2024年沪教版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版必修3物理下册阶段测试试卷943考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，若将滑动变阻器的滑片P向右移动；则下列判断中正确的是。

A.电压表示数减小，灯L变暗B.电压表示数减小，灯L变亮C.电压表示数增大，灯L变暗D.电压表示数增大，灯L变亮2、某种热敏电阻在环境温度升高时，电阻会迅速减小。将这种热敏电阻P接入如图所示电路；开关闭合。若环境温度升高，下列判断正确的是（）

A.电路的总电阻变大B.流过P的电流变小C.灯泡A变亮D.灯泡B功率不变3、如图所示，完全相同的两个金属球A、B带有相等的电荷量，相隔一定距离，两球之间斥力大小是F。今让第三个完全相同的不带电的金属小球C先后与A、B两球接触后移开。这时，A、B两球之间的相互作用力的大小是（）

A.B.C.D.4、物理课本的插图体现丰富的物思想或方法；对下列四副图描述正确的（）

A.图甲：手压玻璃瓶时小液柱会上升，利用了极限法B.图乙：通过红蜡块的运动探究合运动和分运动之间的体现了类比的思想C.图丙：研究弹簧的弹力做功时将位移分成若干小段，利用了等效思想D.图丁：探究影响电荷间相互作用力的因素时，运用了控制变量法5、在一半径为R的圆周上均匀分布有N个绝缘带电小球(可视为质点)无间隙排列，其中A点的小球带电荷量为+4q，其余小球带电荷量为+q，此时圆心O点的电场强度大小为E，现仅撤去A点的小球，则O点的电场强度为。

A.大小为E，方向沿AO连线斜向下B.大小为E/2，方向沿AO连线斜向下C.大小为E/3，方向沿OA连线斜向上D.大小为E/4，方向沿OA连线斜向上6、如图所示，将不带电的绝缘枕形导体P放在正电荷Q的电场中，导体P的a、b两端分别带上了感应负电荷与等量的感应正电荷，另外导体内部还有两点c、d；取无穷远处电势为0，则以下说法正确的是（）

A.导体上a、b两端的电势高低关系是Фa=Фb=0B.导体内部c、d两点的场强大小关系是Ec>Ed≠0C.感应电荷在导体内部c、d两点产生的场强大小关系是Ec＞Ed≠0D.导体P的a、b两端用导线连接两端电荷将发生中和7、关于电流，下列说法中确的是（）A.通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B.电子定向移动的速率越大，电流越大C.单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大D.因为电流有方向，所以电流是矢量8、如图所示，一个面积为2S的矩形线框abcd，水平放置在匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B。方向与线框平面夹角为30°角，O1O2分别为bc边和ad边的中点。现将线框的右半边绕逆时针旋转90°；在这一过程中，通过线框的磁通量的变化量的大小为（）

A.BSB.BSC.BSD.（-1）BS评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示，两块较大的金属板A、B相距为d，平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间恰好有一质量为m、带电荷量为q的油滴处于静止状态；以下说法正确的是（）

A.若将S断开，则油滴将做自由落体运动，G表中无电流B.若将A向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，G表中有b→a的电流C.若将A向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有b→a的电流D.若将A向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G表中有b→a的电流10、如图所示；闭合电键S电压表的示数为U，电流表的示数为I，现向左调节滑动变阻器R的触头P，电压表V的示数改变量的绝对值为△U，电流表的示数改变量的绝对值为△l，则下列说法正确的是（）

A.变大B.变大C.电阻R1的功率变大D.电源的总功率变大11、如图所示，真空中的A、B两点分别固定有电荷量均为q的正、负点电荷，A、B两点间的距离为4r，a、b、c、d是以A、B连线的中点O为圆心、以r为半径的圆上的四个点，a、b在A、B连线，c、d点在A、B连线的中垂线上，静电力常量为k；则下列说法正确的是是（）

