2025年华师大版九年级物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大版九年级物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、两个完全相同的圆柱形容器内装有适量的水，现将质量相等的甲、乙两个实心球分别放入两容器中，两球均浸没水中．已知甲、乙两球的密度之比为2：3．则下列判断中正确的是（）A.甲、乙两球的体积之比为2：3B.甲、乙两球所受的重力之比为2：3C.甲、乙两球所受容器底部的支持力之比为3：4D.甲、乙两球所受的浮力之比为3：22、下列现象形成的过程中，需要吸收热量的是（）A.早春，冰雪融化B.盛夏，冰棒冒“白气”C.深秋，田野花草挂露珠D.寒冬，霜打枝头3、处于平衡状态的杠杆，如再加一个力F后，杠杆仍处于平衡，则力F（）A.一定在阻力一边B.一定在动力一边C.作用线通过支点D.无法判断4、在重相同、底面积相等、外形不一样的甲、乙、丙三个容器中，装入同样高h的同一种液体，如图所示，则（）A.液体对容器底部的压强和压力都相等B.液体对容器底部的压强和容器对桌面的压强相等C.容器对桌面的压强和压力都相等D.无法确定5、下列状态中，有一定的体积而无一定的形状是（）A.固态B.液态C.气态D.以上几种状态都是6、一把勺子的温度升高了(

)

A.它一定吸收了热量B.一定和其他物体发生了热传递C.它的热量一定增加D.它的内能一定增加7、如图所示；家庭电路中安装了两盏白炽灯和一个插座，其中安错的元件是（）

A.保险丝灯泡L1和开关S1B.插座保险丝A和开关S1C.插座保险丝A和开关S2D.插座灯泡L2和开关S2评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、下列说法中，不正确的是（）A.投出去的铅球落地前，只受重力和推力的作用B.两个力的三要素完全相同，这两个力一定是平衡力C.物体在平衡力的作用下，其运动状态保持不变D.某物体从滑梯上滑下的过程中，速度增大惯性增大9、如图所示，空气中有一横截面为半圆环的均匀透明柱体，其内圆半径为r，外圆半径为R，R=r．现有一束单色光垂直于水平端面A射入透明柱体，只经过两次全反射就垂直于水平端面B射出．设透明柱体的折射率为n，光在透明柱体内传播的时间为t，若真空中的光速为c，则（）A.n可能小于B.n一定不小于C.t可能为D.t可能为10、电磁铁里面插入的铁芯必须（）A.易被磁化B.不易被磁化C.磁性保持时间长D.磁性保持时间短11、如图所示正确的是（）

A.

照明电路的连线。

B.

通电螺线管周围的磁感应线。

C.

光由玻璃斜射入空气。

D.

L是F的力臂。

12、如图是一些研究电磁现象实验的示意图．关于这些实验；下列说法中正确的是（）

A.甲实验中；导线中有电流通过时，小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场。

B.乙实验中，闭合开关后，导体棒ab由静止变为运动；这个过程中电能转化为机械能。

C.丙实验中；两线圈匝数相同，通过线圈的电流不同，电磁铁吸引大头针个数不同，说明电磁铁磁性强弱与电流大小有关。

D.丁实验中，导体棒ab水平向左运动；电流表指针发生偏转，说明只要导体在磁场中运动，就一定能产生电流。

13、下面所示的两个力中，不属于平衡力的是（）A.B.C.D.14、关于电磁现象，下列说法中正确的是（）A.通电线圈在磁场中受力转动的过程中，将电能转化为机械能B.奥斯特实验说明了电流周围存在磁场C.磁场中某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的D.磁感线是人们为了描述磁场而假想的曲线15、如图所示电路，电源电压恒定，若P向右滑动则（）A.灯L中电流变小B.电阻R中的电流不变C.V的示数变小、A的示数不变D.V的示数变小、A的示数变小16、关于物质的熔化正确的说法是（）A.物质在熔点熔化需不断吸收热量，温度也不断升高B.物质在熔点熔化需不断吸收热量，但温度却不再升高C.晶体在熔点熔化需不断吸收热量，但温度不再升高D.晶体在熔点熔化不需要再吸收热量，温度不再升高评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、按照刻度尺的读数标准，将图中体温计估读到分度值的下一位，读数结果是____℃．

