云南省德宏州梁河一中2021届高三(上)第一次月考物理试卷

2022-2021学年云南省德宏州梁河一中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题：本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中.14--18题只有一项符合题目要求.19--21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2022秋•梁河县校级月考）一汽车在平直大路上行驶．在t=0到t=t1的时间内，它的v﹣t图象如图所示．在这段时间内（）A．汽车做匀加速直线运动B．汽车做加速度渐渐减小的加速运动C．汽车的平均速度等于D．汽车的位移等于t考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；解答：解：A、由于切线的斜率等于物体的加速度，汽车的加速度大小渐渐减小，故A错误B正确．C、在v﹣t图象中，若从v1增加到v2做匀变速直线运动，则平均速度大小等于，图形的面积代表位移的大小，依据图象可知道图中位移大于做匀变速直线运动的位移，故平均速度大于，故C错误D错误；故选：B．点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．2．（6分）（2022秋•南安市校级期中）如图所示，质量为m的小球以初速度v0水平抛出，恰好垂直打在倾角为θ的斜面上，（不计空气阻力）则球落在斜面上时重力的瞬时功率为（）A．mgv0tanθB．C．D．mgv0cosθ考点：平抛运动；功率、平均功率和瞬时功率．专题：平抛运动专题．分析：小球垂直撞在斜面上，速度与斜面垂直，将该速度进行分解，依据水平分速度和角度关系求出竖直分速度，再依据vy=gt求出小球在空中的飞行时间．依据P=mgvy求解小球与斜面相碰时重力的瞬时功率．解答：解：（1）由平抛运动得：vx=v0vy=gt依据平行四边形定则知：tanθ=则：t=故重力的瞬时功率为：P=mgvy=mg•gt=故选：B．点评：该题是平抛运动基本规律的应用，主要抓住撞到斜面上时水平速度和竖直方向速度的关系，难度不大．3．（6分）（2022秋•梁河县校级月考）如图所示，分别用两个恒力F1和F2先后两次将质量为m的物体从静止开头，沿着同一个粗糙的固定斜面由底端推到顶端，第一次力F1的方向沿斜面对上，其次次力F2的方向沿水平向右，两次所用时间相同．在这两个过程中（）A．F1和F2所做功相同B．物体的机械能变化量相同C．F1和F2的大小相同D．物体的加速度不相同考点：功能关系；功的计算．分析：两物体均做匀加速直线运动，在相等的时间内沿斜面上升的位移相等，但斜面对物体的摩擦力不同，所以推力做功不同．解答：解：A、D、由公式x=at2得，由于x和t均相同，故加速度a相同，由v=at，t相同，则物体到达斜面顶端时速度相同，动能相同，依据动能定理得知，总功相等．由图示分析可知，第一个物体所受的摩擦力小于其次个物体所受的摩擦力，故两物体克服摩擦力做功不同，重力做功相同，则F1和F2所做功不同．故AD错误．B、物体末速度相同，又由于处于相同的高度，所以两物体机械能变化相同，故B正确C、设斜面的倾角为θ，物体与斜面间的动摩擦因数为μ，则依据牛顿其次定律得：第一个物体：F1﹣μmgcosθ﹣mgsinθ=ma，其次个物体：F1cosθ﹣μ（F2sinθ+mgcosθ）+mgsinθ=ma，得到，F1＜F2．故C错误．故选：B点评：由物体的运动特征推断出物体机械能的增量关系，结合本题功能关系：除重力以外的合力对物体做功等于机械能的增量，不难看出结果4．（6分）（2022秋•梁河县校级月考）如图所示，长为L的细线，一端固定在O点，另一端系一个球．把小球拉到与悬点O处于同一水平面的A点，并给小球竖直向下的初速度，使小球绕O点在竖直平面内做圆周运动．要使小球能够在竖直平面内做圆周运动，在A处小球竖直向下的最小初速度应为（）A．B．C．D．考点：向心力；牛顿其次定律；机械能守恒定律．专题：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．分析：当小球恰好通过圆周最高点B时，小球的初速度最小．