A.a、b两点的电场强度大小相等、方向相同B.把一正点电荷从c点沿直线移动到d点的过程中，电场力先做正功后做负功C.把一电荷量为的正试探电荷放在c点，其受到的电场力大小为D.把一电荷量为的正试探电荷从c点移动到b点，电场力做功为12、用比值法定义物理量是物理学中一种常用方法,以下物理量表达式中属于比值法定义的是（ ）A.B.C.D.13、如图所示，平行板电容器水平放置，两极板间电场强度大小为E，中间用一光滑绝缘细杆垂直连接，杆上套有带正电荷的小球和绝缘弹簧，小球压在弹簧上，但与弹簧不拴接。开始时对小球施加一竖直向下的外力，将小球压至某位置使小球保持静止。撤去外力后小球从静止开始向上运动，上升h时恰好与弹簧分离，分离时小球的速度为v，小球上升过程不会撞击到上极板，已知小球的质量为m，带电荷量为q，重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.与弹簧分离时小球的动能为B.从开始运动到与弹簧分离，小球与弹簧组成的系统增加的机械能为qEhC.从开始运动到与弹簧分离，小球减少的电势能为D.撤去外力时，弹簧的弹性势能为14、如图所示，电源电动势为E、内阻为r，为定值电阻（阻值均大于电源内阻r），电压表和电流表可视为理想电表。开关S闭合时，一带电油滴P恰好能静止在平行金属板之间，若将滑动变阻器R的滑片向b端移动；下列说法正确的是（）

A.油滴将向下运动B.电压表的示数变小、电流表的示数变大C.电源的输出功率逐渐增大、电源的效率逐渐增大D.电阻上消耗的功率都变大15、如图所示，水平粗糙滑道AB与竖直面内的光滑半圆形导轨BC在B处平滑相接，导轨半径为R。一轻弹簧的一端固定在水平滑道左侧的固定挡板M上，弹簧自然伸长时另一端N与B点的距离为L。质量为m的小物块在外力作用下向左压缩弹簧（不拴接）到某一位置P处，此时弹簧的压缩量为d。由静止释放小物块，小物块沿滑道AB运动后进入半圆形轨道BC，且刚好能到达半圆形轨道的顶端C点处，已知小物块与水平滑道间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，弹簧的劲度系数为k；小物块可视为质点，则（）

A.小物块在C点处的速度刚好为零B.当弹簧的压缩量为时，小物块速度达到最大C.刚开始释放物块时，弹簧的弹性势能为D.小物块刚离开弹簧时的速度大小为评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻”的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的U-I图象，由图可知测得的电池的电动势为______V，内电阻为______Ω.

17、『判一判』

（1）放电后的电容器所带电荷量为零，电容也为零。______

（2）电容器所带的电荷量是指每个极板所带电荷量的代数和。______

（3）电容表示电容器容纳电荷的多少。______

（4）电容器的电容与电容器所带电荷量成反比。______

（5）电容器的电容跟它两极板间所加电压成反比。______

（6）公式可用来计算任何电容器的电容。______

（7）将电介质插入平行板电容器时，电容器的电容将变小。______

（8）任何两个彼此绝缘而又相互靠近的导体都能组成电容器，而且跟这两个导体是否带电无关。______

（9）电容器两极板上所加的电压不能超过击穿电压。______18、电磁波的产生：变化的电场和磁场交替产生，由近及远向周围传播，形成_____________19、科学思想方法在物理问题的研究中十分重要，库仑受到牛顿的万有引力定律的启发，运用______方法（选填“建立模型”、“类比”、“控制变量”、“理想实验”）得出库仑定律，其表述为真空中两点电荷间距一定时相互作用力与______成正比。20、“用DIS描绘电场的等势线”的实验装置示意图如图所示．

实验操作时；需在平整的木板上依次铺放_______

A．导电纸；复写纸、白纸。

B．白纸；导电纸、复写纸。

C．导电纸；白纸、复写纸。

D．白纸、复写纸、导电纸21、焦耳定律。

（1）焦耳定律。

①内容：电流通过导体产生的热量跟______成正比，跟导体的______及______成正比。

②表达式：Q=______。

（2）热功率。

①定义：______内的发热量称为热功率。

②表达式：P=______。

③物理意义：表示电流______的物理量。22、磁场。

（1）磁体；电流间的相互作用。

①磁体与磁体间存在__________。

②通电导线对磁体有__________，磁体对通电导线也有__________。

③通电导线之间也有__________。

（2）磁场：磁体与磁体之间、磁体与通电导线之间，以及通电导线与通电导线之间的相互作用，是通过__________发生的，磁场是__________或__________周围一种看不见；摸不着的特殊物质。

（3）地磁场。

①地磁场：地球本身是一个磁体，N极位于__________附近，S极位于__________附近。

②磁偏角：小磁针的指向与地理子午线（经线）之间的夹角；如图所示。

23、如图所示，条形磁铁A沿竖直方向插入线圈B的过程中，电流表G的指针________（选填“不偏转”或“偏转”）；若条形磁铁A在线圈B中保持不动，电流表G的指针________。（选填“不偏转”或“偏转”）