18、一个滑动变阻器标有“1.5A50Ω”的字样，将它与一个30Ω的定值电阻串联接入电路时，整个电路总电阻的变化范围为____Ω，为了保证滑动变阻器不损坏，定值电阻两端的电压不能超过____V．19、（2011•温岭市校级模拟）某校科学兴趣小组在学习了“植物体对水的吸收、利用和散失”的知识后，利用食盐、水、新鲜冬瓜和自制土密度计对植物细胞吸水、失水的原理展开探究．他们将冬瓜除去瓜瓤后制成“冬瓜碗”，并在“冬瓜碗”中加入240g密度为1.2g/cm3的食盐水．并在溶液中放置自制土密度计（实验装置如图甲所示）；通过观察一段时间后土密度计浸没深度的变化，分析研究冬瓜得失水分的状况．若土密度计在溶液中浸没的深度随时间的变化曲线如图乙所示．请你帮助该兴趣小组完成实验的探究和分析．（食盐溶解于水后，液体体积基本不变）

（1）实验过程中，土密度计所受的浮力____（选填“增大”、“减小”或“不变”）．根据土密度计浸没深度的变化情况可知，冬瓜在盐水中____（选填“吸水”或“失水”），且速度变化的特点是____．

（2）根据图象数据通过计算可知，一段时间后盐水的密度是____g/cm3．

（3）综合以上数据通过粗略计算可知实验过程中冬瓜得失水的总质量是____g．20、在城市中修建人工湖，是利用了水的比热容较____的性质来调节气温．若一个人工湖水的质量为1×107Kg，水温升高2℃，则湖水吸收的热量是____J．（水的比热容是4.2×103J/Kg•℃）21、夏天，质量为5kg的水在太阳的照射下，温度升高了5℃，则水吸收了____J的热量，这是通过____的方法使水的内能增加．若使相同质量的煤油和水升高相同温度，则煤油吸收的热量比水吸收的热量____．）22、雷达是现代战争重要的军事装备．如图所示，若雷达向飞机发出的微波从发射到反射回来的时间为50μs（1μs=1.0×10-6s）．微波的传播速度等于光速，则其传播速度大小____m/s，此时飞机与雷达距离为____m．23、现代人类的生活离不开能量；并且种类多样，如(1)电能(2)太阳能(3)化石能(4)核能等．下列是生活中用到的一些器具或生产工具，其中分别用到了哪种能量，填入序号．

a．太阳能热水器____________；

b．原子弹____________

C．白炽灯____________．24、如图所示，先在一个配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花，然后迅速压下活塞，筒内棉花燃烧起来.

对这一现象的解释是，活塞压缩玻璃筒内的空气，对筒内空气______，使空气的______增加，温度升高，达到乙醚着火点．25、如图所示，开关由断开到闭合时，电流表的示数将____，电压表的示数将____．

评卷人得分四、判断题(共3题，共6分)26、频率的高低决定声音的音调，振幅的大小影响声音的响度____．27、只要两个力的大小相等，方向相反、作用在一条直线上，这两个力就平衡．（____）28、虚像不可以用光屏承接，只能用眼睛观察到____．评卷人得分五、实验探究题(共3题，共30分)29、（4分）小明利用小注射器（容积为10ml）、弹簧测力计、刻度尺等器材测量大气压强的值，实验步骤如下：（1）把注射器的活塞推至注射器筒的底端，然后用橡皮帽堵住注射器的小孔，这样做的目的是．为了排尽注射器内的空气（2）小明用细尼龙绳拴住注射器活塞的颈部，使绳的另一端与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右慢慢拉动注射器筒，当注射器中的活塞刚被拉动时，记下弹簧测力计的示数为18N，其它数据均记录在表中．依照他的数据算出大气压的值为Pa．。体积长度拉力大气压强10ml5cm18N（3）小明的测量值比标准大气压偏小，造成这一结果的原因可能是．①空气没有排尽30、小刚同学想测出一个实心塑料球的密度；但是发现塑料球放在水中会漂浮在水面上，无法测出它的体积．小刚设计了以下实验步骤：

