【名师伴你行】2021届高考化学二轮复习专题突破题型专训1-选择题题型突破

题型专训(一)选择题一、定性分析类选择题1．(2022·山东仿真冲刺)如图，“低碳生活”是指生活作息时所耗用能量要削减，从而降低碳特殊是二氧化碳的排放。下列行为不利于低碳生活的是()A．处理废弃塑料制品较为合理的方法是使用化学方法加工成防水涂料或汽油B．开发太阳能、水能、风能等新能源，削减使用煤、石油等化石燃料C．实现资源的“3R”，即削减消耗(Reduce)、增加重复使用(Reuse)、重复再生(Recycle)D．逐步推广自然 气，代替石油和煤的使用答案：D解析：自然 气的使用也会排放CO2气体。2．(2022·武汉调研)下列表示正确的是()A．丙烯的结构简式：C3H6B．铜绿主要成分的化学式：Cu(OH)2CO3C．NHeq\o\al(＋,4)的结构式：D．14C的原子结构示意图：答案：C解析：本题考查了化学用语，意在考查考生的记忆力量和对学问的运用力量。丙烯的结构简式为CH3CH=CH2，A选项错误；依据化合物中各元素正负化合价代数和为零知，铜绿主要成分的化学式为Cu2(OH)2CO3，B选项错误；C的质子数为6，其原子结构示意图为，D选项错误。3．(2022·重庆三峡名校联考)下列各组物质充分反应后，最终既有沉淀又有气体生成的共有多少组()①将少量Na2O2投入Ca(HCO3)2溶液中②过量Ba(OH)2溶液和NH4HSO4溶液混合后加热③NaAlO2溶液与NaHCO3溶液混合④用铁作阳极长时间电解足量Na2SO4溶液A．2组B．3组C．4组D．5组答案：C解析：①中会生成CaCO3沉淀和O2，②中会生成BaSO4沉淀和NH3气体，③中会生成Al(OH)3沉淀和CO2气体，④中会生成Fe(OH)3沉淀和H2。4．(2022·湛江一模)X、Y、Z、W为四种短周期主族元素，它们在周期表中的相对位置如图所示。Z元素原子核外K层与M层电子数相等。下列说法中正确的是()XYZWA.Y元素最高价氧化物对应的水化物化学式为H3YO4B．原子半径由小到大的挨次为：X<Z<Y<WC．与同浓度的盐酸反应，Z比W更猛烈D．W的金属性比Z的强答案：C解析：Z元素原子核外K层与M层电子数相等，则Z为Mg元素，由在周期表中的位置可推知W为Al元素，X为C元素，Y为N元素。N元素最高价氧化物对应的水化物化学式为HNO3，A错误；原子半径大小为Mg>Al>C>N，B错误；金属性Mg>Al，C正确，D错误。5．(2022·天门调研)已知A、B为单质，C为化合物。能实现下述转化关系的是()①若C溶于水后得到强碱溶液，则A可能是Na②若C溶液遇Na2CO3，放出CO2气体，则A可能是H2③若向C溶液中滴加KSCN溶液显红色，则B可能为Fe④若C溶液中滴加NaOH溶液有蓝色沉淀生成，则B可能为CuA．①②B．②④C．①③D．③④答案：B解析：若A为钠，在电解水溶液时得不到单质钠，①错误；若C遇KSCN溶液显红色，说明C溶液含Fe3＋，在电解时得不到单质铁，③错误。6．(2022·泉州二模)工业上接受湿法炼锌过程中，以ZnSO4为主要成分的浸出液中，含有Fe3＋、Fe2＋、Cu2＋、Cl－等杂质，这些杂质对锌的电解工序有阻碍，必需事先除去。现有下列试剂可供选择。①酸性KMnO4溶液②NaOH溶液③ZnO④H2O2溶液⑤Zn⑥Fe⑦AgNO3⑧Ag2SO4下列说法不正确的是()A．用酸性KMnO4溶液将Fe2＋氧化成Fe3＋，再转化为Fe(OH)3沉淀除去B．用ZnO调整浸出液的酸碱性，可使某些离子形成氢氧化物沉淀C．在实际生产过程中，加入Ag2SO4可除去Cl－，是利用了沉淀转化的原理D．也可以用ZnCO3代替ZnO调整溶液的酸碱性答案：A解析：用酸性KMnO4溶液氧化Fe2＋时，会引入K＋、Mn2＋等新的杂质，这些离子在后续反应中难以除去，影响生产。生产中应当使用H2O2溶液氧化Fe2＋，然后加入ZnO或ZnCO3调整溶液的pH，使Fe3＋等离子形成沉淀。7．(2022·庐山二模)下列说法中不正确的是()A．常温下pH＝7的溶液中：Fe3＋、Mg2＋、SOeq\o\al(2－,4)、Cl－能大量共存B．在甲、乙两烧杯的溶液中，共含有Cu2＋、K＋、H＋、Cl－、COeq\o\al(2－,3)、OH－六种离子。已知甲烧杯的溶液含其中3种离子并呈蓝绿色，则乙烧杯的溶液中含有的3种离子是K＋、OH－、COeq\o\al(2－,3)C．