24、有一条横截面积为s的铜导线通以大小为I的电流．已知铜的密度为，铜的摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为NA，电子的电量为e，如果每个铜原子只贡献一个自由电子，则铜导线中自由电子定向移动的速率为_____评卷人得分四、作图题(共1题，共3分)25、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)26、实验原理及误差。

（1）在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx的阻值约为200Ω，电压表V的内阻约为2kΩ，电流表A的内阻约为1Ω，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，结果由公式计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的示数。若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为Rx1和Rx2，则______（选填“Rx1”或“Rx2”）更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx1______（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值，测量值Rx2______（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值。

（2）测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U—I图象如图所示；请回答下列问题：

①如图甲所示，在闭合开关之前为防止电表过载而移动滑动变阻器的滑动头P，应放在滑动变阻器_______处（填“a”或“b”）

②如图乙是根据实验数据画出的U-I图像，由此可知这个干电池的电动势_______V，内电阻______Ω。（计算结果均保留三位有效数字）

③本实验中_____________（填“大于”、“小于”或“等于”）27、热敏电阻是传感器中经常使用的元件；某学习小组要探究一热敏电阻的阻值随温度变化的规律。可供选择的器材有：

待测热敏电阻（实验温度范围内；阻值约几百欧到几千欧）；

电源E（电动势内阻r约为）；

电阻箱R（阻值范围）；

滑动变阻器（最大阻值）；

滑动变阻器（最大阻值）；

微安表（量程内阻等于）；

开关两个；温控装置一套，导线若干。

同学们设计了如图甲所示的测量电路；主要实验步骤如下：

①按图示连接电路；

②闭合调节滑动变阻器滑片P的位置，使微安表指针满偏；

③保持滑动变阻器滑片P的位置不变，断开调节电阻箱，使微安表指针半偏；

④记录此时的温度和电阻箱的阻值。

回答下列问题：

（1）为了更准确地测量热敏电阻的阻值，滑动变阻器应选用___________（填“”或“”）。

（2）请用笔画线代替导线，将实物图（不含温控装置）连接成完整电路__________。

（3）某温度下微安表半偏时，电阻箱的读数为该温度下热敏电阻的测量值为___________（结果保留到个位），该测量值___________（填“大于”或“小于”）真实值。

（4）多次实验后，学习小组绘制了如图乙所示的图像。由图像可知。该热敏电阻的阻值随温度的升高逐渐___________（填“增大”或“减小”）。

28、小刘同学用如图甲所示电路测量两节干电池的电动势和内阻；有以下器材可供选择：

A.理想电压表；量程为3.0V；

B.电阻箱R；0~9.99Ω；

C.定值电阻R1；阻值约0.90Ω；

D.两节干电池；电动势约为3.0V，内阻约为0.2Ω；

E.单刀双掷；单刀单掷开关各一个，导线若干。

实验步骤如下：

（1）将S2接到a端，闭合S1，拨动电阻箱旋钮，使电阻箱阻值为2.00Ω，此时电压表的读数如图乙所示，则其读数为_____V；然后保持电阻箱示数不变，将S2切换到b端，闭合S1，电压表读数为2.70V，由此可算出电阻R1的阻值为_____Ω（结果保留三位有效数字）。

（2）该同学将S2切换到a端，闭合S1，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱的示数R和对应的电压表示数U。

（3）由测得的数据，绘出了如图丙所示的图线，由此可求得电源电动势E=______V，电源内阻r=_____Ω（结果保留两位小数）。

（4）进行实验后小李同学说将单刀双掷开关接到b也可测量电源的电动势和内电阻。你认为哪种测量方法好______（填“小刘”或“小李”），理由是_____________________。29、小明同学尝试测量电瓶车上蓄电池的电动势和内阻。

（1）已知电源内阻比较小，移动滑动变阻器滑片时，为了使电压表示数变化比较明显，小明在思考后将的定值电阻串入电路中，如图甲中的___________（选填“A”或“B”）；解决了问题。

（2）选定设计的实验电路，多次调节滑动变阻器R阻值，读出相应的电压表和电流表示数U和I，由将测得的数据描绘出如图乙所示的U-I图像。蓄电池的电动势E=___________V，内阻r0=___________Ω。（结果均保留2位有效数字）