依据牛顿其次定律和机械能守恒定律求出在A处小球竖直向下的最小初速度．解答：解：当小球恰好到达圆周的最高点B时，由重力供应向心力，则有mg=m，得依据机械能守恒定律得：mgL+=解得，故选C点评：本题是机械能守恒定律与向心力学问的综合应用．轻绳系的小球恰好到达圆周的最高点时，临界速度为v=，是常用的临界条件．5．（6分）（2021•宿迁二模）已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G．有关同步卫星，下列表述正确的是（）A．卫星距离地面的高度为B．卫星的运行速度大于第一宇宙速度C．卫星运行时受到的向心力大小为GD．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：同步卫星与地球相对静止，因而与地球自转同步，依据万有引力供应向心力，即可求出相关的量．解答：解：A、万有引力供应向心力F引=F向===a向，v=a向=F=h=﹣R故A、C错误B、由于第一宇宙速度为v1=，故B错误；D、地表重力加速度为g=，故D正确；故选D．点评：本题关键抓住万有引力等于向心力，卫星转动周期与地球自转同步．6．（6分）（2021秋•菏泽期末）在静电场中（）A．电场强度处处为零的区域内，电势也肯定处处为零B．电场强度处处相同的区域内，电势也肯定处处相同C．电场强度的方向总是跟等势面垂直的D．沿着电场强度的方向，电势总是不断降低的考点：电势；电场强度；等势面．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电势与电场强度没有直接关系，电势为零是人为选择的，电场强度处处为零的区域内，电势不肯定处处为零．电场强度处处相同的区域内，电势不肯定处处相同．在等势面上移动电荷时，电场力不做功，电场力方向与等势面垂直，说明电场强度的方向总是跟等势面垂直的．沿着电场强度的方向，电势总是不断降低的．解答：解：A、电势为零是人为选择的，电场强度处处为零的区域内，电势不肯定处处为零．故A错误．B、电场强度处处相同的区域是匀强电场，由于顺着电场线电势会降低，所以电势不肯定处处相同．故B错误．C、在等势面上移动电荷时，电场力不做功，电场力方向与等势面垂直，说明电场强度的方向总是跟等势面垂直的．故C正确．D、沿着电场线方向，电势渐渐降低，则沿着电场强度的方向，电势总是不断降低的．故D正确．故选CD点评：本题考查电势与场强、等势面与电场线的关系的理解力量．电势的凹凸看电场线的方向，场强的大小看电场线的疏密，两者没有关系．7．（6分）（2021秋•余姚市期末）如图所示，x轴上方有垂直纸面对里的匀强磁场．有两个质量相同，电荷量也相同的带正、负电的离子（不计重力），以相同速度从O点射入磁场中，射入方向与x轴均夹θ角．则正、负离子在磁场中（）A．运动时间相同B．运动轨道半径相同C．重新回到x轴时速度大小和方向均相同D．重新回到x轴时距O点的距离相同考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：由粒子运动的半径公式得出半径的关系；粒子进入直线边界的磁场，进入时与边界的夹角与出来时与边界的夹角相同，大小不变．解答：解：A因两个离子质量相同，电荷量也相等（电量确定值），它们垂直进入同一匀强磁场中做匀速圆周运动的半径必相等、周期（指完成一个圆周）必相等．当θ不等于90度时，两个离子在磁场中的轨迹一个是小半圆弧，另一个是大半圆弧，所以在磁场中的运动时间就不相等．故A选项错误．B由R=知半径相同，故选项B正确．C因离子进入磁场时射入方向与x轴夹角为θ，那么射出磁场时速度方向必与x轴夹角为θ，选项C正确．D由于两个离子的轨迹若合拢，确定能组合为一个完整的圆周，则距离相同．所以选项D正确．故选：BCD点评：粒子进入直线边界磁场，粒子进入直线边界的磁场，进入时与边界的夹角与出来时与边界的夹角相同，这是解题的关键点．8．（6分）（2010•镇江一模）如图所示，抱负变压器的原、副线圈匝数之比为10：1，R1=20Ω，R2=10Ω，C为电容器，原线圈所加电压u=220sin100πt（V）．下列说法正确的是（）A．通过电阻R3的电流始终为零B．副线圈两端交变电压的频率为50HzC．电阻R2的电功率为48.4WD．