电容的动态分析问题，根据电容的决定式C=和电容的定义式C=结合进行分析，分析时还要抓住不变量，电容器充电后与电源断开时其电量不变．【解析】【答案】D3、A【分析】【分析】原子跃迁只能发出特定频率的光；光电效应说明光具有粒子性；天然放射现象说明了原子核内部有复杂结构，卢瑟福通过娄脕

粒子散射实验得出原子的核式结构模型；根据电荷数守恒、质量数守恒得出释放粒子的电荷数和质量数，从而得出粒子的种类。本题考查了能级跃迁、光电效应、天然放射现象、核反应等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点，注意光电效应说明了光具有粒子性，未显示波动性。【解答】A.氢原子从激发态向基态跃迁；由于能级是量子化的，可知辐射的光子频率也是量子化的，即只能辐射特定频率的光子，故A正确；

B.光电效应显示了光的粒子性；故B错误；

C.天然放射现象说明了原子核内部有复杂结构；故C错误；

D.根据电荷数守恒、质量数守恒知，1

个氘核(12H)

与1

个氚核(13H)

聚变生成1

个氦核(24He)

的同时，放出的粒子电荷数为0

质量数为1

是中子，故D错误。故选A。【解析】A

4、C|D【分析】

A；要使“嫦娥一号”离开地球；其速度要大于第二宇宙速度，故A错误；

B；在绕月圆轨道上；卫星受地球的引力远小于受月球的引力，可以忽略不计，故B错误；

C；根据万有引力定律；卫星受月球的引力与它到月球中心距离的平方成反比，故C正确；

D；根据万有引力等于向心力；可以求出卫星的绕月速度。

v=与卫星质量m无关，故D正确；

故选CD．

【解析】【答案】要使“嫦娥一号”离开地球；其速度要大于第二宇宙速度；在绕月圆轨道上，卫星受地球的引力远小于受月球的引力，可以忽略不计；根据万有引力提供向心力，可以求出“嫦娥一号”的绕月速度．

5、D【分析】解：从第3

能级跃迁到第1

能级；能级差最大，知c

光的频率最大，波长最短；

从第3

能级跃迁到第2

能级，能级差最小，知b

光的光子频率最小；波长最长；

所以波长依次增大的顺序为cab.

故D正确；AB

C错误．

故选：D

．

能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差；能级差越大，光子频率越大，波长越短．

解决本题的关键知道频率与波长的关系，以及知道能级间跃迁吸收或辐射的光子能量等于两能级的能级差进行分析．【解析】D

二、双选题(共2题，共4分)6、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB7、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共7题，共14分)8、略

【分析】

位移x随时间变化的表达式为x=8sin4πt；因此得到弹簧振子的振幅为8cm；

当在t=0.375s时；则有位移为-8cm，所以达到最大值的有：振子离开平衡位置的位移；回复力（弹簧弹力）或者振子的加速度，或弹簧的弹性势能；

故答案为：8；弹簧的弹性势能；振子离开平衡位置的位移、回复力（弹簧弹力）或者振子的加速度．

【解析】【答案】由x=8sin4πt；得到振子的振幅，再根据表达式，即可确定时间t时，哪个量达到最大，从而确定求解．

9、＞＞【分析】【解答】根据图象很容的发现，在电场的A点的电场线较密，所以，在A点的电场的强度要比B点的电场的强度大，即EA＞EB；

由于EA＞EB，并且是同一个试探电荷，电荷的电荷量大小相同，由F=qE可知，电荷在A点时受到的电场力要在B点时受到的电场力大，即FA＞FB；；

故答案为：＞；＞

【分析】电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．10、略

【分析】解：粒子在电场中加速．由动能定理得：

得：

带电粒子在磁场中受到的洛伦兹力：

由洛伦兹力提供向心力得：

所以：

故答案为：

由动能定理即可求出粒子进入磁场时的速度；由洛伦兹力提供向心力即可求得粒子的半径．

考查粒子在电场中加速与磁场中偏转，掌握动能定理与牛顿第二定律的应用，注意运动半径与已知长度的关系．【解析】11、5【分析】解：将交流与直流通过阻值都为R

的电阻；

设直流电流为I

则根据有效值的定义有：

(42)2R?T2+(32)2R?T2=I2RT

解得：I=5A

故答案为：5

．

根据有效值的定义求解.

取一个周期时间；将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．

对于非正弦式电流可根据有效值的定义求解有效值.

常见题型，要熟练掌握．【解析】5

12、略

【分析】【解析】试题分析：输入电压为220V，输出电压为6V的理想变压器，说明匝数之比为110:3；副线圈为30匝，说明原线圈1100匝，即所以副线圈新增匝数为120匝数考点：变压器【解析】【答案】12013、mg+2mg+【分析】【解答】球A与球B间的静电斥力为：FAB=；

