2025年人民版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人民版高二物理下册阶段测试试卷405考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、电阻R和电动机M串联接到电路中，如图所示，已知电阻R跟电动机M线圈的电阻相同，开关闭合后，电动机正常工作，设电阻R和电动机两端的电压分别为U1和U2；经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生的热量为Q1；电流通过电动机M做功为W2，产生的热量为Q2；则有（）

A.U1＝U2，Q1＜Q2B.W1＜W2，Q1＝Q2C.W1＜W2，Q1＜Q2D.U1＞U2，Q1＝Q22、一个电子在电场中A点具有80eV的电势能，当它由A运动到B克服电场力做功30eV，则（）A.电子的电势能减少了30eVB.电子在B点的电势能是50eVC.B点的电势为110VD.B点的电势为﹣110V3、如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形闭合线圈abcd

线圈平面与磁场垂直，O1O2

是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使线圈中的磁通量发生变化？()

A.向左或向右平动B.向上或向下平动C.绕O1O2

转动D.平行于纸面向里运动4、一弹簧振子做简谐运动，周期为T(

)

A.若t

时刻和(t+鈻�t)

时刻振子运动位移大小相等、方向相同，则鈻�t

一定等于T

的整数倍B.若t

时刻和(t+鈻�t)

时刻振子运动速度的大小相等、方向相反，则鈻�t

一定等于T2

的整数倍C.若鈻�t=T

则在t

时刻和(t+鈻�t)

时刻振子运动的加速度一定相等D.若鈻�t=T2

则在t

时刻和(t+鈻�t)

时刻弹簧的长度一定相等5、下列现象中涉及到电磁感应的是（）A.

电子束在显管中的偏转B.

电子束在显管中的偏转C.

颤抖的灯丝D.

电子束在磁场中的偏转6、在如图所示的U－I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线。用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路。由图象可知（）A．电源的电动势为3V，内阻为0.5ΩB．电阻R的阻值为1ΩC．电源的输出功率为4WD．电源的效率为50%7、矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，下列说法正确的是（）A.在中性面时，通过线圈的磁通量最大B.在中性面时，感应电动势最大C.穿过线圈的磁通量为零时，感应电动势也为零D.线圈每通过中性面两次，电流方向改变一次8、关于气体压强的理解，哪一种理解是错误的(

)

A.大气压强是由地球表面空气重力产生的，因此将开口瓶密闭后，瓶内气体脱离大气，它自身重力太小，会使瓶内气体压强远小于外界大气压强B.气体压强是由于气体分子不断撞击器壁而产生的C.气体压强取决于单位体积内分子数和分子的平均动能D.单位面积器壁受到气体分子碰撞的平均压力在数值上就等于气体压强的大小9、一个在水平面内做简谐运动的弹簧振子，从第一次以不等于零的速度经过非平衡位置的某点a

时开始计时，下列说法中正确的是(

)

A.到它第二次经过a

点时，所需时间为半个周期B.到它第二次经过a

点时，所需时间为一个周期C.到它第三次经过a

点时，所需时间为一个周期D.到它第三次经过a

点时，所需时间为二个周期评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)10、（3分）如图所示，某种折射率较大的透光物质制成直角三棱镜ABC，在垂直于AC面的直线MN上插两枚大头针P1、P2，在在BC面的右侧无论怎样都看不到大头针P1、P2的像，而在AB面的左侧通过棱镜可以观察大头针P1、P2的像，调整视线方向，直到P1的像被P2的像挡住，再在观察的这一侧先后插上两枚大头针P3、P4（图中未画出），使P3挡住P1、P2的像，P4挡住P3和P1、P2的像，记下P3、P4和三棱镜的位置，移去大头针和三棱镜，过P3、P4作直线与AB面交于D，量出该直线与AB面的夹角为450，则透光物质的折射率n=．11、如图所示的电路中,R1、R2为标准电阻.测定电源电动势和内阻时,如果偶然误差可以忽略不计,则电动势的测量值比真实值________,内阻的测量值比真实值________,测量误差产生的原因是________.12、法拉第发现了电磁感应现象之后，又发明了世界上第一台发电机──法拉第圆盘发电机，揭开了人类将机械能转化为电能并进行应用的序幕。法拉第圆盘发电机的原理如图所示，将一个圆形金属盘放置在电磁铁的两个磁极之间，并使盘面与磁感线垂直，盘的边缘附近和中心分别装有与金属盘接触良好的电刷A、B，两电刷与灵敏电流计相连。当金属盘绕中心轴按图示方向转动时，则电刷A的电势电刷B的电势（填高于、低于或等于）；若仅提高金属盘转速，灵敏电流计的示数将____；（填增大、减小或不变）；若仅将滑动变阻器滑动头向左滑，灵敏电流计的示数将____（填增大、减小或不变）13、（1）某学生利用单摆做测定重力加速度的实验，以下操作中错误的是______