原、副线圈铁芯中磁通量变化率之比为10：1考点：变压器的构造和原理．专题：沟通电专题．分析：由副线圈电流推断原线圈电流，由表达式求频率，由匝数与电压成正比求副线圈电压，从而求功率，原副线圈磁通量变化率相等．解答：解：A、沟通电可以通过电容器，副线圈的电压U2=×220=22V，副线圈中电流I2=＞3.3A（其中），所以原线圈电流大于0.33A，故A错误B、T==0.02，f=50Hz，B正确；C、副线圈的电压U2=×220=22V，所以P2==48.4W，C正确；D、依据磁通量Φ=BS，B与S均相等，因此磁通量变化率相等，故D错误；故选BC点评：本题考查了变压器中匝数与电压成正比，与电流成反比，此题较难理解的是电容器中也有电流通过．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题-第32题为必考题，每个试题考生都必需作答．第33题～第40题为选考题，考生依据要求作答．9．（6分）（2022•宜昌模拟）如图是某同学用打点计时器争辩小车做匀变速直线运动时得到的一条纸带．图中A、B、C、D、E是按打点先后挨次依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s．由图中的数据可计算得出，打C点时小车的速度大小是0.24m/s，小车运动的加速度大小是0.80m/s2．（保留两位有效数字）考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：试验题；直线运动规律专题．分析：依据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，依据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．解答：解：打纸带上C点时小车的瞬时速度大小为：vC==0.24m/s由题意可知：△x=aT2，其中△x=0.8cm，T=0.1s，故带入数据解得：a=0.80m/s2；故答案为：0.24；0.80点评：本题借助试验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平常练习中要加强基础学问的理解与应用，提高解决问题力量．10．（9分）（2022•涪城区校级三模）用电流表和电压表测一个电阻值约为25kΩ、额定功率为W的电阻Rx的阻值，备用器材有：①量程0～100μA，内阻约为500Ω的电流表A1②量程0～500μA，内阻约为300Ω的电流表A2③量程0～1V，内阻约为10kΩ的电压表V1④量程0～15V，内阻约为100kΩ的电压表V2⑤量程0～50V，内阻约为500kΩ的电压表V3⑥直流稳压电源两端的输出电压为16V⑦滑动变阻器，阻值范围0～500Ω，允许最大电流lA⑧待测电阻Rx，开关和导线若干（1）为了测量精确     ，电压表应选④，电流表应选②．（填写仪器前的序号）（2）在方框内画出试验电路图．（3）若测量值为R测，真实值为R真，那么在操作、读数、计算均正确无误的状况下，R测大于R真（选填“大于”、“等于”或“小于”）．考点：伏安法测电阻．专题：试验题；恒定电流专题．分析：电表量程的选择应依据待测电阻的额定电流和额定电压来选择，并且通过电表的电流应在满刻度的～之间较合理；当时电流表应选内接法，时电流表应选外接法；当要求电流从零调时或滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻时变阻器应用分压式接法．解答：解：（1）依据P=可求出待测电阻的额定电压为U==35.4V，由于电源的输出电压只有16V，所以电压表应选④，由P=可得额定电流I==1414.2μA，所以电流表应选②（2）由于=4＜=83，所以电流表应用内接法接法，又滑动变阻器最大电阻远小于待测电阻阻值，所以应用分压式接法，电路图如图所示（3）依据欧姆定律可知，==，所以大于．故答案为（1）④，②（2）如图（3）大于点评：在电学试验中应通过计算选择器材和电路，要求通过电表的电流不小于量程的，伏安法测电阻时依据比值与的大小选择电流表内外接法，当滑动变阻器最大电阻远小于待测电阻值时或题目要求电流从零调时，滑动变阻器应用分压式．11．