在含有HCOeq\o\al(－,3)、SOeq\o\al(2－,3)、S2－、CH3COO－四种阴离子的溶液中加入足量的Na2O2固体后，CH3COO－浓度变化最小D．常温下水电离出c(H＋)×c(OH－)＝10－20的溶液中：Na＋、ClO－、S2－、NHeq\o\al(＋,4)不能大量共存答案：A解析：由于含有Fe3＋、Mg2＋，其水解使溶液显酸性，A错误。8．(2022·鹰潭二模)某溶液中可能含有以下6种离子中的几种：NHeq\o\al(＋,4)、Al3＋、Mg2＋、COeq\o\al(2－,3)、Cl－、SOeq\o\al(2－,4)，为确认溶液组成，现取100mL分成三等份溶液进行如下试验：(1)向第一份溶液中加入AgNO3溶液有沉淀产生；(2)向其次份溶液中加入足量NaOH溶液充分反应后，最终得到沉淀0.58g，同时收集到气体0.03mol(设气体全部从溶液中逸出)；(3)向第三份溶液中加入足量BaCl2溶液(盐酸酸化)充分反应后，得到沉淀6.99g。由此可知，下列关于原溶液组成的正确结论是()A．肯定存在Cl－B．溶液中含有Al3＋和NHeq\o\al(＋,4)C．肯定不存在Mg2＋，可能存在Al3＋D．溶液中SOeq\o\al(2－,4)的浓度是0.3mol/L答案：B解析：由试验(2)得沉淀0.58g，说明含0.01molMg2＋，利用离子共存判定溶液中不含CO2－3，同时得0.03mol气体，说明溶液中含0.03molNH＋4，试验(3)得6.99g沉淀，说明溶液中含0.03molSO2－4，利用电荷守恒推断溶液中还含有Al3＋，但Cl－无法确定，故B正确。9．(2022·长沙联考)在密闭容器中进行反应：X(g)＋3Y(g)2Z(g)，有关下列图像的说法正确的是()A．依据图a可推断正反应为吸热反应B．在图b中，虚线可表示压强增大C．若正反应的ΔH<0，图c可表示上升温度使平衡向逆反应方向移动D．由图d中气体平均相对分子质量随温度的变化状况，可推知正反应的ΔH>0答案：C解析：在a中升温，v正、v逆均增大，v逆增大程度大，平衡向逆反应方向移动，则ΔH<0，A错误；在图b中若加压，平衡时X转化率增大，图不符，B错误；温度上升，平均相对分子质量减小，说明平衡向逆反应方向移动，则ΔH<0，D错误。10．(2022·江西名校联考一)下列有关试验装置的说法中正确的是()图1图2图3图4A.图1装置可制取干燥纯洁的NH3B．图2装置可以完成“喷泉”试验C．图3装置可测量Cu与浓硝酸反应产生气体的体积D．图4装置可用于试验室制备Fe(OH)2答案：B解析：在A中不能用向上排气法收集NH3，A错误；Cu与浓HNO3反应生成NO2，NO2与H2O反应，不能用排水法收集NO2，C错误；在D中应用Fe作阳极，D错误。11.(2022·南京考前冲刺)近年来，科学家合成了一系列具有独特化学特性的氢铝化合物[(AlH3)n](n为正整数)。已知最简洁的氢铝化合物Al2H6的球棍模型如图所示，它的熔点为150℃A．氢铝化合物与水反应生成氢氧化铝和氢气B．Al2H6中含有离子键和极性共价键C．氢铝化合物可能成为将来的储氢材料和火箭燃料D．氢铝化合物中可能存在组成为AlnH2n＋2的物质(n为正整数)答案：B解析：依据题给Al2H6的球棍模型及熔点只有150℃，可推断Al2H612.(2022·德阳模拟)已知物质X、Y符合如图所示的转化关系(一个箭头表示一步反应)，且每步转化都属于氧化还原反应，则下列物质组合满足X、Y要求的是()①Cl2、FeCl3②C、CO③S、SO2④Na、Na2O2⑤AlCl3、Al(OH)3A．③④B．②④C．①②④D．①③⑤答案：B解析：不管Cl2和Fe以何种比例混合，反应都只生成FeCl3而不能生成FeCl2，①错误；S不能一步转化成SO3，③错误；AlCl3与Al(OH)3间的转化不属于氧化还原反应，⑤错误。13.(2022·萧山模拟)乙酸橙花酯是一种食用香料，结构如图所示。下列关于该物质的说法不正确的是()A．分子式为C11H18O2B．该化合物含有两种官能团C．该化合物能在碱性溶液中发生取代反应D．该化合物能使酸性KMnO4溶液褪色，发生氧化反应答案：A解析：乙酸橙花酯的分子式为C12H20O2，含有碳碳双键和酯基两种官能团。碳碳双键可以与酸性KMnO4溶液发生反应并使之褪色；酯基可以在碱性条件下，发生水解反应(属于取代反应)。14．