A．将单摆悬挂好后；再用刻度尺和游标卡尺测出摆长l；

B．将摆球向一侧偏离30°后由静止释放摆球；

C．在释放摆球的同时开始计时；之后摆球每连续两次经过平衡位置就计数1次；

D．记下摆球完成n次（大于30次）全振动的时间t；再把相应数据代入公式得重力加速。

（2）该同学根据实验数据，利用计算机作出t2-l图线如图所示．根据图线拟合得到方程t2=404.0l+3.0．由此可以得出当地的重力加速度g=______m/s2．（取π2=9.86；结果保留3位有效数字）

（3）用平行玻璃砖测定玻璃的折射率的实验中，画出的界面aa′和bb′如图所示．你认为玻璃中光路______是作图得到的？（填“1”或“2”）这样测得的折射率与实际值相比较是______

A．偏大B．偏小C．不变D．无法确定．14、下列说法正确的是_______E.液晶具有液体的流动性，同时具有晶体的各向异性特征评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)15、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）16、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）17、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

22、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验探究题(共3题，共9分)23、在“用单摆测重力加速度”的实验中，由于没有游标卡尺，无法测小球的直径d，实验中将悬点到小球最低点的距离作为摆长l，测得多组周期T和l的数据，作出T2-l图象；如图所示．

（1）实验得到的T2-l图象是______；

（2）小球的直径是______cm；

（3）实验测得当地重力加速度大小是______m/s2（取三位有效数字）．24、某同学用如图甲所示的电路测定电源的电动势和内电阻．已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约为1Ω；电压表（量程0～3V，内阻3kΩ），电流表（量程0～0.6A，内阻1.0Ω），滑动变阻器有R1（最大阻值10Ω，额定电流2A）和R2（最大阻值100Ω；额定电流0.1A）各一只．

（1）实验中滑动变阻器应选用______．（选填“R1”或“R2”）

（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路．

（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的电压与电流关系图线，根据图线求出的电源电动势E=______V，内阻r=______Ω．（结果保留两位小数）25、将一个电荷量q=鈭�3隆脕10鈭�6C

的负点电荷；从电场中的A

点移到B

点时，克服电场力做功6隆脕10鈭�4J

从B

点移到C

点电场力做功9隆脕10鈭�4

J.

(1)

则AB

间电势差UAB=

______；AC

间的电势差UAC=

______；

(2)

将一个电子从电场中的A

点移到C

点，电场力所做的功为______电子伏特．评卷人得分五、作图题(共4题，共28分)26、如图1所示，在直导线上方放一小磁针．当导线中通入电流时，发现小磁针的S极转向读者，请画出导线中电流的方向．如图2所示，通电导线由于受到磁场力而向左运动，画出条形磁铁的N、S极．

27、如图所示，在课桌的C点用最小的力把桌腿B抬离地面，在抬起时桌腿A没有滑动．请在C点画出这个力的示意图，并标出它的力臂L．

28、如图所示，A、B、C是匀强电场中平行于电场线的某一平面上的三个点，各点的电势分别为φA=20V，φB=4V，φC=8V，请你画出该电场的其中一个等势面和一条电场线．29、我们可以通过实验探究电磁感应现象中；感应电流方向的决定因素和遵循的物理规律．以下是实验探究过程的一部分．