A．用天平测量塑料球的质量；天平平衡时如图a所示．记录塑料球质量为m；

B．把适量的水倒进量筒中如图b所示，记录此时水的体积为V1；

C．用细线在塑料球下吊一个小铁块放入水中，静止时如图c所示，记录此时量筒的示数为V2；

D．把小铁块单独放入水中静止时如图d所示，记录此时量筒的为V3；

E．利用密度公式计算出结果．

根据上述实验过程；回答下列问题．

（1）实验中使用天平测出塑料球的质量m=______g，计算出塑料球的密度ρ=______g/cm3．

（2）实验拓展：本实验中若不用天平，只在B、C、D三个步骤中增加一个步骤也可以测出塑料球的密度．请你写出这个操作步骤______．

（3）根据你补充的步骤，写出计算塑料球密度的表达式______．（用字母表示，水的密度为ρ水）31、小明在玩“水枪”玩具时；发现“水枪”水平放置，如果推动活塞的速度越快，水枪离地面的高度越高，水就会射得越远，据此，他提出了如下猜想：在空中水平抛出的物体，落地的水平距离与抛出的初速度及抛出点离地面的高度有关，为验证猜想，小明找来了如图所示装置进行实验．

(1)

让小球从斜槽上自由滚下；是为了使小球到达水平槽时具有一定的______；小球从斜槽滚下，重力势能______(

选填“增大”；“减小”或“不变”)

(2)

保持______不变，分别让同一小球从斜槽上ABC

位置由静止自由滚下，分别测出小球落地的水平距离SASBSC

发现SA>SB>SC.

这表明：空中水平抛出的物体；落地的水平距离与______有关．

(3)

逐步降低抛出点离地面的高度，分别为h1h2h3

每次都让同一小球从斜槽上A

处由静止自由滚下，分别测出小球落地的水平距离s1s2s3

发现s1>s2>s3.

这表明：空中水平抛出的物体；落地的水平距离与______有关．

(4)

若在水平槽铺上毛巾，使抛出点离地面的高度为h3

让同一小球从斜槽上A

处由静止自由滚下，测出小球落地的水平距离为s4

根据上述实验的结果，应该有s4

______s3(

选填“>

”、“<

”或“=

”)

．评卷人得分六、其他(共1题，共2分)32、2000年8月12日，质量为1.4×107kg的俄罗斯“库尔斯克”号核潜艇在巴伦支海遇难，引起国际社会的普遍关注．对考虑以下的几个问题，请你计算解答．（取ρ海水-1.0×103kg/m3；g=10N/kg）

（1）探测专家用超声波探测潜艇的确切位置；超声波在海水中的波速为1500m/s，在潜艇正上方海面向下发出超声波，从超声波发出直至接收到潜艇的回波经历时间为0.14s，则潜艇沉没的实际深度为多少？

（2）经研究，“库尔斯克”号的打捞方案之一，是在潜艇周围缠满可充气的负载量大的浮力袋，若每个浮力袋充气后的体积为10m3；则至少需用这种浮力袋多少个？（不计浮力袋和绳的重力；潜艇的体积及浮力袋和潜艇所受水的阻力）

（3）按海难救援国际惯例，8月19号晚，挪威潜水员曾抵达“库尔斯克”号打开紧急逃生舱盖，若舱盖面积为0.6m2，则海水对舱盖的压力多大？参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】（1）已知密度之比和质量相等；利用m=ρV变形后可计算出体积之比；

（2）已知质量相等；利用G=mg比较重力；

（3）根据物体的浮沉条件和阿基米德原理判断；

（4）物体完全浸没时排开水的体积和本身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力之比．【解析】【解答】解：A、∵V=，m甲=m乙；

