2025年新科版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新科版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、静止在水平地面上的物体受到一个水平拉力的作用；但物体仍然保持静止，这表明（）

A.拉力小于静摩擦力。

B.拉力与静摩擦力大小相等。

C.拉力越大；静摩擦力越小。

D.拉力大小变化时；静摩擦力大小不变。

2、如图所示，A、B、C三点在同一直线上，且AB=BC，在A处固定一电荷量为Q的点电荷，当在B处放一电荷量为q的试探电荷时，它所受到的电场力为F；移去B处电荷，在C处放电荷量为4q的试探电荷，其所受电场力大小为（）A.FB.2FC.4FD.8F3、温度都是0℃的10克冰和10克水比较，它们的（）A.质量相同，温度相同，内能也相同B.就分子的平均动能而言，水分子较大C.冰的分子势能大D.分子数相同，分子无规则运动的平均动能也相同4、从同一高度以不同的速度水平抛出两个物体，不计空气阻力，它们落到水平地面所需的时间（）A.速度大的时间长B.速度小的时间长C.一定相同D.由质量大小决定5、如图所示，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围区城内有一垂直纸面向里的变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环．导线abcd所围区域内磁场的磁感应强度按图中哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体圆环将受到向上的磁场作用力（）6、如图所示，A、B为平行金属板，两板相距为d，分别与电源两极相连，两板的中央各有一小孔M和N，今有一带电质点，自A板上方相距d的P点由静止自由下落（P、M、N在同一直线上），空气阻力忽略不计，到达N孔时速度恰好为零，然后沿原路返回，若保持两极间的电压不变，则：（）①把A板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回。②把A板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落。③把B板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回。④把B板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落。以上判断正确的是（）A.①②③④B.①②④C.②③④D.①③④7、某磁场的磁感线如图所示，磁场中的A点和B点相比()A.磁场的强弱和方向都相同B.磁场的强弱相同、方向不同C.磁场的强弱不同、方向相同D.磁场的强弱不同、方向不同8、恒力F作用在质量为m的物体上，在时间t内，物体的速度由v1增大为v2，则力2F作用在质量为4m的物体上，在时间t内，物体的动量变化大小是（）A.m（v2-v1）B.m（v2-v1）C.2m（v2-v1）D.4m（v2-v1）9、下列各种说法中正确的是(

)

A.电流的定义式I=qt

只适用金属导体中自由电子定向移动形成的电流B.电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时，静电力所做的功C.电动势为1.5V

的干电池，表明干电池可以使2C

的电量具有3J

的电能D.2

号干电池比5

号干电池的体积大，电动势也大评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)10、某同学为了测定一只约为100Ω的电阻的阻值；采用了如下方法：

①用多用电表粗测：多用电表电阻挡有4个倍率：分别为×1k、×100、×10、×1．该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大．为了较准确地进行测量，应如将选择开关置于____填×1k；×10、×1）的倍率．

②该同学用伏安法继续测定这只电阻的阻值；要求电阻两端的电压由零开始连续变化，除被测电阻外，还有如下实验仪器：

A．直流电源（电压3V；内阻不计）

B．电压表V1（量程：0～3V；内阻约为5kΩ）

C．电压表V2（量程：0～15V；内阻约为25kΩ）

D．电流表A1（量程：0～25mA；内阻约为1Ω）

E．电流表A2（量程：0～250mA；内阻约为0.1Ω）

F．滑动变阻器一只；阻值0～20Ω；

H．滑动变阻器（500Ω；0.2A）

I．电键一只；导线若干。

在上述仪器中，电压表应选择____（填“V1”或“V2”），电流表应选择____（填“A1”或“A2”）．滑动变阻器应选择____（填F或H）；请在画出电路原理图，完成所给的实验器材的实物图的连接．

11、地球的半径约为R=6400千米，A、B两颗人造地球卫星沿圆轨道绕地球运行，它们离地球表面的高度分别为hA=3600千米，hB=1700千米，那末A、B两颗卫星的运行速率之比VA:VB=____________，运行周期之比TA:TB=____________。12、（4分）如图所示为一个小灯泡的电流与它两端电压的变化关系曲线．若把三个这样的灯泡串联后，接到电压恒定的6V电源上，求流过小灯泡的电流为________A，小灯泡的电阻为________Ω.13、如图所示，L为自感线圈，A是一个灯泡，当S闭合瞬间，a、b两点电势相比，______点电势较高，当S切断瞬间a、b两点电势相比，______点电势较高．14、沿水平方向运动的汽车中用悬线挂一小球，当汽车做匀变速直线运动时，悬线将不在竖直方向，当悬线保持与竖直方向的夹角为娄脠