(2022·百色联考)某试验小组同学用数字化试验系统测量(测量精度很高)向20mL0.1mol·L－1H2SO4溶液中滴加40mL0.1mol·L－1Ba(OH)2溶液的过程中，溶液的电导率λ(λ越大表明溶液导电力量越强)变化，则在显示器上看到的随加入Ba(OH)2溶液体积的变化曲线最可能接近下图中的()答案：C解析：当Ba(OH)2溶液恰好中和完H2SO4溶液时，溶液导电力量最弱，但因测量系统的精度高并且水也有微弱的导电性，因此曲线最低点应在横坐标轴的上方，故A、D项错误；当加入的Ba(OH)2溶液体积超过20mL时，溶液导电性又会增加，当滴完40mL时，溶液中离子浓度小于开头滴加时的离子浓度，故导电力量也比开头滴加时的导电力量弱，故B项错误、C项正确。15．(2022·绍兴质检)下列各试验相应操作、试验现象及缘由解释或推论均正确的是()选项操作试验现象解释或推论A铜片投入三氯化铁溶液中无明显变化铜的活泼性不如铁，铜不能与铁盐溶液反应B将某酸滴在浸有酚酞试液的试纸上试纸没有明显颜色变化该酸的浓度太稀，氢离子浓度太小C向某溶液中先滴加KSCN溶液，后滴加双氧水溶液先没有明显颜色变化，后变为红色原溶液中含有Fe2＋D二氧化硫通入石蕊试液中石蕊试液先由紫色变为红色，后变为无色说明二氧化硫具有漂白性答案：C解析：A选项，将铜片投入三氯化铁溶液中会发生化学反应生成氯化铜和氯化亚铁，铜片因溶解变小，A错误；B选项，酚酞遇酸不变色，与酸的浓度无关，B错误；D选项，二氧化硫通入石蕊试液中，石蕊试液由紫色变为红色，不会再由红色变为无色。16．(2022·南京模拟一)下列各组物质中，满足表中图示物质在通常条件下能一步转化的组合只有()序号XYZW①CuCuSO4Cu(OH)2CuO②NaNaOHNa2CO3NaCl③Cl2Ca(ClO)2HClOHCl④FeFeCl3FeCl2Fe(OH)2A.①②③B．①③④C．②③D．①④答案：A解析：氢氧化亚铁不能一步转化为单质铁，④不符合要求。17．(2022·梧州五校联考)已知X、M都是中学教材中常见元素，下列对甲、乙两种离子反应通式的推断，(甲)XOeq\o\al(n－,3)＋Xn－＋H＋→X单质＋H2O(未配平)；(乙)Mm＋＋mOH－=M(OH)m↓，其中正确的是()①若n＝1，则XOeq\o\al(n－,3)中X元素为＋5价，X位于周期表第ⅤA族②若m＝1，则M(NO3)m溶液和氨水互滴时的现象可能不同③若m＝2，则在空气中蒸干MSO4溶液并灼烧肯定能得到MSO4④若n＝2，则X最高价氧化物的水化物可能与它的氢化物反应⑤若m＝3，则MCl3与足量的碱溶液反应肯定生成M(OH)m⑥若n＝2、m＝3，则Xn－和Mm＋发生的反应是水解反应A．①③ B．②④C．①②③④ D．其他组合答案：B解析：在①中n＝1，则X元素有－1价，则X位于周期表中第ⅦA族，①错误；若m＝2，可能为Fe2＋，蒸干FeSO4溶液时，Fe2＋被氧化生成Fe3＋，③错误；若m＝3，可能为Al3＋，与足量的NaOH溶液反应会生成AlOeq\o\al(－,2)，⑤错误；若n＝2，m＝3，则X2－、M3＋可能为S2－、Fe3＋，二者会发生氧化还原反应，⑥错误。18．(2022·镇江二模)关于下列各试验装置的叙述中，正确的是()图1图2图3图4A．图1用于试验室制氨气并收集干燥的氨气B．图2用于制硫酸和氢氧化钠溶液，其中b为阳离子交换膜、c为阴离子交换膜C．图3酸性KMnO4溶液中消灭气泡，而溶液颜色无变化D．图4为放出从碘水中萃取出碘的苯溶液答案：A解析：B项，阴极反应式：2H＋＋2e－=H2↑，右侧溶液呈碱性，故c应为阳离子交换膜，阳极反应式：4OH－－4e－=2H2O＋O2↑，左侧溶液呈酸性，故b应为阴离子交换膜，错误；C项，石蜡油分解时有烯烃生成，酸性KMnO4溶液中消灭气泡且溶液颜色渐渐褪去，错误；D项，碘的苯溶液应从上口倒出，错误。19．(2022·株洲模拟)某化学争辩小组探究外界条件对化学反应mA(g)＋nB(g)pC(g)的速率和平衡的影响图像如下，下列推断正确的是()图Ⅰ图Ⅱ图Ⅲ图ⅣA．由图Ⅰ可知，T1＜T2，该反应正反应为吸热反应B．由图Ⅱ可知，该反应m＋n<pC．图Ⅲ中，表示反应速率v正>v逆的是点3D．图Ⅳ中，若m＋n＝p，则a曲线肯定使用了催化剂答案：C解析：A项由图Ⅰ可知，温度在T2时首先达到平衡。说明T1<T2，上升温度，化学反应速率加快，达到平衡所需要的时间缩短。由于在温度为T2时C%减小。