（3）该同学分析了实验中由电表内阻引起的实验误差。如图中，实线是根据本实验的数据描点作图得到的U—I图像：虚线是该电源在没有电表内阻影响的理想情况下所对应的图像。则可能正确的是___________。

A．B．

C．D．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

试题分析：若将滑动变阻器的滑片P向右移动，则滑动变阻器连入电路的电阻增大，电路总电阻增大，所以路端电压增大，故电压表示数增大，电路总电流减小，所以通过L的电流减小，故L变暗；

A．电压表示数减小，灯L变暗；与结论不相符，选项A错误；

B．电压表示数减小，灯L变亮；与结论不相符，选项B错误；

C．电压表示数增大，灯L变暗；与结论相符，选项C正确；

D．电压表示数增大，灯L变亮；与结论不相符，选项D错误；

故选C。

考点：考查了电路的动态变化。

点评:做此类型题目需要从部分电路变化推导整体电路变化，再推导另外部分电路变化2、C【分析】【详解】

A．环境温度升高时；热敏电阻的阻值减小，则总电阻减小；故A错误；

BCD．由闭合电路欧姆定律I=可知，干路电流增大，故A灯变亮；A两端的电压变大；同时由U=E﹣Ir可知路端电压减小，则可知并联部分电压减小，B灯两端电压减小，由P=可知B灯功率减小；因总电流增大，而流过B的电流减小，故流过P的电流变大；故BD错误，C正确。

故选C。3、C【分析】【详解】

A、B两球相互排斥，则两球带同种电荷，设A、B带有电荷量为Q，相隔一定距离r，两球之间相互吸引力的大小是

第三个不带电的金属小球与A球接触后移开，第三个球与A球的带电量都为第三个球与B球接触后移开，第三个球与B球的带电量都为

A、B两球之间的相互作用力的大小

故选C。4、D【分析】【详解】

A.图甲：手压玻璃瓶时小液柱会上升；利用了微量放大法，故A错误；

B.图乙：通过红蜡块的运动探究合运动和分运动之间的关系；体现了等效替代法，故B错误；

C.图丙：研究弹簧的弹力做功时将位移分成若干小段；利用了微元法，故C错误；

D.探究影响电荷间相互作用力的因素时，所用的物理思想方法是控制变量法，故D正确。5、C【分析】【详解】

假设圆周上均匀分布的都是电荷量为+q的小球，由于圆周的对称性，根据电场的叠加原理知，圆心O处场强为0，所以圆心O点的电场强度大小等效于A点处电荷量为+3q的小球在O点产生的场强，则有方向沿AO连线向下；A处+q在圆心O点产生的场强大小为方向沿AO连线向下；设其余小球带电荷量为+q的所有小球在O点处产生的合场强为方向沿AO连线向上；故仅撤去A点的小球，则O点的电场强度为方向沿AO连线向上。