如图所示时，汽车的加速度大小为______，方向为______．15、放射源中有三种不同的粒子，其中一种不带电，另两种分别带正负电荷，置于磁场中，形成如图三条轨迹，则不带电的粒子的轨迹是______，带负电的粒子的轨迹是______．16、在雾霾天气下，能见度下降，对高速公路道路通行影响很大，事故频发。雾霾天气下质量为m=1.5脳103kg

的轿车在某段平直路面上行驶，已知轿车保持匀速行驶时受到的阻力为车重的0.1

倍，刹车时受到的阻力为车重的0.5

倍。(1)

若该轿车行驶的速度为v=54km/h

则刹车后经过多长时间才会停下来？(2)

若该轿车以P=3脳104W

的功率匀速行驶时，司机突然发现前方有障碍物，经0.5s

反应后立即刹车，刚好到障碍物位置停止，则司机看见障碍物时轿车与障碍物的距离为多大？17、用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻的实验中；有两种电路可供选择，若所测干电池内阻较小，为减小内阻测量的误差，实验电路应选择图甲乙中的______图(

填甲或乙)

若根据某次实验记录数据画出的U鈭�I

图象如图丙所示，下列关于这个图象的说法中正确的是______．

A.纵轴截距表示待测电源的电动势；即E=3V

B.横轴截距表示短路电流；即I露脤=0.6A

C.根据r=EI露脤

计算出待测电源内阻为5娄赂

D.根据r=|鈻�U鈻�I|

计算出待测电源内电阻为1.0娄赂

．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

22、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

23、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）24、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、计算题(共3题，共24分)25、如图所示，竖直放置的轻弹簧，一端固定于地面，另一端与质量为mmB=3kg=3kg的物体BB固定在一起，质量为mmA=1kg=1kg的物体AA置于BB的正上方hh1=5cm=5cm处静止。现让AA自由下落((不计空气阻力))和BB发生碰撞，碰撞时间极短，碰撞后粘在一起。已知碰后经t=0.2st=0.2s下降了hh2=5cm=5cm至最低点，弹簧始终处于弹性限度内。已知重力加速度g=10m/sg=10m/s2。求

(1)

从碰后到最低点的过程中弹性势能的增加量娄陇Ep

(2)

从碰后至返回到碰撞点的过程中，弹簧对物体B

冲量I

26、如图所示，小球的质量为m=0.1kg，带电量为q=+1.0×10-5C，悬挂小球的细线与竖直方向成θ=370时，小球恰好在水平匀强电场中静止不动，sin370=0.6，cos370=0.8，g取10m/s2。求：（1）电场力的大小；（2）电场强度的大小和方向；（3）此时细线的拉力大小.27、如图所示为竖直放置的四分之一圆弧轨道；O

点是其圆心，半径R=0.8mOA

水平；OB

竖直.

轨道底端距水平地面的高度h=0.8m.

从轨道顶端A

由静止释放一个质量m=0.1kg

的小球，小球到达轨道底端B

时，恰好与静止在B

点的另一个相同的小球发生碰撞，碰后它们粘在一起水平飞出，落地点C

与B

点之间的水平距离x=0.4m.

忽略空气阻力，重力加速度g=10m/s2.