∴===；故A不正确；

B、∵m甲=m乙，G=mg，∴G甲=G乙；即：甲；乙两球受到的重力之比为1：1，故B不正确；

C；假设两球都沉底；当球在水中静止时，由二力平衡条件可知球受到向上的支持力和浮力与本身的向下的重力相等，即：

F支甲=G甲-F甲，F支乙=G乙-F乙

将G甲：G乙=1：1，F甲：F乙=3：2代入。

比较可知，=≠；故C不正确；

D、∵F浮=ρ水gV排；

∴==；即甲；乙两球所受的浮力之比为3：2，故D正确；

故选D．2、A【分析】【分析】物态变化中吸热的有：熔化、汽化和升华；放热的有：凝固、液化和凝华．【解析】【解答】解：A；冰雪融化；属于熔化现象，需要吸热．故A正确；

B；冰棒冒白气；属于液化现象，需要放热．故B错误；

C；花草挂露珠；属于液化现象，需要放热．故C错误；

D；霜打枝头中的霜；属于凝华现象，需要放热．故D错误．

故选A3、C【分析】【分析】杠杆平衡时力和力臂的乘积相等，所加的力无论加在哪一边，都会使两边的力和力臂的乘积不相等，使杠杆不再平衡；故应使所加力不影响两边的平衡．【解析】【解答】解：当所加力通过支点时；力臂为0，不影响杠杆平衡．

若加在左边或右边；都会使两边的力和力臂的乘积不相等，使杠杆不再平衡，故所加力的力臂应为零，即力的作用线应过支点或力直接作用在支点上；

故选C．4、A【分析】【分析】容器中装有液体；无论容器的形状如何；

（1）液体对容器底的压力和压强；先根据液体压强公式计算压强；然后根据F=PS计算压力．

液体对容器底的压强为：P=ρgh；液体对容器底的压力为：F=PS．

（2）容器对水平面的压力和压强；把容器看成固体，先计算容器对水平面的压力，压力等于容器的重力．然后根据压强公式计算压强．

容器对水平面的压力为：F=G，容器对水平面的压强为：P=．【解析】【解答】解：（1）容器底受到的压强和压力：

容器内装有同种液体；密度相同，液体同高，液体的深度相同，根据P=ρgh知，液体对容器底的压强相等．

容器的底面积相同；根据F=PS知，液体对容器底的压力相同．

（2）水平桌面受到的压强和压力：

容器放在水平桌面上；容器对水平桌面的压力等于容器的重力，容器中装有同种液体，同一高度，所以甲容器中装的最多，丙容器中装的最少，所以，甲容器对水平桌面的压力＞乙容器对水平桌面的压力＞丙容器对水平桌面的压力．

容器的底面积相同，根据P=得；甲容器对水平桌面的压强＞乙容器对水平桌面的压强＞丙容器对水平桌面的压强．

故选A．5、B【分析】【分析】固体有一定的形状和体积；液体没有一定的形状和体积；气体的形状和体积都不固定．【解析】【解答】解：A；固体有一定的体积和形状；故A不合题意；

B；液体有一定的体积而无一定的形状；故B符合题意；

C；气体无一定的体积和形状；故C不合题意；

D；根据对前三个选项的解析可知；D不合题意．

故选B．6、D【分析】解：内能是指物体内部所有分子由于热运动而具有的动能和分子之间势能的总和．

当物体质量不变时；物体温度升高，热运动速度变大，所以内能增大．

吸热不一定使物体温度升高；例如熔化过程．

故选D．

内能是指物体内部所有分子由于热运动而具有的动能和分子之间势能的总和.

与物体温度有关．

本题考查学生对热量、温度和内能三个名词的辨析．【解析】D

7、C【分析】解：（1）保险丝接在零线上；如果保险丝熔断，家庭电路还和火线相连，接触电路会发生触电事故。保险丝A的连接错误。

（2）开关S1控制灯泡L1，火线首先进入开关S1，然后进入灯泡L1，零线直接进入灯泡，这样开关能控制灯泡的工作，并且灯泡烧坏，更换灯泡时，断开开关，切断了火线，操作更安全。开关S1和灯泡L1的接法都正确。