故选C。6、C【分析】【详解】

A．处于静电平衡的导体是个等势体，电势处处相等，所以Фa=Фb，b点有正感应电荷，电势高于无穷远处，所以有Фa=Фb>0；故A错误；

B．处于静电平衡的导体内部场强处处为零；故B错误；

C．感应电荷在导体内部c、d两点产生的场强与场源电荷Q在c、d两点产生的场强等大反向，由点电荷场强决定式

知场源电荷Q在c、d两点产生的场强大小关系为

所以感应电荷在导体内部c、d两点产生的场强Ec＞Ed≠0

故C正确；

D．在Q存在的情况下，用导线连接a、b两端；两端电荷不会发生中和，因为导体是一个等势体，电荷不会移动，故D错误。

故选C。7、C【分析】【分析】

【详解】

AC．物理学中把每秒钟通过导体任一横截面的电荷量（简称电量）叫做电流强度，由知；通过导体横截面的电量越多，但时间不知道，电流强度不一定大，故A错误，C正确；

B．在时间内通过金属导体的电流强度为所以电子速率大，电流强度不一定大，故B错误；

D．电流强度是标量；故D错误；

故选C。8、B【分析】【详解】

当线框转动前，整个面的磁通量为Φ1=2BSsin30°=BS

当线框转动后，整个面的磁通量为Φ2=BSsin30°+BScos30°=

磁通量变化量为∆Φ=Φ2﹣Φ1=

故选B。二、多选题(共7题，共14分)9、B:C【分析】【详解】

A．将S断开；电容器电量不变，板间场强不变，故油滴仍处于静止状态，A错误；

B．若S闭合，将A板左移，由

可知，E不变，油滴仍静止，根据

可知，电容C变小，电容器极板电量Q＝CU

变小，电容器放电，则有由b→a的电流；故B正确；

C．将A板上移，则

可知，E变小，油滴应向下加速运动，根据

可知，电容C变小，电容器要放电，则有由b→a的电流流过G；故C正确；

D．当A板下移时，板间电场强度增大，油滴受的电场力增加，油滴向上加速运动，根据

可知，C增大，电容器要充电，则有由a→b的电流流过G；故D错误。

故选BC。10、A:C【分析】【详解】

变阻器与电阻R1并联后与电阻R2串联，当向左调节滑动变阻器R的触头P；变阻器电阻变大，故外电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律，干路电流减小；

A．表示并联电阻，向左调节滑动变阻器R的触头P，变阻器电阻变大，故并联电路的电阻值变大，故变大；故A正确；

B．将电阻R2与电源当作等效电源，故表示等效电源的内电阻；是不变的，故B错误；

C．干路电流减小，故并联部分电压U并=E﹣I（r+R2）增加，故电阻R1的功率变大；故C正确；

D．干路电流减小，故电源的总功率P=EI减小；故D错误；

故选AC．11、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．a、b两点是等量异种电荷的电荷连线上对称点，则a、b两点的电场强度大小相等；方向相同；A正确；

B．等量异种电荷的电荷连线的中垂线是等势面，电荷在等势面上移动不做功，所以把一正点电荷从c点沿直线移动到d点电场力不做功；B错误；

C．A处点电荷产生的电场在c点的电场强度大小

方向从A指向c，同理B处点电荷产生的电场在c点的电场强度大小

方向从c指向B，由几何关系可知，A、c连线与A、B连线的夹角的余弦值为则c处的合电场强度大小

故试探电荷在c点受到的电场力大小为

C正确；

D．等量异种电荷的电场线的中垂线是等势面，即

因为b点的电场强度大小为O点场强O到b点的场强逐渐增大，平均场强小于则平均电场力也小于

所以把试探电荷从c点移动到b点，电场力做功小于

D错误。

故选AC。12、A:C:D【分析】【详解】

电场中两端的电势差与移动的电荷和电场力所做的功无关，所以是比值定义法，故A正确；两端间电势差不变时，d变化，电场强度也变化．所以不是电场强度的定义式，故B错误；电场中某一点的电势与放入电场中的电荷无关，电荷量变大，电势能也变大，电势不变，所以为比值法定义式，故C正确；电容器的电容有本身性质决定，与所带的电量和两端间的电势差无关，所以比值法定义式，故D正确．所以ACD正确，B错误．13、B:D【分析】【详解】

A．根据动能定理可知，合外力对小球所做的功等于小球动能的变化量，所以小球与弹簧分离时小球的动能为

故A错误；

B．由功能关系知，从开始运动到与弹簧分离，从开始运动到与弹簧分离，小球与弹簧组成的系统增加的机械能为电场力做的功为故B正确；

C．由功能关系知小球减少的弹性势能为电场力对小球所做的功为故C错误；

D．从撤去外力到小球与弹簧分力，由动能定理知

解得

故D正确。

故选BD。14、A:B【分析】【详解】

A．油滴恰好静止在金属板之间，则重力和电场力是一对平衡力，滑片向b端移动；变阻器接入电路的电阻减小，则并联部分电阻减小，并联部分两端电压减小，即电容器两板间电压减小，板间场强减小，油滴受电场力减小，所以油滴向下移动。故A正确；

BD．电压表和变阻器并联，电流表和变阻器串联，变阻器电阻变小，总电阻减小，总电流变大，内阻r和R1上的电压变大，则R1消耗的功率变大，并联支路的电压减小，通过R3的电流减小，则R3消耗的功率变小，通过R2和R电流变大，电流表示数变大，R2两端电压变大，则R两端电压减小；即电压表示数减小。故B正确；D错误；

C．电源效率

其中R表示外电阻，由题知R减小，所以效率减小。根据电源的输出功率可知，当外电阻大于内阻时，电源的输出功率随外电阻的减小而增大，由题知电源的内阻小于外电阻，R减小；所以输出功率增大。故C错误。