求：

(1)

两球从B

点飞出时的速度大小v2

(2)

碰撞前瞬间入射小球的速度大小v1

(3)

从A

到B

的过程中小球克服阻力做的功Wf

．评卷人得分五、识图作答题(共2题，共12分)28、一场筹备了10年的“太空结合”首次在神舟八号飞船上举行了,“新人”之一是B细胞和骨髓瘤细胞,新人在“产房”——电融合仪内孕育新生命。160min后,中国首批“太空娃娃”终于顺利诞生。“太空娃娃”诞生和地面实验如图所示。

请回答下列问题：

（1）制备单克隆抗体用到的动物细胞工程技术手段有________。

（2）单克隆抗体是由_______________细胞产生的。

（3）若用于SARS的预防上,A细胞是小鼠骨髓瘤细胞；则B细胞是_____细胞。B细胞和骨髓瘤细胞能融合在一起,体现了细胞膜具有_____的特点。科学工作者正在研究治疗癌症使用的生物导弹是_____

（4）鼠的淋巴细胞和骨髓瘤细胞融合后,在培养时通过_____（有丝/减数）分裂方式大量繁殖。29、松毛虫是对马尾松破坏性最大的害虫，以马尾松松叶为食，其天敌有杜鹃、喜鹊、赤眼蜂等，杜鹃和喜鹊以松毛虫为食，而赤眼蜂是一种卵寄生蜂，将卵产在松毛虫卵中，并以害虫卵内物质，供其子代发育成长，马尾松在遭受到松毛虫啃食时会产生一种挥发性物质，引来赤眼蜂。回答下列相关问题。(1)马尾松林中所有植物、动物、微生物共同组成了________。题中所涉及的种间关系有____________。(2)马尾松受侵害后产生的挥发性物质属于________信息，引来松毛虫的天敌赤眼蜂体现了信息传递的作用是________________________________________。(3)如图是松毛虫摄入能量在食物链中的去向，图中字母代表相应能量。①图中B表示________________________________________，D表示储存在_______________中的能量。②松毛虫和杜鹃之间的能量传递效率为________(用图中字母表示)。评卷人得分六、画图题(共2题，共4分)30、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象31、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】

静止在水平地面上的物体受到一个水平拉力的作用；物体在水平方向受到拉力和静摩擦力两个力作用，由平衡条件可知，拉力与静摩擦力大小相等，方向相反，当拉力大小变化，静摩擦力也随之变化：拉力增大，静摩擦力也增大；拉力减小，静摩擦力也减小．

故选B

【解析】【答案】静止在水平地面上的物体受到一个水平拉力的作用；物体仍然保持静止，合力仍为零，分析受力情况，由平衡条件研究拉力与静摩擦力的关系．

2、A【分析】解：根据同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引；分析可知电荷量为4q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向相同。

设AB=r，则有BC=r。

则有：F=k

故电荷量为4q的点电荷在C处所受电场力为：FC=k=F；故A正确；BCD错误。

故选：A。

首先确定电荷量为4q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向的关系；再根据库仑定律得到F与AB的关系，即可求出4q的点电荷所受电场力。

本题关键是根据库仑定律研究两电荷在两点所受的电场力大小和方向关系，难度不大。【解析】A3、D【分析】解：A；0℃的10克冰和10克水；温度相同，平均动能相同，但冰吸热融化为水，故内能不相同，故A错误。

B；温度是平均动能的标志；温度相同，分子无规则运动的平均动能也相同，故B错误。

C；冰融化过程中吸热；温度不变，平均动能不变，从外界吸收的热量转化为分子势能，所以水的分子势能比冰大，故C错误。

D；10克冰和10克水；分子数相同，又温度相同，分子无规则运动的平均动能也相同，故D正确。

故选：D。

0℃的10克冰融化为0℃10克水；需要从外界吸收热量，但温度不变，分子的平均动能不变，吸收的热量转化为分子势能。

本题考查了温度是分子平均动能的标志、分子势能等知识点。这种题型知识点广，多以基础为主，只要平时多加积累，难度不大。【解析】D4、C【分析】解：根据h=知；平抛运动的时间由高度决定，高度相等，则平抛运动的时间相等，与初速度无关。故C正确，A；B、D错误。