（1）如图（1）所示，当磁铁N向下运动时，发现电流表指针偏转．若要探究线圈中产生感应电流的方向，必须知道______．

（2）如图（2）所示，实验中发现闭合开关时，电流表指针向右偏．闭合开关稳定后，若向左移动滑动触头，此过程中电流表指针向______偏转；若将线圈A抽出，此过程中电流表指针向______偏转（均选填“左”或“右”）．评卷人得分六、推断题(共3题，共21分)30、已知有如图所示物质的相互转化：试填写下列空白：rm{(1)B}的化学式：________，rm{D}的化学式：________。rm{(2)}写出由rm{E}转变成rm{F}的化学方程式：________。rm{(3)}写出下列反应的离子方程式：rm{D}溶液与rm{AgNO_{3}}溶液反应：________；向rm{G}溶液中加入rm{A}________。rm{(4)A}与稀盐酸反应生成rm{0.1mol}气体，转移电子数为________。31、根据下面的反应路线及所给信息；回答下列问题：

rm{(1)11.2L(}标准状况rm{)}的烃rm{A}在氧气中充分燃烧可以产生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支链，rm{B}和rm{C}均为一氯化烃，它们的结构简式分别为____________，_____________rm{(3)D}的系统命名法名称__________________________rm{(4)垄脵}rm{垄脹}的反应类型依次是___________________，__________________rm{(5)}写出rm{垄脷}rm{垄脹}的反应化学方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分异构体的一种二氯代物rm{G}其核磁共振氢谱图上有两组峰，且峰面积之比为rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加热，充分反应后生成rm{H}rm{H}的结构简式为_________________请写出rm{H}发生加聚反应的化学方程式__________________32、食品添加剂肉桂酸是一种香精，其合成路线如下：已知：

请回答下列问题：rm{(1)B}的名称是_______________。rm{A}和rm{C}常温下都是无色微溶于水的液体，对两者进行鉴别的试剂是_________________________rm{(2)}上述变化中属于消去反应的是__________rm{(}填反应编号rm{)}rm{(3)E}的结构简式为___________________________________________________反应rm{垄脵}的化学方程式是___________________________________________________________反应rm{垄脷}的化学方程式是___________________________________________________________rm{(4)}同时符合下列要求的肉桂酸的同分异构体有________种rm{(}不包括肉桂酸rm{)}写出其中一种的结构简式______________________________。Ⅰrm{.}含有苯环；Ⅱrm{.}能与rm{NaHCO_{3}}溶液反应；Ⅲrm{.}能使溴的四氯化碳溶液褪色参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】设开关接通后；电路中电流为I．

对于电阻R，由欧姆定律得

对于电动机，则．根据公式可得

根据焦耳定律得则．

故选B；

【点评】本题把握纯电阻电路与非纯电阻电路区别的能力，抓住欧姆定律适用于纯电阻电路，不适用于非纯电阻电路，而焦耳定律对两种电路均适用．2、D【分析】【解答】解：A；电场力做正功；电势能减少；电场力做负功，电势能增加．本题“克服电场力做功”即为电场力做负功，所以电势能增加．故A错误；

B、根据W电=△EP电得出：那电子在B处的电势能是Ep=80eV+30eV=110eV．故B错误．

C、D、根据电势的定义，由于带电粒子是电子，则在B点的电势等于φ==故C错误，D正确．

故选：D

【分析】通过电场力做功量度电势能的变化来分析问题．根据电势的定义得出电势的大小．3、C【分析】【分析】本题关键是明确磁通量的定义，也可以用穿过线圈的磁感线条数进行分析。根据公式娄碌=BSsin娄脠

判断磁通量是否变化；公式中娄脠

为磁感线与线圈平面的夹角。

【解答】A.线圈向左或向右平动；娄碌=BS

不变，故A错误；

B.线圈向上或向下平动；娄碌=BS

不变，故B错误；

C.线圈绕O1O2

转动；根据公式娄碌=BSsin娄脠

磁通量不断改变，故C正确；

D.线圈平行于纸面向里运动；娄碌=BS

不变，故D错误。

故选C。

【解析】C

4、C【分析】解：A

若t

时刻和(t+鈻�t)

时刻振子运动位移大小相等、方向相同，鈻�t

不一定等于T

的整数倍.