（3）开关S2控制灯泡L2，火线首先进入灯泡L2，然后进入开关S2，这样开关虽然能控制灯泡的工作，但是灯泡烧坏，更换灯泡时，断开开关，切断了零线，电路还和火线相连，更换灯泡时会发生触电事故。开关S2的接法都错误。

（4）插座B串联在火线上，影响了灯泡L2的工作，并且灯泡L2不工作时，插座上插上用电器，电路处于断路状态，如果灯泡L2工作时；插座上插上用电器，电路处于通路状态，但是此时两个用电器都不能在额定电压下工作，插座B接法错误。

故选：C。

（1）保险丝接在火线上；保险丝熔断时，电路中能切断火线，接触电路不会出现触电事故。

（2）两孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线。

（3）家庭电路中；开关控制用电器时，开关接在用电器和火线之间，这样既能开关控制用电器，又能保证使用的安全性。

（1）掌握只在火线上接一根保险丝；是为了用电更安全。

（2）掌握家庭电路中；开关控制灯泡时，火线首先进入开关，再进入灯泡，零线直接进入灯泡。

（3）掌握两孔插座和三孔插座的接法。【解析】C二、多选题(共9题，共18分)8、ABD【分析】【分析】A；地面附近的一切物体都受到受力的作用；

B；根据二力平衡的条件可判断三要素相同的两个力是否是一对平衡力；

C；物体在平衡力的作用下；处于平衡状态；

D、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，只与物体的质量有关．【解析】【解答】解：A；投出去的铅球落地前；只受重力的作用，不受推力的作用，故A不正确；

B；两个力的三要素完全相同；说明力的方向也相同，因此不可能是一对平衡力，故B不正确；

C；物体在平衡力的作用下；处于平衡状态，故其运动状态保持不变，故C正确；

D；某物体从滑梯上滑下的过程中；速度增大，但惯性只与物体的质量有关，因此惯性不可能增大，故D不正确．

故选ABD．9、BC【分析】【分析】从A端口的最右边一点射入，发生两次全反射，垂直射出；结合光路的可逆性，作出光路图；由折射定律和几何知识结合求解．【解析】【解答】解：A；B、从A端口的最右边一点射入；发生两次全反射，结合光路的可逆性，作出光路图，如图所示：

根据几何关系；有：

sinC===

故折射率的最小值为：n==1.414

故A错误；B正确；

C、D、图中光线的传播时间最短，光程为：S=2r+2r=4r；

光速为：v=

时间为：t=

由于：n≥故t=≥；故C正确，D错误；

故选：BC．10、AD【分析】【分析】铁被磁化时具有磁性；未被磁化时，不具有磁性．铁棒的磁性不能保留下来．

电磁铁磁性强弱与有无铁芯有关，有铁芯磁性越强．【解析】【解答】解：电磁铁有电流有磁性；因为铁是磁性材料，易被磁化，且电磁铁无电流就无磁性时铁棒的磁性也不能保留下来，所以电磁铁里面需要插入易被磁化且不易保留磁性的铁芯．

故选A、D．11、BCD【分析】

A；开关控制灯泡时；火线首先接入开关，再接入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套．这种连接方法，开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏后，断开开关，切断火线，更换灯泡时更安全．如图连接，火线直接接入灯泡顶端，开关在零线和灯泡之间，虽然能控制灯泡，但是安全性很差．连接错误．不符合题意．

B；根据安培定则；用右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是N极，由此可以判断螺旋管的左端的S极，右端是N极，根据磁体周围的磁感线都是从N极出发，进入S极．图中磁感线方向正确，符合题意．