说明上升温度，化学平衡向逆反应方向移动。逆反应方向为吸热反应，所以该反应正反应为放热反应。错误。B项由图Ⅱ可知，在温度不变时，增大压强，C%增多。说明增大压强，化学平衡向正反应方向移动。依据平衡移动原理，增大压强，化学平衡向气体体积减小的方向移动，正反应方向为气体体积减小的方向。所以该反应m＋n>p。错误。C项图Ⅲ表示的是在不同的温度下，当反应达到平衡时反应物B的转化率与温度的关系。曲线上的点表示的是平衡状态，v正＝v逆。过3这一点作横坐标的垂线，交曲线于一点。这点的B的转化率高于3这一点，说明3未达到平衡，反应向正反应方向进行，此时表示的反应速率v正>v逆的是点3。正确。D项图Ⅳ中，若m＋n＝p，则a曲线达到平衡所需要的时间比b短，先达到平衡。则可能是使用了催化剂，也可能是增大了压强，缩小了容器的容积。错误。20．(2022·通化模拟)乙醛酸(OHCCOOH)可用作化妆品的调香剂和定香剂。利用草酸(HOOCCOOH)通过电解制备乙醛酸的装置如图所示(已知草酸被还原生成乙醛酸)。下列说法正确的是()A．电解时a极应与直流电源的正极相连B．a极的电极反应式为HOOCCOOH＋2H＋＋2e－=OHCCOOH＋H2OC．b极的电极反应式为2H＋＋2e－=H2↑D．电解一段时间后，b极区四周溶液pH无变化答案：B解析：依据题给信息和图像信息可知，饱和草酸溶液在a极区加入，转变为乙醛酸，发生还原反应，故a极为电解池阴极。选项A，电极a应与直流电源负极相连；选项C，b极处应发生氧化反应；选项D，b极为氢氧根离子失电子生成氧气，氢离子通过阳离子交换膜进入a极区，相当于水被电解，硫酸溶液浓度增大，因此b极区四周溶液pH减小。二、定量分析类选择题(同学用书对应页码P203)1．(2022·镇江联考)肯定温度时，向容积为2L的密闭容器中充入肯定量的SO2和O2，发生反应2SO2(g)＋O2(g)2SO3(g)ΔH＝－196kJ·mol－1，一段时间后达到平衡，反应过程中测定的部分数据见下表：反应时间/minn(SO2)/moln(O2)/mol02151.2100.4150.8下列说法不正确的是()A．反应在前5min的平均速率为v(SO2)＝0.08mol·L－1·min－1B．保持温度不变，向平衡后的容器中再充入1molSO2和0.5molO2时，v(正)>v(逆)C．保持其他条件不变，若起始时向容器中充入2molSO3，达到平衡时吸取78.4kJ的热量D．相同温度下，起始时向容器中充入1.5molSO3，达平衡时SO3的转化率为40%答案：D解析：若起始时充入2molSO3，与充入2molSO2、1molO2等效，SO3的转化率为40%，若充入1.5molSO3，等同于减压，平衡向逆反应移动，则SO3转化率大于40%。2．(2022·上饶联考二)NA为阿伏加德罗常数，下列说法正确的是()A．106gNa2CO3晶体中的离子总数大于3NAB．0.2molZn与肯定量浓H2SO4恰好完全反应，生成的气体分子数为0.2NAC．将2mL0.5mol·L－1Na2SiO3溶液滴入稀盐酸中制得H4SiO4胶体，所含胶粒数为0.001NAD．电解精炼铜时，当阳极上质量削减6.4g时，电路上转移的电子数目为0.2NA答案：B解析：在Na2CO3晶体中只含Na＋、CO2－3，则106gNa2CO3晶体中离子总数为3NA，A错误；胶体微粒是多个微粒的聚合体，故所含胶粒数应小于0.001NA，C错误；在电解精炼铜时，阳极反应为Zn－2e－=Zn2＋、Fe－2e－=Fe2＋，Cu－2e－=Cu2＋，当阳极质量削减6.4g时，反应的Cu不确定，故其转移的电子数不肯定为0.2NA，D错误。3．(2022·江西名校调研)设NA为阿伏加德罗常数的数值，则下列说法中，正确的是()A．常温下，0.1mol碳酸钠晶体中含有COeq\o\al(2－,3)的个数为0.1NAB．标准状况下，11.2L苯含有C—H键数目为3NAC．常温常压下，54g重水(D2O)含水分子数为3NAD．将NA个Cl2分子通入足量的水中，转移的电子总数为NA答案：A解析：苯为液体，不适用于标准状况的气体摩尔体积，B错误；D2O的相对分子质量为20,54gD2O的物质的量为2.7mol，C错误；Cl2与H2O的反应为可逆反应，故NA个Cl2分子通入足量的水中，转移的电子总数小于NA，D错误。4．