只有当位移、速度都相同时，鈻�t

才等于T

的整数倍.

故A错误．

B

若t

时刻和(t+鈻�t)

时刻振子运动速度的大小相等、方向相反，可能振子经过同一点，也可能经过关于平衡位置对称的两位置，鈻�t

不一定等于T2

的整数倍.

故B错误．

C

经过整数倍周期；加速度一定相同.

故C正确．

D鈻�t=T2

在t

时刻和(t+鈻�t)

时刻振子的速度相反；但弹簧的长度不一定相等.

故D错误．

故选C

弹簧振子做简谐运动，两个时刻位移相同，鈻�t

不一定等于T

的整数倍.

只有当位移、速度都相同时，鈻�t

才等于T

的整数倍.

振子运动速度的大小相等、方向相反，鈻�t

一定等于T2

的整数倍.

经过整数倍周期，加速度一定相同.

经过鈻�t=T2

弹簧的长度不一定相等．

本题对简谐运动过程的分析和理解能力，也可以画简谐运动图象更直观反映运动过程．【解析】C

5、B【分析】解：A；电子束在显管中的偏转是带电粒子在磁场中的偏转；不是电磁感应。故A错误；

B；带有金属的物品经过安全门时；安全门发出警报，是由于安全门中的线圈中产生了电磁感应的原因。故B正确；

C；灯丝在磁场附近受到安培力的作用；产生颤抖。故C错误；

D；阴极射线管中的电子束在磁场中的偏转是由于电阻受到洛伦兹力的原因。故D错误。

故选：B。

首先要明确电磁感应指的是由磁生电；然后在逐个分析选择项中的设备所涉及的物理知识即可得到答案．

在以上四个图中，分析是不是电磁感应的，也可以利用图中是否有电源来确定：有电源的就不是，没有电源的就是．【解析】B6、A|B|C【分析】【解析】试题分析：由直线Ⅰ知电源的电动势为3V，内阻为A正确。由直线Ⅱ知电阻R的阻值为B正确。由图线交点知输出功率图线的交点即为此时的路端电压和电流，C正确。电源效率为D错误；考点：考查了对U-I图像的理解【解析】【答案】ABC7、A【分析】【分析】在中性面时；线圈与磁场垂直，磁通量最大．故A正确．在中性面时，没有边切割磁感线，感应电动势为零．故B错误．穿过线圈的磁通量为零时，线圈与磁场平行，有两边垂直切割磁感线，感应电动势最大．故C错误．根据楞次定律分析可知，线圈每通过中性面一次，电流方向改变一次．故D错误．

故选A

【点评】抓住两个特殊位置的特点：线圈与磁场垂直时，磁通量最大，感应电动势为零；线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大．8、A【分析】解：A

是指地球上某个位置的空气产生的压强地球表面的空气受到重力作用；由此而产生的，而被密封在某种容器中的气体，其压强是大量的做无规则运动的气体分子对容器壁不断碰撞而产生的。它的大小不是由被封闭气体的重力所决定的。而是压强与温度和体积均有关，因此若温度与体积不变，则气体压强等于外界大气压强，故A错误；

B；密闭容器内的气体压强是大量气体分子频繁撞击器壁产生；容器处于完全失重状态时，气体分子依然频繁撞击器壁，压强不可能为零，故B正确；

C；气体压强取决于；分子的密集程度与分子的平均动能，即为单位体积内分子数和分子的平均动能，故C正确；

D、根据公式P=FS

可知单位面积器壁受到气体分子碰撞的平均压力在数值上就等于气体压强的大小，故D正确。

本题选择错误的；故选A。

温度是分子平均动能变化的标志．

知道气体产生压强的原因是由于大量分子都在不停地做无规则热运动；与器壁频繁碰撞，使器壁受到一个平均持续的冲力，致使气体对器壁产生一定的压强．

解该题关键要掌握知道温度是分子平均动能变化的标志和气体产生压强的原因．【解析】A

9、C【分析】解：A

振子从第一次以不等于零的速度经过非平衡位置的某点a

时开始计时；当振子再次经过a

时，速度的方向一定与开始时的方向相反，所以经过的时间可能大于半周期，也可能小于半个周期，但一定不等于半个周期或一个周期.