C；光从玻璃斜射入空气中；折射角应大于入射角，折射光线远离法线，从图象可以看出该图，折射光线远离了法线，所以C图符合题意．

D；图中顶端为支点；F为动力，力臂L是支点到动力F作用线的距离，由支点向动力作用线做垂线，垂线段的长度即为动力臂，所以D图正确，符合题意．

故选BCD．

【解析】【答案】要解决此题；需要掌握：

A；开关控制灯泡时；火线首先接入开关，再接入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套．

B；根据安培定则；由电流方向判断通电螺旋管的极性；知道在磁体的外部磁感线都是从磁体的北极出来，回到南极．

C；光的折射定律；知道光从其它透明介质斜射入空气时，折射角大于入射角．

D；力臂的概念；知道力臂是从支点到力的作用线的距离．

12、ABC【分析】

A；甲图是奥斯特实验；说明通电导体周围存在磁场，是正确的；

B；乙图是通电导体在磁场中受力；电能转化为机械能，也是正确的；

C；丙图是探究电磁铁磁性的强弱与电流的关系；在其它条件相同时，电流越大，电磁铁的磁性越强，是正确的；

D；是电磁感应实验；导体只有切割磁感线时，闭合电路中才会产生感应电流，选项中的说法是错误的．

故选ABC．

【解析】【答案】认识这几幅图；明确它们所反映的实验原理，才能对号入座，判断选项中的说法是否正确．

13、AB【分析】【分析】二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上．结合力的示意图可做出判断．【解析】【解答】解：

A；图中两个力没有作用在同一个物体上；不是一对平衡力；故A符合题意；

B；图中两个力没有作用在一条直线上；不是一对平衡力；故B符合题意；

C；图中两个力的大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；是一对平衡力；故C不合题意；

D；图中两个力的大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；是一对平衡力．故D不合题意．

故选AB．14、ABD【分析】解：A；通电线圈在磁场中受力转动的过程中；即是将电能转化为机械能，故A正确；

B；奥斯特实验说明了通电导线周围存在着磁场；故B正确；

C；磁场中某点的磁场方向是一定的；可以由放在该点的小磁针来判断，但不是由小磁针决定的，故C错误；

D；磁感线不存在；磁感线是人们为了描述磁场而假想的曲线，故D正确．

故选ABD．

（1）电动机是将电能转化为机械能的机械；是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成；

（2）奥斯特实验说明了通电导线周围存在着磁场；

（3）磁场是有方向的；人们规定，在磁场中的某一点，小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向；

（4）磁感线不存在；磁感线是人们为了描述磁场而假想的曲线；

本题考查了有关磁场和磁感线的基本知识，为易错题．【解析】【答案】ABD15、AD【分析】【分析】此题是个混联电路，滑片的移动会影响到整个电路的电流和各部分的电压变化；当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，由电阻的并联得出滑动变阻器与R的总电阻的变化，然后确定干路中的电流表的变化，再由U=IR确定出电压表示数的变化；根据串联电路起分压作用判断出滑动变阻器和R两端的电压，从而有欧姆定律确定通过它们电流的大小．【解析】【解答】解：当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，由=+可得，滑动变阻器与R并联的总电阻变大，因此干路中的电流减小；又因为U=IR，所以灯泡两端的电压增小，即电压表示数变小；由于串联电路两端的电压等于各部分电压之和，因此滑动变阻器和R两端的电压减小，由I=可得；滑动变阻器的阻值增大，R不变，故通过滑动变阻器和R的电流减小．

故选AD．16、BC【分析】【分析】（1）固体分晶体和非晶体；晶体和非晶体的区别是晶体有一定的熔点，非晶体没有．

（2）晶体熔化时，吸收热量，温度不变；非晶体熔化时，吸收热量，温度不断升高．【解析】【解答】解：物质分晶体物质和非晶体物质．晶体熔化时；吸收热量，温度保持不变．非晶体熔化时，吸收热量，温度不断升高．

故选B、C．三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【分析】体温计的分度值为0.1℃，结合体温计中液面对应刻度，可以读取体温计的示数．【解析】【解答】解：由图可知；体温计的分度值为0.1℃，玻璃管中的液面对应的刻度比36℃多了5个小格，读出的值为“36.5”，单位为“℃”，因此读数结果是36.5℃．

故答案为：36.518、略

【分析】【分析】根据电阻的串联求出变阻器与滑动变阻器串联时电路中的总电阻；串联电路中各处的电流相等，根据变阻器的铭牌可知电路中的最大电流，根据欧姆定律求出定值电阻两端的最大电压．【解析】【解答】解：由题意可知；变阻器与定值电阻串联；