(2022·浙江嘉兴测试)在常温常压下，已知：4Fe(s)＋3O2(g)=2Fe2O3(s)ΔH14Al(s)＋3O2(g)=2Al2O3(s)ΔH22Al(s)＋Fe2O3(s)=Al2O3(s)＋2Fe(s)ΔH3则ΔH3与ΔH1和ΔH2间的关系正确的是()A．ΔH3＝eq\f(1,2)(ΔH1＋ΔH2)B．ΔH3＝ΔH2－ΔH1C．ΔH3＝2(ΔH2＋ΔH1)D．ΔH3＝eq\f(1,2)(ΔH2－ΔH1)答案：D解析：本题考查热化学反应及盖斯定律。(其次个反应式－第一个反应式)÷2即可得到第三个反应式，依据盖斯定律，ΔH3＝eq\f(1,2)(ΔH2－ΔH1)。5.(2022·黄山二模)向含有Fe2＋、I－、Br－的溶液中通入适量氯气，溶液中各种离子的物质的量变化如图所示。下列有关说法不正确的是()A．线段BC代表Fe3＋物质的量的变化状况B．原混合溶液中n(FeBr2)＝3molC．当通入2molCl2时，溶液中已发生的离子反应可表示为2Fe2＋＋2I－＋2Cl2=2Fe3＋＋I2＋4Cl－D．原溶液中n(Fe2＋)∶n(I－)∶n(Br－)＝3∶1∶2答案：D解析：本题考查了化学图像、元素化合物的性质、氧化还原反应、化学计算等，意在考查考生的识图力量及计算力量。还原性挨次：Br－<Fe2＋<I－，依据化学图像、反应原理知，线段AB代表I－物质的量的变化状况，线段BC代表Fe3＋物质的量的变化状况，线段DE代表Br－物质的量的变化状况，A项正确；依据图像中消耗氯气的量可知，原溶液中n(I－)＝2mol，n(Fe2＋)＝4mol，n(Br－)＝6mol，n(Fe2＋)∶n(I－)∶n(Br－)＝2∶1∶3，D项错误；n(FeBr2)＝3mol，n(FeI2)＝1mol，B项正确；当通入2molCl2时，溶液中已发生的离子反应可表示为2Fe2＋＋2I－＋2Cl2=2Fe3＋＋I2＋4Cl－，C项正确。6．(2022·曲靖二模)T℃时，在体积不变的密闭容器中发生反应：X(g)＋3Y(g)2Z(g)，各组分在不同时刻的浓度如下表：物质XYZ初始浓度/mol·L－10.10.202min末浓度/mol·L－10.08ab平衡浓度/mol·L－10.050.050.1下列说法正确的是()A．平衡时，X的转化率为20%B．T℃时，该反应的平衡常数为40C．增大平衡后的体系压强，v正增大，v逆减小，平衡向正反应方向移动D．前2min内，用Y的变化量表示的平均反应速率v(Y)＝0.03mol·L－1·min－1答案：D解析：本题考查化学反应速率和化学平衡，意在考查考生对化学反应速率和化学平衡理论的理解力量。平衡时，X的转化率为eq\f(0.1mol－0.05mol,0.1mol)×100%＝50%，A项错误；T℃时，该反应的平衡常数K＝eq\f(c2Z,cX·c3Y)＝eq\f(0.12,0.05×0.053)＝1600，B项错误；增大平衡后的体系压强，v正增大，v逆增大，且v正>v逆，平衡向正反应方向移动，C项错误；前2min内，v(Y)＝3v(X)＝eq\f(0.1－0.08mol·L－1,2min)×3＝0.03mol·L－1·min－1，D项正确。7．(2022·浙江模拟)用石墨电极电解只含有Cu2＋、H＋和M3＋(M为金属元素)三种阳离子的电解质溶液，起始时三种阳离子的物质的量均为0.1mol，电解过程中阴极产生金属的质量与电路中通过电子的物质的量的关系如图所示，下列说法正确的是()A．三种阳离子的氧化性强弱挨次：Cu2＋>H＋>M3＋B．电路中通过0.3mol电子时，溶液中的阳离子只有H＋C．将Cu投入含M3＋的溶液中，可能发生反应：Cu＋2M3＋=Cu2＋＋2MD．从开头电解到电路中通过0.1mol电子的过程中，阴极的电极反应式为2H＋＋2e－=H2↑答案：C解析：本题考查电解过程分析，意在考查考生对电解原理的理解和运用力量。由图像信息可知，电路中通过0.1mol电子到通过0.3mol电子的过程明显是Cu2＋放电，由于氧化性Cu2＋>H＋，所以从开头电解到通过0.1mol电子的过程中，确定是M3＋放电且还原产物是M2＋：M3＋＋e－=M2＋，则三种阳离子中M3＋的氧化性最强，故A、D错误，C正确。当电路中通过0.3mol电子时，溶液中阳离子有H＋、M2＋两种，故B错误。8．(2022·山东十校联考二)常温常压下，将amolCO2气体通入1Lbmol/L的NaOH溶液中，下列对所得溶液的描述不正确的是()A．