故A错误，B错误．

C；振子从第一次以不等于零的速度经过非平衡位置的某点a

时开始计时；当振子第三次经过a

时，速度的方向一定与开始时的方向相同，所以经过的时间一定是一个周期，故C正确，D错误．

故选：C

弹簧振子做简谐振动；具有周期性.

当振子的速度再次与零时刻的速度相同时，可能振子通过关于平衡位置对称点，经过的时间为不一定是一个周期.

振子在一个周期内，经过的路程是4

个振幅.

当振子再次经过此位置时，经过的时间不一定是一个周期．

本题考查简谐运动过程的分析和理解能力，抓住简谐运动的周期性和对称性.

也可以通过图象分析．【解析】C

二、填空题(共5题，共10分)10、略

【分析】试题分析：在AB面的左侧透过棱镜观察大头针P1、P2的像，调整视线方向，直到P1的像被P2的像挡住，再在观察的这一侧先后插上两枚大头针P3、P4，使P3挡住P1、P2，P4挡住P1、P2以及P3的像．则知P1、P2在入射光线上，P3、P4在出射光线，连接P1、P2作为入射光线，连接P3、P4，作为出射光线，再作出折射光线，画出光路图如图．由几何知识得到：在AB面上入射角i=30°，又折射角r=45°，则折射率．考点：光的折射定律。【解析】【答案】11、略

【分析】【解析】试题分析：设电流表的内阻为RA，电源的电动势和内阻真实值分别为E′和r′，则有：联立解得：故即电动势的测量值等于真实值，电源内电阻的测量值大于真实值．测量误差产生的原因是电流表有内阻考点：测定电源的电动势和内阻．【解析】【答案】没有误差偏大电流表有内阻12、略

【分析】试题分析：根据右手定则可知电磁铁左端为N极，结合右手定则，电流从A流至B，电源内部，电流从低电势流至高电势，所以A电势低于B电势。提高转速，根据E=BLv，可知灵敏电流计的示数增大。滑动变阻器向左滑动，电阻增大，磁感应强度减小，灵敏电流计的示数减小。考点：本题考查了电磁感应定律和右手定则。【解析】【答案】低于增大减小13、略

【分析】解：A；摆长等于摆线的长度和摆球的半径之和；用刻度尺测量摆线的长度，用游标卡尺测量摆球的直径，故A正确．

B；摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动；将摆线向一侧偏离5°后由静止释放摆球．故B错误．

C；若在释放摆球的同时开始计时；则求次数时，必须减去1，故C错误．

D、记下摆球完成n次，通常次数要较大，可选大于30次，再利用单摆周期公式T=2π即可求解，故D正确．

本题选错误的；故选：BC．

（2）由题意知，单摆的周期T==

由单摆周期公式T=2π

可得：t2=

由图象得到的方程为：t2=404.0l+3.5；

则=404.0；

g=≈9.76m/s2；

（3）由图可知；1是作图得来的；

用图测折射率时，根据折射定律，n=作图时，导致折射角偏小，所以测得的折射率偏大，故选A．

故答案为：（1）（BC；（2）9.76；（3）1；A．

摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动；单摆摆球经过平衡位置的速度最大；最大位移处速度为0，在平衡位置计时误差最小；由单摆的周期公式得出重力加速度的表达式，结合重力加速度的表达式判断测量的误差．