（13分）（2009•潮州三模）设雨点下落过程受到的空气阻力与雨点的横截面积S成正比，与雨点下落的速度v的平方成正比，即f=kSv2（其中k为比例系数）．雨点接近地面时近似看做匀速直线运动，重力加速度为g．若把雨点看做球形，其半径为r，球的体积为πr3，设雨点的密度为ρ，求：（1）每个雨点最终的运动速度vm（用ρ、r、g、k表示）；（2）雨点的速度达到vm时，雨点的加速度a为多大（用g表示）？考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；牛顿其次定律．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）依据共点力平衡条件和题意中有关摩擦力的关系式列式求解；（2）先依据题意求出速度达到vm时的空气阻力，然后依据牛顿其次定律求解加速度．解答：解：（1）当f=mg时，雨点达到最终速度vm，则故解得即每个雨点最终的运动速度．（2）由牛顿其次定律得：mg﹣f=ma则解得故即雨点的速度达到vm时，雨点的加速度a为．点评：本题关键是依据阻力表达式和共点力平衡条件或牛顿其次定律列式求解．12．（19分）（2022秋•梁河县校级月考）如图所示，金属三角形导轨COD上放有一根金属棒MN．MN在外力F的作用下，在t=0时自O点开头向右以水平速度v匀速运动，金属棒与导轨接触良好且始终保持与OD轨道垂直，导轨和金属棒都是粗细相同的均匀导体，单位长度的电阻值均为r．磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直于轨道平面，∠COD=α，在MN运动的过程中，求：（1）在滑动过程中回路中的感应电动势E与时间t的关系．（2）在滑动过程中回路中的感应电流I大小．（3）t时间内通过导轨横切面的电荷量Q．考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：MN向右匀速平动时，有效的切割长度随时间在增大，依据数学学问得到有效切割长度L与时间t的关系式，即可推断其变化．依据电阻定律得到回路中电阻与时间的关系，再由欧姆定律得到感应电流与时间的关系，再推断感应电流大小如何变化．解答：解：（1）设MN从O点开头运动时间为t，则ON=vt，有效切割的长度为：L=MN=vt•tanα感应电动势为：E===Bv2t•tanα；（2）闭合电路的总电阻为：R=ρ=（1+tanα+）=（1+）因此感应电流为：I=，解得：I=；（3）电荷量：Q=It=；答：（1）在滑动过程中回路中的感应电动势E与时间t的关系为E=Bv2t•tanα．（2）在滑动过程中回路中的感应电流I大小为．（3）t时间内通过导轨横切面的电荷量Q为．点评：本题的解题关键是运用法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电阻定律得到感应电动势、感应电流的表达式，再分析其变化状况，不能想当然认为感应电动势增大，感应电流也增大，要留意回路中的电阻也增大，不能犯低级错误．13．（6分）（2022秋•梁河县校级月考）如图所示，甲图为沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波动图象，乙图是x=2m处质点P的振动图象，下列推断正确的是（）A．该波的传播速率为4m/sB．该波沿x轴正方向传播C．经过0.5s，质点P沿波的传播方向移动2mD．0到1s时间内，质点P的路程为0.8mE．若遇到3m的障碍物，该波能发生明显的衍射现象考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由波动图象可读出波长，由振动图象读出周期，求出波速．在乙图上读出t=0时刻P质点的振动方向，在甲图上推断出波的传播方向．波在同一介质中匀速传播，由s=vt可以求出经过0.5s时间波沿波的传播方向向前传播的距离，而质点并不向前传播．依据波长与障碍物尺寸的关系分析能否发生明显的衍射现象．解答：解：A、甲图是波动图象，由甲读出该波的波长为λ=4m．乙图是振动图象，由乙图读出周期为T=1s，则波速为v==4m/s．故A正确．B、在乙图上读出t=0时刻P质点的振动方向沿y轴负方向，在甲图上，依据波形的平移法推断得知该波的传播方向沿x轴负方向．故B错误．C、质点只在自己