当1/2＜a/b＜1时，所得溶液中肯定存在：c(Na＋)＋c(H＋)＝2c(COeq\o\al(2－,3))＋c(HCOeq\o\al(－,3))＋c(OH－)B．当a＝b时，所得溶液中存在：c(OH－)＋c(COeq\o\al(2－,3))＝c(H＋)＋c(H2CO3)C．当a/b＝2/3时，所得溶液中存在：3c(Na＋)＝2c(COeq\o\al(2－,3))＋2c(HCOeq\o\al(－,3))＋2c(H2CO3)D．当2a＝b时，所得溶液中存在：c(Na＋)＞c(COeq\o\al(2－,3))＞c(OH－)＞c(HCOeq\o\al(－,3))＞c(H＋)答案：C解析：当1/2<a/b<1时，二氧化碳和氢氧化钠反应生成碳酸氢钠和碳酸钠，依据电荷守恒知，碳酸氢钠中存在c(Na＋)＋c(H＋)＝2c(COeq\o\al(2－,3))＋c(HCOeq\o\al(－,3))＋c(OH－)，A项正确；当a＝b，二氧化碳和氢氧化钠恰好反应生成碳酸氢钠，依据物料守恒知，设反应后溶液的体积为V，c(Na＋)＝eq\f(b,V)mol·L－1，c(COeq\o\al(2－,3))＋c(HCOeq\o\al(－,3))＋c(H2CO3)＝eq\f(a,V)mol·L－1，又因a∶b＝2∶3，联立方程可得，c(COeq\o\al(2－,3))＋c(OH－)＝c(H＋)＋c(H2CO3)，B项正确；当a/b＝2/3时，二氧化碳和氢氧化钠反应生成碳酸氢钠和碳酸钠之比为1∶1，依据物料守恒知，设反应后溶液的体积为V，c(Na＋)＝eq\f(b,V)mol·L－1，c(COeq\o\al(2－,3))＋c(HCOeq\o\al(－,3))＋c(H2CO3)＝eq\f(a,V)mol·L－1，又因a∶b＝2∶3，联立可得2c(Na＋)＝3c(COeq\o\al(2－,3))＋3c(HCOeq\o\al(－,3))＋3c(H2CO3)，故C选项错误；当2a＝b时，二氧化碳和氢氧化钠反应恰好生成碳酸钠，钠离子不水解，碳酸根离子水解，所以c(Na＋)>c(COeq\o\al(2－,3))，碳酸根离子和碳酸氢根离子水解都产生氢氧根离子，但水解较微弱，且只有碳酸根离子水解产生碳酸氢根离子，所以c(COeq\o\al(2－,3))>c(OH－)>c(HCOeq\o\al(－,3))，D正确。9．(2022·咸宁模拟)将肯定量的氯气通入30mL浓度为10.00mol/L的氢氧化钠浓溶液中，加热少许时间后溶液中形成NaCl、NaClO、NaClO3共存体系。下列推断正确的是()A．若反应中转移的电子为nmol，则0.15<n<0.25B．n(Na＋)∶n(Cl－)可能为7∶3C．与NaOH反应的氯气肯定为0.3molD．n(NaCl)∶n(NaClO)∶n(NaClO3)可能为11∶2∶1答案：A解析：本题考查化学计算，考查考生计算、分析力量。难度较大。Cl2与0.3molNaOH发生氧化还原反应，还原产物为NaCl(Cl元素显－1价)，氧化产物有NaClO(Cl元素显＋1价)和NaClO3(Cl元素显＋5价)两种，可用极限法、质量守恒和得失电子守恒来解题：①若氧化产物只有NaClO，由Na元素守恒知NaCl和NaClO总物质的量为0.3mol，再由得失电子守恒知NaCl和NaClO物质的量之比为1∶1，均为0.15mol，转移0.15mol电子；②若氧化产物只有NaClO3，由Na元素守恒知NaCl和NaClO3总物质的量为0.3mol，再由得失电子守恒知NaCl和NaClO3物质的量之比为5∶1，NaCl为0.25mol，NaClO3为0.05mol，转移0.25mol电子。A选项，现氧化产物既有NaClO又有NaClO3，故转移电子数在0.15～0.25mol之间；B选项，若氧化产物只有NaClO，则溶液中n(Na＋)∶n(Cl－)＝0.3∶0.15＝2∶1＝2，若氧化产物只有NaClO3，则溶液中n(Na＋)∶n(Cl－)＝0.3∶0.25＝6∶5＝1.2，故溶液中n(Na＋)∶n(Cl－)应当在1.2～2之间，而7∶3≈2.33，不在范围内；C选项，利用原子守恒，n(Na)＝n(Cl)＝0.3mol，则n(Cl2)＝0.15mol，错误；D选项，由得失电子守恒知：若n(NaCl)为11amol，n(NaClO)为2amol，则由得失电子守恒得式子：11a＝2a＋5n(NaClO3)，解得n(NaClO3)＝1.810．