根据单摆周期公式求出t2-l函数关系式；然后求出重力加速度．

用插针法测定玻璃砖折射率的实验原理是折射定律n=运用作图法，作出光路图，确定折射光线的偏折情况，分析入射角与折射角的误差，从而来确定折射率的误差．

简谐运动是一种理想的运动模型；单摆只有在摆角很小，空气阻力影响不计的情况下单摆的振动才可以看成简谐运动，要知道影响实验结论的因素；

对于实验误差，要紧扣实验原理，用作图法，确定出入射角与折射角的误差，即可分析折射率的误差．【解析】BC；9.76；1；A14、B:C:E【分析】液体表面张力产生在液体表面层，它的方向平行于液体表面，而非与液面垂直；故A错误；单晶体中原子(或分子、离子)的排列具有空间周期性，从而决定了有规则的天然外形，选项B正确；绝对湿度大，相对湿度不一定大，选项C正确；根据热力学第二定律可知，内能不可能全部转化物体的机械能，选项D错误；液晶具有液体的流动性，同时具有晶体的各向异性特征，选项E正确；故选BCE.三、判断题(共8题，共16分)15、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．16、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．17、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．22、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、实验探究题(共3题，共9分)23、略

【分析】解：由

得：．

则由数学关系得斜率为：截距为

则可求得：（1）图的截距为正；则图象为C

（2）因截距为

（3）由

则：g=9.86m/s2

故答案为：（1）c；（2）1.2；（3）9.86

由重力加速度的表达式求得l-T2的关系式；根据数学知识分析图象的图线斜率及截距的意义．可分析各物理量．

本题重点为考查摆长、周期等物理量之间的关系，会由关系式分析图线的意义．【解析】c；1.2；9.8624、略

【分析】解：（1）为方便实验操作，实验中滑动变阻器应选用R1．

（2）根据图甲所示实验电路图连接实物电路图；实物电路图如图所示．

（3）由图丙所示U-I图象可知；图象与纵轴交点坐标值为1.46，则电源电动势E=1.46V；

电源内阻：r==≈0.94Ω．

故答案为：（1）R1；（2）实物电路图如图所示；（3）1.46；0.94．

（1）为方便实验操作；应选最大阻值较小的滑动变阻器；

（2）根据图甲所示电路图连接实物电路图；

（3）电源的U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势；图象斜率的绝对值是电源内阻．

本题考查了求电源电动势与内阻实验，电源的U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻．【解析】R1；1.46；0.9425、略

【分析】解：(1)

负电荷从A

移到B

点的过程，电荷克服电场力做功，即电场力做负功，则AB

间的电势差为：UAB=WABq=鈭�6隆脕10鈭�4鈭�3隆脕10鈭�6V=200V

负电荷从B

移至C

电场力做正功，则BC

间的电势差：UBC=WBCq=9隆脕10鈭�4鈭�3隆脕10鈭�6V=鈭�300V

所以AC

间的电势差UAC=UAB+UBC=200+(鈭�300)=鈭�100V

(2)

将一个电子从电场中的A

点移到C

点；电场力所做的功为W=鈭�eUAC=鈭�e隆脕(100V)=100eV

故答案为：(1)200V鈭�100V.(2)100

．

(1)

根据电势差公式U=Wq

分别求出AB

间与BC

间的电势差.AC

间的电势差等于AB

间电势差与BC

间电势差之和．

(2)

将一个电子从电场中的A

点移到C

点；根据公式W=qU

求电场力做功．

本题要注意运用公式U=Wq

求解电势差时，公式U

中UWq

三个量可都代入符号，要注意电荷克服电场力做功，电场力做的是负功．【解析】200V鈭�100V100

五、作图题(共4题，共28分)26、

【分析】【解答】（1）从图中可以看出，发现小磁针的S极转向读者，则小磁针的北极向里偏转，那么，此通电导线上方的磁感线方向垂直纸面向里，即此通电螺线管的N极在纸的里面，根据安培定则，用右手握住螺旋管，让大拇指指向里面，四指的指向就是导线中的电流方向，是水平向左的．（2）通电导线由于受到磁场力而向左运动，根据左手定则，则有通过导线的磁场方向向上，因此磁铁下端是S极，上端是N极．

答：如图所示；

【分析】（1）通电导线周围存在磁场，其磁场方向可以根据安培定则来判断，用四指的方向代表电流的方向，那么大拇指所指的一端为通电螺线管的N极．磁场中的小磁针静止时，北极所指的方向与该点磁感线的方向一致．（2）根据通电导线受到安培力，结合左手定则，即可求解．27、以桌腿上A点为转轴；课桌重力的力矩一定，当所用的力力臂最大时，所用的力最小，而最大的力臂等于AC间距离，则当力作用在C点且与AC连。

