2025年外研版三年级起点九年级物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版三年级起点九年级物理下册阶段测试试卷775考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、（2015•嵊州市模拟）春去夏来，教室外的气温节节上升，同学们发现挂在实验室墙壁上的温度计内的液面慢慢升高，液面升高的原因是由于液体的哪个量变大了（）A.体积B.质量C.比热D.密度2、在收音机等电器中，有一种叫电位器的变阻器．电位器的外形及其内部构造如图所示．图中A、B、C三个焊接点相当于变阻器的三个接线柱．使用电位器时，下列说法正确的是（）A.只把A和C接入电路，无法改变通过电位器的电流B.只把A和B接入电路，无法改变通过电位器的电流C.只把B和C接入电路，无法改变通过电位器的电流D.只把A和C接入电路，滑片顺时针转动，电位器电阻变大3、如图所示，水平桌面上放置有甲、乙两个圆柱形容器，甲容器中盛有液体A

物块M

漂浮在液体A

中，物块M

排开液体的质量为m1

液体A

对甲容器底部的压强为P1

乙容器中盛有液体B

物块N

漂浮在液体B

中，物块N

排开液体的质量为m2

液体B

对乙容器底部的压强为p2

已知甲容器底面积大于乙容器底面积，容器中液体AB

质量相等，物块MN

质量相等.

下列判断中正确的是(

)

A.P1>p2

B.P1<p2

C.m1<m2

D.m1>m2

4、如图，当开关S

闭合，两只灯泡均发光，两电表均有示数；一段时间后，发现电压表示数为零，电流表示数增大，经检查除小灯泡外其余电器连接良好，造成这种情况的原因可能是(

)

A.灯L1

断路B.灯L2

短路C.灯L1

短路D.灯L1L2

都断路5、如图所示电路，当开关S闭合后，L1、L2均能发光，电流表、电压表均有示数。过一会儿，灯都不发光，电流表、电压表的示数均为零，可能发生的故障是（）A.L1灯丝断了B.L1短路C.L2灯丝断了D.L2短路6、下列说法正确的是（）A.原子序数大于或等于83的元素具有放射性B.卢瑟福根据α粒子散射实验估测出了原子直径的数量级C.用某种单色光照射铝板发生光电效应，其遏止电压与入射光的频率成正比E.比结合能越大的原子核，结合能不一定越大，但是原子核越稳定，核子的平均质量一定越小E.比结合能越大的原子核，结合能不一定越大，但是原子核越稳定，核子的平均质量一定越小7、如图所示，电源两端的电压保持不变．当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电压表和电流表的示数变化情况是（）A.电流表Al示数增大，电压表V1示数减小B.电流表Al示数减小，电压表V1示数减小C.电流表A2示数增大，电压表V2示数减小D.电流表A2示数增大，电压表V2示数增大8、下列事例的物态变化过程中，属于放热的是（）A.用电吹风吹干头发B.从冰箱里拿出的啤酒瓶会“出汗”C.锅里的水烧开了D.加碘食盐开袋后一段时间，碘含量减少评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)9、（2016•阜康市校级模拟）如图电路中，当只闭合开关S2时，L1、L2____联；当闭合开关S1、S3时，L1、L2____联；当同时闭合S1、S2、S3时，电路会发生____，损坏电源．10、有两只电阻器，已知R1=3Ω，R2=5Ω．若串联在电路中，则通过它们的电流之比I1：I2=____，电压之比U1：U2=____；若并联在电路中，则通过两者的电流之比I1′：I2′=____，电压之比U1′：U2′=____．11、（3分）如图甲电路中，电源电压不变，R2规格为“20Ω2A”闭合开关，将滑片移到某一位置时，电压表示数为6V，两块电流表指针的位置均如图乙所示，则R1=Ω，电路的最小总功率是W，R1通电1min产生的热量是J．12、在探究阻力对物体运动的影响时；利用的器材有斜面；木板、玻璃板、棉布和小车，如图所示．

（l）每次都要让小车从斜面上的同一位置开始下滑，使小车每次进入水平部分时____大小相等．

（2）下面是记录实验情况的表格，请将其中（a）、（b）两项内容补充完整。实验序号水平部分材料（a）（b）①________②③（3）牛顿第一定律是由此实验直接得来的吗？____13、两台柴油机，甲的功率是乙的1.5

倍，甲的热机效率为20%

乙的热机效率为25%

那么甲与乙每小时的耗油量之比为______．14、高山上的大气压比平原上的要____，所以，水的沸点____（选填“高于”、“低于”或“等于”）100℃．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)15、压力的方向总是向下的．____．（判断对错）16、锡的熔点温度为232℃，用锡焊的铜盆放在火上烧水，水能烧开而锡不熔化．____．17、判断题：