(2022·成都树德中学模拟)肯定量的CuS和Cu2S的混合物投入足量的HNO3中，收集到气体VL(标准状况)，向反应后的溶液中(存在Cu2＋和SOeq\o\al(2－,4))加入足量NaOH，产生蓝色沉淀，过滤、洗涤、灼烧，得到CuO12.0g，若上述气体为NO和NO2的混合物，且体积比为1∶1，则V可能为()A．8.4LB．13.5LC．10.7LD．16.8L答案：C解析：1molCuS与HNO3反应失去8mole－，1molCu2S与HNO3反应失去10mole－。用极值法若混合物中仅含有CuS，反应失电子eq\f(12.0,80)×8mol＝1.2mol；若原混合物中仅含有Cu2S，反应失电子eq\f(12.0,80)×10mol×eq\f(1,2)＝0.75mol，则混合物在反应中失去电子总数0.75mol<n(e－)<1.2mol。而生成1mol混合气体得到电子数为(5－4)×eq\f(1,2)mol＋(5－2)×eq\f(1,2)mol＝2mol，由电子守恒可知，生成气体的体积eq\f(0.75,2)×22.4L<V<eq\f(1.2,2)×22.4L，即8.4L<V<13.44L，C项正确。11．(2022·太原联考)将肯定量的Al2O3固体加入100mLNaOH溶液中，固体全部溶解，向所得溶液中逐滴加入1.0mol·L－1盐酸，所得沉淀的物质的量与加入盐酸体积的关系如图所示(不考虑溶液体积的变化)，则下列说法正确的是()A．原NaOH溶液的浓度为1.0mol/LB．原Al2O3的质量为0.51gC．V0的数值为35D．沉淀量达到最大时，溶液的溶质有两种答案：B解析：本题考查化学反应过程分析及化学计算，意在考查考生的推理力量与计算力量。依据图像分析，当沉淀物质的量达到最大值时，溶液中的溶质只有一种，即NaCl，故有：100mL×c(NaOH)＝50mL×1.0mol·L－1，则c(NaOH)＝0.5mol·L－1，故A、D错误。图中V0～50、50～80两阶段发生的反应分别为AlOeq\o\al(－,2)＋H＋＋H2O=Al(OH)3↓、Al(OH)3＋3H＋=Al3＋＋3H2O，两阶段消耗盐酸的体积比是1∶3，所以V0＝40，C错误。加入盐酸前n(AlOeq\o\al(－,2))＝0.01L×1.0mol·L－1＝0.01mol，n(Al2O3)＝0.005mol，m(Al2O3)＝0.005mol×102g/mol＝0.51g，故B正确。12．(2022·南昌调研)由14CO和12CO组成的混合气体与同温同压下空气的密度相等(空气的平均相对分子质量为29)，则下列关系正确的是()A．混合气体中，12CO占有的体积大于14CO占有的体积B．混合气体中，12CO与14CO分子个数之比为1∶2C．混合气体中，12CO与14CO质量之比为15∶14D．混合气体中，12CO与14CO密度之比为14∶15答案：D解析：由pV＝nRT＝eq\f(m,M)RT得pM＝ρRT，同温同压下，密度相等，则摩尔质量相等，设混合气体中14CO为xmol，12CO为ymol，则eq\f(30x＋28y,x＋y)＝29，解得x∶y＝1∶1，12CO和14CO的物质的量之比为1∶1，A、B项错误；12CO和14CO的质量之比为28∶30，即14∶15，C项错误；体积相同时，密度之比等于其质量之比，D项正确。13．(2022·合肥模拟)已知乙炔与苯蒸气完全燃烧的热化学方程式分别如下：①2C2H2(g)＋5O2(g)=4CO2(g)＋2H2O(l)ΔH＝－2600kJ·mol－1②2C6H6(g)＋15O2(g)=12CO2(g)＋6H2O(l)ΔH＝－6590kJ·mol－1下列说法正确的是()A．2molC2H2(g)完全燃烧生成气态水时放热大于2600kJB．2molC6H6(l)完全燃烧生成液态水时放热大于6590kJC．相同条件下，等质量的C2H2(g)与C6H6(g)完全燃烧，C6H6(g)放热更多D．C2H2(g)三聚生成C6H6(g)的过程属于放热反应答案：D解析：A项，同等条件下，生成气态水放出的热量小于生成液态水放出的热量；B项，同等条件下，液态苯完全燃烧放出的热量小于气态苯的；C项，1gC2H2(g)完全燃烧放出的热量为eq\f(2600kJ,52)＝50kJ,1gC6H6(g)完全燃烧放出的热量为eq\f(6590kJ,156)＝42.24kJ，质量相同时，C2H2(g)完全燃烧放热更多；D项，由①×eq\f(3,2)－②÷2得：3C2H2(g)=C6H6(g)ΔH＝－605kJ·mol－1，反应放热。