线垂直向上时；力最小．力的示意图如图．

【分析】【解答】以桌腿上A点为转轴，课桌重力的力矩一定，当所用的力力臂最大时，所用的力最小，而最大的力臂等于AC间距离，则当力作用在C点且与AC连。

线垂直向上时；力最小．力的示意图如图．

【分析】以桌腿上A点为转轴，课桌重力的力矩一定，当所用的力力臂最大时，所用的力最小，而最大的力臂等于AC间距离，则当力作用在C点且与AC连线垂直向上时，力最小．28、略

【分析】

在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分；在AB上找出与C点相同的电势，作出等势面，而电场线与等势面垂直，且由高电势指向低电势；

本题主要考查了等势点的找法，注意电场线和等势面间的垂直关系，属于一个基础题．但是能考查学生对匀强电场中等势面和电场线的理解；是一个好题．【解析】解：将AB等分成4段；在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，则靠B端的等分点的电势即为8V，即可做出一条等势面；而电场线与等势面垂直，且由高电势指向低电势；即可做出电场线，如图，画出的虚线为等势面，垂直于等势面的线就是电场线．

29、略

【分析】解：（1）如图甲所示；当磁铁的N极向下运动时，发现电流表指针偏转，若要探究线圈中产生感应电流的方向，必须知道电流表指针偏转方向与电流方向间的关系．

（2）如图乙所示；实验中发现闭合开关时，穿过线圈B的磁通量增加，电流表指针向右偏；电路稳定后，若向左移动滑动触头，通过线圈A的电流增大，磁感应强度增大，穿过线圈B的磁通量增大，电流表指针向右偏转；若将线圈A抽出，穿过线圈B的磁通量减少，电流表指针向左偏转．

故答案为：（1）电流表指针偏转方向与电流方向间的关系；（2）右；左．

（1）要探究感应电流方向；应该知道电流表指针偏转方向与电流方向间的关系．

（2）根据题意确定电流表指针偏转方向与磁通量变化的关系；然后根据磁通量的变化判断指针的偏转方向．

探究电磁感应现象实验，在实验前应明确电流表指针偏转方向与电流方向间的关系；本题无法直接利用楞次定律进行判断电流方向，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．【解析】电流表指针偏转方向与电流方向间的关系；右；左六、推断题(共3题，共21分)30、（1）FeCl2KCl（2）4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3（3）Ag++Cl-══AgCl↓2Fe3++Fe=3Fe2+（4）0.2NA【分析】【分析】试题综合性强，难易适中，侧重对学生基础知识的巩固与训练，焰色反应及物质的颜色、特殊反应现象为推断突破口，需要学生熟练掌握元素化合物性质。本题考查无机物推断，是高考中的常见题型，属于中等难度rm{.}试题综合性强，难易适中，侧重对学生基础知识的巩固与训练，焰色反应及物质的颜色、特殊反应现象为推断突破口，需要学生熟练掌握元素化合物性质。rm{.}【解答】溶液中含有元素，rm{D}能和硝酸银溶液反应生成白色沉淀rm{D}为与硝酸银、硝酸反应得到的溶液，进行焰色反应显紫色，说明rm{D}溶液中含有rm{K}元素，rm{D}能和硝酸银溶液反应生成白色沉淀rm{H}为rm{AgCl}，所以rm{D}应该是rm{KCl}；白色沉淀rm{E}在空气中转化为红褐色沉淀，则rm{E}为rm{Fe}rm{(}rm{OH}rm{)}rm{2}、rm{F}为rm{Fe}rm{(}rm{OH}rm{)}rm{3}，rm{G}为rm{FeCl_{3}}；rm{B}和rm{C}反应生成氯化钾和氢氧化亚铁，所以rm{B}、rm{C}分别是氢氧化钾、氯化亚铁中的一种，rm{G}能和rm{A}反应生成rm{B}，所以rm{A}是rm{Fe}，rm{B}是为rm{FeCl_{2}}，rm{C}是rm{KOH}，rm{Fe}与盐酸反应得到氯化亚铁与氢气，