故选：C。

平抛运动在竖直方向上做自由落体运动；根据分运动与合运动具有等时性，知平抛运动的时间由高度决定．

解决本题的关键知道平抛运动的规律，以及知道分运动和合运动具有等时性．【解析】C5、A【分析】【解析】试题分析：abcd回路中磁场变化，会产生感应电流，感应电流通过线圈，在线圈中会产生磁场，产生的磁场通过导体圆环，根据楞次定律的另一种表述，感应电流的效果总是要反抗（或阻碍）产生感应电流的原因．判断出原磁场是增加还是减小，从而判断出电流是增加还是减小。导体圆环将受到向上的磁场作用力，根据楞次定律的另一种表述，可见原磁场磁通量是减小，即螺线管和abcd构成的回路中产生的感应电流在减小．根据法拉第电磁感应定律，则感应电流可知减小时，感应电流才减小，由图可知A图中减小，B图增大，C、D图不变。故选A考点：楞次定律；法拉第电磁感应定律【解析】【答案】A6、D【分析】【解析】试题分析：由题设条件知知电场力做功等于重力做功的大小．把A板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落，根据动能定理知，小球到达N点速度为零然后返回．故①正确将A板向下移动一小段距离，根据动能定理知，小球到达N点速度为零然后返回．故②错误．把B板向上平移一小段距离，根据动能定理知，知小球未到达N点速度已减为零，然后返回．故③正确．把B板向下平移一小段距离后，根据动能定理知，知小球到达N点速度不为零，小球会穿过N孔继续下落．故④正确．故选D．考点：考查了动能定理的应用【解析】【答案】D7、D【分析】【解析】试题分析：磁感线的方向表示磁场的方向，磁感线的疏密程度表示磁感应强度的大小，越密磁感应强度越大，故D正确，考点：本题考查了对磁感线的认识【解析】【答案】D8、C【分析】解：力F作用在m的物体上时，根据动量定理得：Ft=m（v2-v1）；

力2F作用在质量为4m的物体上，根据动量定理得2Ft=2m（v2-v1）；故C正确．

故选：C

由动量定理可求得力作用在m上时的动量变化量；则可得出力2F作用在质量为4m的物体上的动量变化量．

本题考查动量定理的应用，要注意不需要求出作用在质量为4m的物体上的速度变化，直接用动量定理即可求解．【解析】【答案】C9、C【分析】解：A

电流的定义式I=qt

适用于任何自由电荷的定向移动形成的电流，故A错误；

B；电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时；非静电力所做的功，故B错误；

C、电动势为1.5V

的干电池，由E=Wq

得W=qE=2隆脕1.5J=3J

则知干电池可以使2C

的电量具有3J

的电能，故C正确；

D；2

号干电池和5

号干电池的电动势都为1.5V

电动势相等，故D错误．

故选：C

本题根据电流的定义式I=qt

采用比值法定义，具有比值法定义的共性，适用于任何电流；电动势根据其定义式：E=WqW

是非静电力做功．

解决本题关键从物理量的定义式来理解其物理意义，特别抓住比值定义法的共性理解电流、电动势和电阻，注意2

号干电池和5

号干电池的电动势都为1.5V

．【解析】C

二、填空题(共8题，共16分)10、略

【分析】

指针偏转过大；说明所选档位过大，导致示数偏小，为了使指针指向中间，应选用小档位，故应选×10档；

②由题意可知，由于电源电压为3V，故电压表应选择量程为3V的，故选V1；本题中应选用分压接法；故滑动变阻器应选小电阻，故滑动变阻器应选F；

电阻阻值为100Ω，故电路中电流I=A=0.03A；故电流表应选D，A1；

根据实验要求；本题应采用分压接法，同时，由于电阻较小，故应选用电流表外接法，原理图如下图；根据原理图，可以连接出实物图，注意正负接线柱的接法，并且导线要连在接线柱上；实物图如下图；

故答案为：①×10；②V1；A1；F．实物图及原理图如上图．

【解析】【答案】①根据欧姆表的原理可知；指针偏转角度过大，说明所选档位过大，故应减小档位；

②根据题目要求可知；本题应采用分压接法，故可选出滑动变阻器；由电源的电动势可选出电压表，由欧姆定律可知电路中的电流，则可选出电流表．

11、略

【分析】【解析】试题分析：可得：代入数据得：A、B两颗卫星的运行速率之比VA:VB=9：10，运行周期之比TA:TB=1000：729。考点：万有引力与航天【解析】【答案】9：10；1000：72912、略