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和；则。

当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时；电路中的总电阻为30Ω；

当滑动变阻器接入电路中的电阻为50Ω时，电路中的总电阻R=R滑+R定=50Ω+30Ω=80Ω；

所以；整个电路总电阻的变化范围为30Ω～80Ω；

因串联电路中各处的电流相等；

所以；由滑动变阻器的铭牌可知，通过定值电阻的最大电流I=1.5A；

由I=可得；定值电阻两端的最大电压：

U=IR定=1.5A×30Ω=45V．

故答案为：30Ω～80；45．19、略

【分析】【分析】根据漂浮的条件（浮力等于物体重力）分析，根据土密度计浸没深度的变化情况可知，排开液体的体积变化，由阿基米德原理计算即可．【解析】【解答】解：（1）实验过程中；土密度计始终处于漂浮，所受的浮力与密度计重力，而重力不变，所以浮力不变．

根据图象可知：土密度计浸没深度逐渐变大，则V排变大，而浮力不变，由阿基米德原理F浮=ρ盐水gV排可知，ρ盐水变小；即盐水里的水增加，所以冬瓜在盐水中失水，土密度计浸没深度是先快后几乎不再变深，所以冬瓜失水速度变化的特点是先快后慢，最后几乎不变．

（2）根据图象数据算可知：

开始时浸没深度为h1=6cm，则F浮1=G，即ρ盐水1gSh1=G；

一段时间后浸没深度为h2=6.4cm，则F浮2=G，即ρ盐水2gSh2=G；

∴ρ盐水2gSh2=ρ盐水1gSh1；

∴盐水的密度ρ盐水2=ρ盐水1=×1.2g/cm3=1.125g/cm3．

（3）设冬瓜得失水的总质量为m；

∵ρ盐水2=；

∴m=×m1=×240g=120g．

故答案为：（1）不变；失水；先快后慢；最后几乎不变．

（2）1.125．

（3）120．20、略

【分析】【分析】修建人工湖；含水量增多，因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析；

知道水的质量、水的比热容、水的温度变化值，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量；【解析】【解答】解：因为水的比热容较大；白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节气候；

水吸收的热量：

Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1×107kg×2℃=8.4×1010J．

故答案为：大，8.4×1010．21、略

【分析】

Q吸=cm△t=4200J/（kg•℃）×5kg×5℃=1.05×105J；

水从太阳吸收热量；内能增加、温度升高；是通过热传递的方法使水的内能增加；

由Q吸=cm△t知；在质量和温度变化量相同时，由于煤油的比热容比水的小，故煤油吸收的热量少．

故本题答案为：1.05×105；热传递；少．

【解析】【答案】根据Q吸=cm△t计算水吸收的热量；太阳的能量是通过热传递传给水的．在质量和温度变化量相同时，由于煤油的比热容比水的小，故煤油吸收的热量少．

22、3×1087500【分析】【分析】雷达测距是回声测距离的应用，雷达发射的微波遇到飞机经反射后，又被雷达接收，知道整个过程用的时间，可以求出微波从雷达处传到飞机的时间，再利用速度公式求飞机离雷达的距离．【解析】【解答】解：光的传播速度为3×108m/s；所以微波的传播速度也为3×108m/s；

飞机与雷达的距离为s=vt=×3×108m/s×50×10-6s=7500m．

故答案为：3×108；7500．23、略

【分析】解：a；太阳热水器是利用太阳能；

b；原子弹利用了核能；

c；白炽灯应用了电能；

故本题答案为：a、(2)；b、(4)；c、(1)．【解析】(2);(4);(1)24、略

【分析】解：下压活塞时；活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，使其气体的内能增加，温度升高，当温度升高达到棉花的着火点时，筒内棉花燃烧起来．

故答案为：做功；内能．

做功可以使内能与机械能之间进行转化：对物体做功；物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少．

此题结合实际情况考查对改变物体内能方式的理解与应用情况．【解析】做功；内能25、略

【分析】【分析】分析清楚电路结构，根据开关闭合与断开时电路结构的变化分析答题．【解析】【解答】解：由电路图可知，开关断开时，两电阻串联，电压表测电阻R2两端电压；电压表示数小于电源电压，电流表测电路电流；