故选AB。15、B:D【分析】【详解】

A．由题意知，小物块刚好能达到半圆形轨道顶端点处，设小物块在点处速度大小为则有

解得

A错误；

B．弹簧的压缩量为时，由静止释放小物块，开始时弹簧的弹力大于滑动摩擦力，小物块加速运动，速度增大，当弹簧的弹力等于滑动摩擦力时，小物块速度达到最大，即

解得

B正确；

CD．弹簧的压缩量为时，释放小物块，设小物块离开弹簧时速度为到达点时的速度为小物块由点运动到点时，据机械能守恒定律有

解得

小物块离开弹簧到点时，据动能定理有

解得

据功能关系，刚开始释放物块时，弹簧的弹性势能为

C错误；D正确。

故选BD。三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【详解】

试题分析：电源的U-I图像，纵轴截距为电源电动势，由图可得电池电动势为1.40V；电池内电阻为

考点：测定电池的电动势和内电阻。

点评：容易题．本题要特别注意纵坐标没有由零开始，计算内电阻时不能用．【解析】1.401.017、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）电容器的电容由电容器本身决定；所以放电后的电容器所带电荷量为零，电容不为零，故错误；

（2）电容器所带的电荷量是指任意一个极板所带电荷量；故错误；

（3）电容表示电容器容纳电荷的能力；在竖直上等于1V电压下极板所带的电荷量，故错误；

（4）电容器的电容由电容器本身决定；极板间的电压和电荷量无关，电容的大小等于电容器所带的电荷量与极板间的电压的比值，故错误；

（5）电容器的电容由电容器本身决定；极板间的电压和电荷量无关，电容的大小等于电容器所带的电荷量与极板间的电压的比值，故错误；

（6）公式只能计算平行板电容器的电容；故错误；

（7）将电介质插入平行板电容器时；电容器的电容将变大，故错误；

（8）任何两个彼此绝缘而又相互靠近的导体都能组成电容器；而且跟这两个导体是否带电无关，故正确；

（9）电容器任意一个极板上所加的都电压不能超过击穿电压，故错误。【解析】①.错误②.错误③.错误④.错误⑤.错误⑥.错误⑦.错误⑧.正确⑨.错误18、略

【解析】电磁波19、略

【分析】【详解】

[1][2]万有引力定律研究是任意两个物体之间的作用，而库仑定律研究的是真空中两个静止的点电荷之间的作用，两个定律都研究相互作用，可以进行类比。1785年库仑经过实验提出库仑定律，表述为真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，跟它们电荷量的乘积成正比，跟它们距离的二次方成反比，作用力的方向在两点电荷连线上。【解析】类比它们电荷量的乘积20、D【分析】【详解】

在实验中，最上边一层是导电纸，这样才可以使A、B接线柱电流通过导电纸；接下来依次是复写纸和白纸，实验过程中在导电纸上找到电势相同的点，需要用探针在导电纸上作标记，标记通过复写纸就印到最下层的白纸上，故D正确，ABC错误．21、略

【分析】【详解】

（1）①[1][2][3]焦耳定律的内容是电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比；跟导体的电阻及通电时间成正比。

②[4]焦耳定律的表达式是Q=I2Rt。

（2）①[5]热功率是指单位时间内的发热量称为热功率。

②[6]热功率的表达式为P=I2R。

③[7]热功率的物理意义是表示电流发热快慢的物理量。【解析】电流的二次方电阻通电时间I2Rt单位时间I2R发热快慢22、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3][4]磁体与磁体间存在相互作用。通电导线对磁体有作用力；磁体对通电导线也有作用力。通电导线之间也有作用力。

（2）[5][6][7]磁场：磁体与磁体之间；磁体与通电导线之间；以及通电导线与通电导线之间的相互作用，是通过磁场发生的，磁场是磁体或电流周围一种看不见、摸不着的特殊物质。

（3）[8][9]地磁场：地球本身是一个磁体，N极位于地理南极附近，S极位于地理北极附近。【解析】相互作用作用力作用力作用力磁场磁体电流地理南极地理北极23、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】偏转不偏转24、略

【分析】【详解】

设铜导线中自由电子定向移动的速率为导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为则导线的长度为体积为在时间内这些电子都能通过下一截面，则电流其中联立解得可得电子定向移动的速率【解析】四、作图题(共1题，共3分)25、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】五、实验题(共4题，共28分)26、略

【分析】【详解】

(1)[1]因为

可知用电流表内接误差较小，即Rx1更接近待测电阻的真实值；

[2]采用电流表内接法时；测量值包括电流表的内阻，所以测量值大于真实值；

[3]b图中电流表的读数大于待测