14．(2022·绵阳质检)某结晶水合物的化学式为R·nH2O，其相对分子质量为M。25℃时，ag该晶体能够溶于bg水中形成VA．该溶液中溶质的质量分数为ω＝eq\f(100aM－18n,a＋b)%B．该溶液的物质的量浓度为c＝eq\f(1000a,MV)mol·L－1C．该溶液中溶剂与溶质的质量比为m(水)∶m(溶质)＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(18na,M)＋b))∶eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(a－\f(18na,M)))D．该溶液的密度为ρ＝eq\f(1000a＋b,V)g·L－1答案：A解析：结晶水合物的化学式为R·nH2O，含R的质量分数＝(M－n×18)/M，ag该晶体中含有R的质量＝ag×(M－n×18)/M，所以溶液中溶质的质量分数＝[a×(M－n×18)/M]÷(a＋b)×100%，错误。15．(2022·荆州模拟)向肯定量的Fe、FeO、Fe2O3的混合物中加入10mL18mol·L－1硫酸，加热使之反应，最终硫酸恰好将固体混合物溶解，反应过程中共得到气体2240mL(标准状况下)，向所得溶液中滴加KSCN溶液未见红色消灭，下列说法中不正确的是()A．溶解所得溶液为FeSO4溶液B．在反应过程中浓硫酸表现了氧化性和酸性C．原混合物中n(Fe)＝n(Fe2O3)＋0.1molD．若用足量碳还原原混合物可得到10.08g铁单质答案：D解析：因向所得溶液中滴加KSCN溶液未见红色消灭，说明不含Fe3＋，故溶解所得溶液为FeSO4溶液，A项正确。反应的气体产物既有SO2也有硫酸盐生成，浓硫酸表现了氧化性和酸性，B项正确。依据得失电子守恒，可推断C项正确。D项是依据硫酸根离子和铁元素的守恒来计算铁元素的量，但是由于硫酸中的硫酸根离子并没有完全转化成硫酸亚铁，还有一部分被还原成SO2，所以D项结论错误。16．(2022·成都树德中学模拟)下列示意图与对应的反应状况符合的是()A．向含0.01molKOH和0.01molCa(OH)2的混合溶液中缓慢通入CO2至过量B．向NaHSO4溶液中逐滴加入Ba(OH)2溶液至过量C．向KAl(SO4)2溶液中逐滴加入Ba(OH)2溶液至过量D．向NaAlO2溶液中逐滴加入盐酸至过量答案：B解析：A项，可以理解为通入的CO2先与Ca(OH)2反应生成CaCO3沉淀，然后与KOH反应，最终与CaCO3反应，故A项错；C项，假设溶液中含1molKAl(SO4)2，加入1.5mol的Ba(OH)2时生成1.5molBaSO4和1molAl(OH)3，沉淀的物质的量最大为2.5mol，再加入0.5molBa(OH)2，生成0.5molBaSO4，溶解1molAl(OH)3，故沉淀的总物质的量削减，C项错误；D项，向NaAlO2溶液中逐滴加入盐酸至过量依次发生的反应是NaAlO2＋HCl＋H2O=NaCl＋Al(OH)3↓、Al(OH)3＋3HCl=AlCl3＋3H2O，生成沉淀消耗的HCl和溶解沉淀消耗的HCl物质的量之比应为1∶3，故D项错。17．(2022·石家庄模拟)部分氧化的Fe、Cu合金样品(氧化产物为Fe2O3、CuO)共8.0g，进行如下处理：下列说法正确的是()A．滤液A中的阳离子为Fe2＋、Fe3＋、H＋B．样品中金属Fe的质量为4.48gC．样品中CuO的质量为4.0gD．V＝1344答案：D解析：由框图可知滤渣3.2g为单质铜的质量，最终得到固体6.4g为Fe2O3的质量，结合硫酸过量，Fe3＋和Cu2＋的氧化性强于H＋，Fe3＋和Fe反应生成Fe2＋，由于有Cu存在，而滤液中又没有Cu2＋，则滤液A中不行能含有Fe3＋，A选项错误；样品中铁元素的总物质的量为eq\f(6.4g,160g/mol)×2＝0.08mol，铁元素有部分是来自Fe2O3的，则样品中金属铁的质量小于4.48g，B选项错误；样品中铜元素的总物质的量为eq\f(3.2g,64g/mol)＝0.05mol，铜元素有部分来自金属铜，则样品中CuO的质量小于4.0g，C选项错误。18.(2022·潍坊模拟)向NaOH和Na2CO3混合溶液中滴加0.1mol·L－1稀盐酸，CO2的生成量与加入盐酸的体积(V)的关系如图所示。下列推断正确