【分析】由串联分压可知灯泡两端电压均为2V，对照图像可知此时灯泡的电流为0.3A，电阻为20/3Ω【解析】【答案】0.320/3Ω13、略

【分析】解：如图，开关S断开之前，通过灯R的电流方向为a到b；则a的电势较高．

当开关断开后；R灯中原来的电流消失．通过线圈的电流要减小，穿过线圈的磁通量减小，产生自感电动势；

根据楞次定律可知，线圈右端相当于电源的正极，左端相当于电源的负极，则通过灯R的电流方向由b到a，则b点的电势较高．

故答案为：a，b．

开关S断开之前，通过灯A的电流方向为a到b；当开关断开后，A灯中原来的电流消失，根据楞次定律分析线圈产生的感应电流方向，再确定通过灯A的电流方向，即可求解．

本题中开关断开前后灯A中电流方向相反，要根据楞次定律理解分析，并加以记忆．【解析】a；b14、略

【分析】解：汽车的加速度与小球加速度相同；对小球进行受力分析，受到重力和绳子拉力，如图．

根据牛顿第二定律得：mgtan娄脠=ma

解得：a=gtan娄脠

方向水平向右．

故答案为：gtan娄脠

水平向右．

对小球进行受力分析；根据牛顿第二定律求解加速度的大小和方向，即可得到汽车的加速度大小和方向．

本题是牛顿第二定律的应用.

利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答，或运用合成法列式．【解析】gtan娄脠

水平向右15、略

【分析】解：由于磁场方向垂直纸面向里；根据左手定则，若粒子带正电，粒子向左偏转，粒子不带电，则粒子不发生偏转，当粒子带负电，则粒子向右偏转。

故由图知；垄脵

带负电垄脷

不带电垄脹

带正电．

故答案为：垄脷垄脵

粒子垂直进入磁场时受洛伦兹力作用而发生偏转；由粒子偏转方向和左手定则可以反推粒子所带电荷的正负，同时中性粒子在磁场中不受洛伦兹力作用，故粒子不发生偏转．

熟悉粒子在磁场中偏转是由洛伦兹力引起的，根据左手定则可以判断电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向.

能灵活运用左手定则是解决问题的关键．【解析】垄脷垄脵

16、解：（1）刹车时的加速度大小为：v=54km/h=15m/s；

有速度时间公式可知：

即：若该轿车行驶的速度为v=54km/h，则刹车后经过3s长时间才会停下来；

（2）匀速行驶时所受到的阻力f=0.1mg=1500N；

匀速行驶的速度：

反应时间内通过的位移为：x1=v0t=20×0.5m=10m；

减速通过的位移为：

通过的总位移为：x=x1+x2=50m；

即：若该轿车以P=3×104W的功率匀速行驶时，司机突然发现前方有障碍物，经0.5s反应后立即刹车，刚好到障碍位置停止，则司机看见障碍物时轿车与障碍物的距离为50m。【分析】本题主要考查了对汽车运动过程的分析；抓住临界条件刚好不相撞是正确解题的关键，应用牛顿第二定律与运动学公式即可正确解题。

(1)

根据牛顿第二定律求得刹车时的加速度；根据速度时间公式求得时间；

(2)

因为匀速运动；故牵引力等于阻力，根据P=fv

求得匀速运动的速度，根据运动学公式求得通过的位移。

【解析】解：(1)

刹车时的加速度大小为：a=0.5mgm=5m/s2v=54km/h=15m/s

有速度时间公式可知：t=0?va=0?15鈭�5s=3s

即：若该轿车行驶的速度为v=54km/h

则刹车后经过3s

长时间才会停下来；(2)