球B和球C间的静电斥力为：FBC=；

球A和球C间的静电斥力为：FAC=；

先对C球受力分析，受重力、球B的斥力、球C的斥力和细线的拉力；故：

TBC=mg+FAC+FBC=mg+

再对B球和C球整体受力分析，受重力、A球的斥力和细线的拉力；根据平衡条件，有：

TAB=2mg+FAC+FAB=2mg+

故答案为：mg+2mg+．

【分析】先对C球受力分析，根据平衡条件求解连结B、C的细线张力；再对B球和C球整体受力分析，根据平衡条件求解连结A、B的细线张力．14、略

【分析】解：光源在A处，射到B处恰好发生全反射，c为临界角，由sinc=即。

如图所示：

由题意可知：OB长为3m，根据勾股定理可得：OA长度为

光沿OA方向传到水面时间最短，即为

故答案为：【解析】四、判断题(共2题，共14分)15、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．五、计算题(共1题，共7分)17、解：由题意得：mg=2Eq

设小球到B点的最小速度为VB；则由牛顿第二定律可得：

对AC过程由动能定理可得：

mg（h-2R）-Eq（h-2R）=mVB2；

联立解得：h=

（2）对AC过程由动能定理可得：

由牛顿第二定律可得：

F+Eq-mg=

联立解得：F=3mg；

答：（1）A点在斜轨道上的高度为（2）小球运动到最低点C时，圆轨道对小球的支持力为3mg．【分析】

(1)

小球恰好通过最高点；则由向心力公式可求得B

点的速度；对AB

过程由动能定理可得A

在轨道上的高度；

(2)

对AC

过程由动能定理要求得C

点的速度；由向心力公式可求得圆轨道对小球的支持力．

本题考查动能定理及向心力公式的应用，在解题时注意计算中的中间过程不必解出，而应联立可以简单求出．【解析】解：由题意得：mg=2Eq

设小球到B

点的最小速度为VB

则由牛顿第二定律可得：

mg鈭�Eq=mvB2R

对AC

过程由动能定理可得：

mg(h鈭�2R)鈭�Eq(h鈭�2R)=12mVB2

联立解得：h=52R

(2)

对AC

过程由动能定理可得：

mgh鈭�Eqh=12mvC2

由牛顿第二定律可得：

F+Eq鈭�mg=mvC2R

联立解得：F=3mg

答：(1)A

点在斜轨道上的高度为52R(2)

小球运动到最低点C

时，圆轨道对小球的支持力为3mg

．六、综合题(共3题，共30分)18、A（1）（2）解：设在发生碰撞前的瞬间；木块A的速度大小为v；

在碰撞后的瞬间，A和B的速度分别为v1和v2．

在碰撞过程中；由能量守恒定律和动量守恒定律．得。

mv=mv1+2mv2；式中，以碰撞前木块A的速度方向为正。

联立解得：

设碰撞后A和B运动的距离分别为d1和d2；

由动能定理得

按题意有：d=d2+d1

设A的初速度大小为v0，由动能定理得

联立解得：（2）解：（1）n=300r/min=5r/s，则ω=2πn=2π×5=10πrad/s，感应电动势的最大值Em=NBSω=100×0.5×0.5×0.4×10πV=314V．

（2）因为从中性面垂直面开始计时，则e=Emcosωt=314cos10πtV．

（3）电动势的有效值

根据闭合电路欧姆定律知，电压表的示数

【分析】A.(1)

【分析】理想变压器输入功率和输出功率相等，通过原线圈的电压求出副线圈的电压，再根据I=PU

求出输电线上的电流，从而求出输电线上消耗的功率。解决本题的关键注意电压有效值的使用及变压器的特点，输入功率等于输出功率，电压比等于匝数比。【解答】加在原线圈上的电压U1=Um2

根据电压比与匝数比关系：U1U2=n1n2

所以：

根据I=PU

输电线上的电流I=PU2

输电线上消耗的功率P潞脛=I2?2r=4(n1n2)2(PUm)2r

故填：4(n1n2)2(PUm)2r

(2)

碰撞过程中AB

组成的系统动量守恒，结合动量守恒定律和动能定理，抓住停止时相距的距离，表示出出碰撞后的AB

的速度，结合能量守恒定律求解。本题综合考查了动量守恒定律、动能定理、能量守恒定律，综合性较强，对学生的能力要求较高，需加强这方面的训练。B.(1)

【分析】求有效值方法：是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值。求交流电的有效值，往往根据电流的热效应，由有效值的定义求解。【解答】有效值是根据电流的热效应来规定的，根据(Im2)2RT2+Im2RT2=I2RT

得交流电的有效值为：I=32Im

故填：32Im

(2)

(1)

根据转速求出角速度的大小，结合Em=NBS娄脴

求出感应电动势的最大值；(2)t=0

时刻；线圈处于与中性面垂直面的位置，结合e=Emcos娄脴t

写出瞬时表达式；

(3)

电压表的示数是电压的有效值，根据峰值求出电动势的有效值，结合闭合电路欧姆定律求出电压表的示数。解决本题的关键掌握交流电的最大值、有效值、瞬时值，知道它们的关系，掌握瞬时值的表达式，注意从中性面开始计时和从与中性面垂直的面开始计时，表达式不同。

【解析】A(1)4(n1n2)2(PUm)2r

(2)

解：设在发生碰撞前的瞬间；木块A

的速度大小为v

在碰撞后的瞬间；A

和B

的速度分别为v1

和v2

．

在碰撞过程中；由能量守恒定律和动量守恒定律.

得。

12mv2=12mv12+122mv22

mv=mv1+2mv2

式中，以碰撞前木块A

的速度方向为正。

联立解得：v1=鈭�12v2

设碰撞后A