开关闭合时，R1被短路，只有R2接入电路；电压表测电源电压，电压表示数等于电源电压，因此电压表示数变大；

闭合开关后；由于电流表所在支路被短路，没有电流流过电流表，电流表示数为零，电流表示数变小；

故答案为：变小；变大．四、判断题(共3题，共6分)26、√【分析】【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色；是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性．【解析】【解答】解：声音的三个特征分别是：音调；响度、音色；

音调的高低由发声体的频率（即振动的快慢）决定；即频率的大小决定音调的高低；

响度是由发声体的振幅（即振动的幅度）决定；即振幅的大小决定声音的响度．

故答案为：√．27、×【分析】【分析】根据二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一条直线上进行解答．【解析】【解答】解：题中两个力的大小相等；方向相反、作用在一条直线上；但没有说明作用在同一物体上，故两个力不一定平衡．

故答案为：×．28、√【分析】【分析】实像是实际光线会聚而成的，虚像是实际光线反向延长线相交而成，实像能在光屏上呈现出，而虚像则不能．【解析】【解答】解：实像的特点是：实际光线的会聚；倒立，异侧，可成在屏上．

虚像的特点是：不是实际光线的会聚；正立，同侧不能成在屏上，只能用眼睛观察到．

故答案为：√．五、实验探究题(共3题，共30分)29、略

【分析】试题分析：（1）只有把注射器的活塞推至注射器筒的底端，然后用橡皮帽堵住注射器的小孔，才能使注射器内的空气排尽；当注射器中的活塞刚被拉动刚被拉动时，大气压力与弹簧测力计对活塞的拉力彼此平衡，注射器的活塞的横截面积S=V/L=10cm3/5cm=2cm2=2×10-4m2，大气压的值为p=F/S=18N/2×10-4m2=90000Pa；（3）空气没有排尽时，注射器的活塞刚刚拉动时在水平方向受三个力的作用，与空气被排尽时相比，弹簧测力计的示数变小，导致测量值比标准大气压偏小。考点：大气压强的测量【解析】【答案】（1）为了排尽注射器内的空气（2）刚被拉动90000（3）空气没有排尽30、略

【分析】解：

（1）游码对应的刻度值；标尺每一个大格代表1g，每一个小格代表0.2g，游码对应的刻度值是1.2g．

塑料块的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值=10g+1.2g=11.2g．

塑料球的体积=V2-V3=46ml-26ml=20ml=20cm3．

ρ===0.56g/cm3．

（2）若不用天平，利用浮力的方法求出塑料球的质量，让塑料球漂浮在图b的量筒中，记下水面到达的刻度V4；塑料球的重力=浮力=塑料球排开水的重力；

所以；塑料球的质量=塑料球排开水的质量；

所以塑料球的质量：m=（V4-V1）ρ水；

塑料球的体积：V=V2-V3；

根据密度公式得，ρ==•ρ水．

故答案为：（1）11.2；0.56．

（2）将塑料球放入图b所示的量筒内使其漂浮在水面上，读出量筒示数V4．

（3）ρ=•ρ水．

根据砝码和游码对应的刻度值计算塑料球的质量；读出塑料球和小铁块浸没水后水面到达的刻度，读出只有铁块浸没在水中时水面到达的刻度，求出塑料球的体积，根据密度公式计算物体的密度．

实验中如果没有天平；利用浮力的方法求出塑料球的质量；

让塑料球漂浮在装有适量水的量筒中；塑料球的重力=浮力=塑料球排开水的重力，再求出塑料球的质量．

测量固体的密度时；

实验中有天平和量筒；分别测量固体的质量和体积．

实验中没有天平时；采用弹簧测力计测量重力求质量，或利用漂浮的物体浮力等于重力，再求质量．

实验中没有量筒或固体太大时；采用固体浸没在水中，利用阿基米德原理求体积，或利用溢水杯法，溢出水的