匀速行驶时所受到的阻力f=0.1mg=1500N

匀速行驶的速度：v0=Pf=300001500m/s=20m/s

反应时间内通过的位移为：x1=v0t=20隆脕0.5m=10m

减速通过的位移为：x2=?v02?2a=?202?2隆脕5m=40m

通过的总位移为：x=x1+x2=50m

即：若该轿车以P=3隆脕104W

的功率匀速行驶时，司机突然发现前方有障碍物，经0.5s

反应后立即刹车，刚好到障碍位置停止，则司机看见障碍物时轿车与障碍物的距离为50m

17、略

【分析】解：由于乙图中电流表的内阻在测量时等效为了内电阻；又因为电源内阻接近于电流表内阻，故使误差过大，故本实验中一般选用甲图；

由欧姆定律可知，U=E鈭�Ir

由数学知识可知图象与纵坐标的交点为电源的电动势，故电源电动势E=3.0V

故A正确；

由于图象纵坐标不是从零开始的，故图象与横坐标的交点不是短路电流；故不能由EI露脤

求出电阻；故BC错误；

故在求内阻时；应由图象的斜率求出，故D正确；

故选AD；

故答案为：甲；AD

．

在本实验中由于电流表及电压表不是理想电阻；其内阻会造成误差，故根据内阻对结果的影响大小可选出理想电路；

由原理可得出函数关系；由数学知识可知如何求出电动势和内电阻．

本题中实验电路一般都选用甲图，同时在数据处理中要注意正确利用数学关系，明确图象的意义．【解析】甲；AD

三、判断题(共7题，共14分)18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．22、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．23、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．24、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、计算题(共3题，共24分)25、解：①A做自由落体运动；机械能守恒，由机械能守恒定律得：

mAgh1=mAv02；

代入数据解得：v0=1m/s；

A；B碰撞过程系统动量守恒；以A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：

mAv0=（mA+mB）v；

代入数据解得：v=0.25m/s；

从碰后到最低点过程；由能量守恒定律得：

△EP=（mA+mB）v2+（mA+mB）gh2；

代入数据解得：△EP=2.125J；

②从碰后到返回碰撞点的过程；以向上为正方向，由动量定理得：

I-（mA+mB）g•2t=2（mA+mB）v；

代入数据解得：I=18N•s；

答：①从碰后到最低点的过程中弹性势能的增加量为2.125J；

②从碰后至返回到碰撞点的过程中，弹簧对物体B冲量的大小为18N•s．【分析】

垄脵

应用机械能守恒定律求出A

碰撞前的速度；由动量守恒定律求出碰撞后AB

的共同速度，然后由能量守恒定律求出弹簧增加的势能；

垄脷

由动量定理可以求出冲量．

本题考查了求弹性势能的增量、求冲量大小，分析清楚物体的运动过程，应用机械能守恒定律与动量守恒定律、动量定理即可正确解题，解题时注意正方向的选择．【解析】解：垄脵A

做自由落体运动；机械能守恒，由机械能守恒定律得：

mAgh1=12mAv02

代入数据解得：v0=1m/s

A；B

碰撞过程系统动量守恒；以A

的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：

mAv0=(mA+mB)v

代入数据解得：v=0.25m/s

从碰后到最低点过程；由能量守恒定律得：

鈻�EP=12(mA+mB)v2+(mA+mB)gh2

代入数据解得：鈻�EP=2.125J

垄脷

从碰后到返回碰撞点的过程；以向上为正方向，由动量定理得：

I鈭�(mA+mB)g?2t=2(mA+mB)v

代入数据解得：I=18N?s

答：垄脵

从碰后到最低点的过程中弹性势能的增加量为2.125J

垄脷

从碰后至返回到碰撞点的过程中，弹簧对物体B

冲量的大小为18N?s

．26、略

【分析】【解析】

（1）由平衡知识可知电场力F=mg·tan37°=0.75N；（2分）（2）E=F/q=7.5×104N/C，方向水平向右；（4分）（3）细线拉力FT=mg/cos37°=1.25N；（2分）本题考查力与平衡以及电场力知识，根据共点力的平衡可得电场力的大小，然后根据公式E=F/q得电场强度大小和方向，细线拉力FT=mg/cos37°，解出拉力。【解析】【答案】（1）0.75N；（2）方向水平向右（3）1.25N；27、解：（1）两球做平抛运动；根据平抛运动规律得。

竖直方向上

解得t=0.4s

水平方向上x=v2t

解得v2=1m/s

（2）两球碰撞；规定向左为正方向；

根据动量守恒定律得。

mv1=2mv2

解得v1=2m/s

（3）入射小球从A运动到B的过程中；根据动能定理得。

解得Wf=0.6J

答：（1）两球从B点飞出时的速度大小是1m/s；

（2）碰撞前瞬间入射小球的速度大小是2m/s；

（3）从A到B的过程中小球克服阻力做的功是0.6J．【分析】

1

两球做平抛运动；根据平抛运动规律得两球从B

点飞出时的速度大小。

2

两球碰撞；根据动量守恒定律得出入射小球的速度大小。

3

入射小球从A

运动到B

的过程中；根据