rm{(}rm{1}rm{)}由上述分析可知，rm{B}的化学式为rm{FeCl_{2}}，rm{D}的化学式为rm{KCl}，，所以rm{D}应该是rm{D}；白色沉淀rm{K}在空气中转化为红褐色沉淀，则rm{K}为rm{D}rm{D}rm{H}rm{H}rm{AgCl}、rm{AgCl}为rm{D}rm{D}rm{KCl}rm{KCl}rm{E}，rm{E}为rm{E}；rm{E}和rm{Fe}反应生成氯化钾和氢氧化亚铁，所以rm{Fe}、rm{(}分别是氢氧化钾、氯化亚铁中的一种，rm{OH}能和rm{OH}反应生成rm{)}，所以rm{2}是rm{2}，rm{F}是为rm{F}，rm{Fe}是rm{Fe}，rm{(}与盐酸反应得到氯化亚铁与氢气，rm{OH}

rm{OH}rm{)}rm{3}由上述分析可知，rm{3}的化学式为rm{G}，rm{G}的化学式为rm{FeCl_{3}}，rm{FeCl_{3}}rm{B}；rm{B}；rm{C}

rm{C}rm{B}rm{B}由rm{C}转变成rm{C}的化学方程式为：rm{G}rm{G}rm{A}rm{A}rm{B}rm{B}rm{A}rm{A}rm{Fe}rm{Fe}，rm{B}rm{B}rm{FeCl_{2}}rm{FeCl_{2}}rm{C}rm{C}rm{KOH}rm{KOH}rm{Fe}rm{Fe}；rm{(}

rm{1}rm{1}rm{)}氯化钾rm{B}溶液反应生成氯化银白色沉淀和硝酸钾，其离子方程式为：rm{B}rm{FeCl_{2}}rm{FeCl_{2}}rm{D}的有关离子反应方程式为：rm{D}，rm{KCl}rm{KCl}故答案为：rm{FeCl_{2}}；rm{KCl}；

rm{(}rm{2}rm{)}由rm{E}转变成rm{F}的化学方程式为：rm{4Fe}rm{(}rm{OH}rm{)}rm{2}rm{+O_{2}+2H_{2}O=4Fe}rm{(}rm{OH}rm{)}rm{3}，rm{FeCl_{2}}；rm{FeCl_{2}}

rm{KCl}rm{KCl}rm{(}与盐酸发生反应：rm{2}rm{2}生成rm{)}氢气，转移电子数为rm{E}rm{E}rm{F}rm{F}rm{4Fe}，rm{4Fe}rm{(}。rm{OH}rm{OH}rm{)}【解析】rm{(1)FeCl_{2;;;;;}KCl}rm{(2)4Fe(OH)_{2}+O_{2}+2H_{2}O=4Fe(OH)_{3;}}rm{(3)}rm{Ag}rm{Ag}rm{{,!}^{+}}rm{+Cl}rm{+Cl}rm{{,!}^{-}}rm{{,!}^{-}}rm{篓T篓TAgCl隆媒}31、（1）C4H10

（2）

（3）2-甲基-1-丙烯

（4）消去反应，水解反应（取代反应）

（5）

（6）CH2=CH-CH=CH2

【分析】【分析】本题考查有机化合物的推断和有机反应类型的判断，同分异构体等，题目难度中等。【解答】rm{(1)}rm{11.2L(}标准状况rm{)}的烃rm{A}物质的量为rm{0.5mol}在氧气中充分燃烧可以产生rm{88gCO}标准状况rm{11.2L(}的烃rm{)}物质的量为rm{A}在氧气中充分燃烧可以产生rm{0.5mol}rm{88gCO}rm{{,!}_{2}(2mol)}和rm{45gH}rm{45gH}rm{{,!}_{2}}则证明rm{O}当中含有rm{O}个碳原子，rm{(2.5mol)}个氢原子，则rm{A}是rm{4}故答案为：rm{10}rm{A}rm{C