（1）光只有在空气中才沿直线传播，在水中不一定沿直线传播____；

（2）我们先看见闪电，后听到雷声，是由于先闪电，后打雷____；

（3）工程技术中常用激光准直，这是利用了光沿直线传播的规律____．18、一切物体都具有内能．____（判断对错）19、静止的物体没有内能．____（判断对错）20、电场线不能相交，否则一点将有两个场强方向．____（判断对错）21、物质的密度与它的质量和体积无关．____．22、很大的压力可能只会产生很小的压强，很小的压力可能会产生很大的压强．____．（判断对错）23、绝缘体不善于导电是因为它缺少电子．____．评卷人得分四、作图题(共2题，共14分)24、按各类要求完成作图：

（1）一个重为3N的小球漂浮在水面上；如图甲所示，画出小球受力的示意图．

（2）如图乙中用一根细绳将杠杆AOB在O点悬挂起来；并在B处挂一重物G，欲在杠杆A端施加一最小动力F，使其在图示位置平衡，作出该最小动力F示意图和力臂L．

（3）已知物重600N，绳子最大承受力为250N，请在如图丙画出绳子的绕线．25、（2011秋•扶风县期中）如图所示，一束光线通过某界面发生的反射和折射现象．由图可知反射光线是____；入射角是∠____；折射角是∠____．评卷人得分五、实验探究题(共4题，共36分)26、同一型号的两个灯泡串联在电路中会一样亮吗？小明在进行电学实验时发现了有趣的现象．实验时，小明将两个型号为“12V25W”的灯泡L1和L2接到12V电源上；组成如图甲所示的电路并进行如下操作：

①首先，断开开关S1，闭合开关S2；发现两个灯泡一起变亮，亮度相同；

②接着，保持闭合开关S2，再闭合开关S1，发现灯泡L1因短路而熄灭，灯泡L2变得更亮；

③等到L1熄灭一段时间后，又断开开关S1，发现L2的亮度逐渐减弱，而L1逐渐亮起来；过了一会儿两个灯泡达到一样的亮度．

为什么步骤③中会出现这种有趣的现象呢？小明猜想可能是因为灯泡两端电压变化后；造成灯丝电阻变化所致．为了检验自己的猜想是否正确，小明取其中一个灯泡，重新设计电路，将开关闭合后，测得了灯泡两端的电压和灯泡中的电流，实验数据如下表所示．

。U/V0124681011I/A00.710.941.271.551.802.032.14（1）分析表中数据；判断小灯泡两端电压变化后灯丝的电阻是否改变？如果灯丝电阻改变，其原因是什么？

（2）在操作③这个步骤中，为何开关S1刚断开时，L1较暗而L2较亮？请作出合理的解释．

（3）在操作③这个步骤中；当两个灯泡达到一样的亮度后，电路消耗的总功率是多少？

（4）下图中乙；丙两个电路均可用来测量灯泡的电流和电压值；小明为了证实自己的猜想，实验时采用的应是乙、丙中哪一个电路，并简述理由．

27、小刚在探究“浮力的大小与哪些因素有关”的实验中，利用实验桌上的实验器材：弹簧测力计、长方体金属块（如图所示，其横向和纵向各有一条中位线）、细线、装有适量水的烧杯，进行实验．小刚得出实验结论：未全部浸入液体中的物体，其所受浮力的大小与物体浸入液体的深度有关．请你利用上述实验器材，设计一个实验证明：小刚的结论是错误的．要求：写出实验步骤（可画示意图辅助说明）、实验现象并简要说明．28、一质量均匀分布；正反面相同的长方形木板；以中线MN为界，对比观察左右两部分，发现粗糙程度可能不一样，哪一侧更粗糙？同学们进行了研究．

（1）①小华将滑块放木板上，通过细线和固定的测力计相连，如图甲．水平向右拉动木板，待示数稳定时，记下滑块经过左、右两部分时测力计的示数F左和F右，若F左＞F右，则木板的____（左/右）侧更粗糙，实验时____（选填“需要”或“不需要”）匀速拉动木板．

②小华左右手戴上同样的手套，木板水平对称地放在左右手上，现左手向左、右手向右，使两手距离快速增大，若木板向左运动，则木板____（左/右）侧更粗糙．

（2）小明用图乙实验装置；进行如下操作：

A．将轻弹簧的一端分别固定在板上MN左右两侧的P；Q点；另一端分别与同一滑块接触．

B．移动滑块使弹簧压缩相同的长度；由静止释放滑块，使滑块越过MN但不滑离木板．

C．分别测出滑块越过MN后滑行的距离x1和x2．

小明想根据x1和x2的大小关系判断木板的粗糙程度；小华提出疑义．

①为能根据x1和x2的大小关系作出正确判断，请指出小明实验中存在的问题____．

②简述改进方法：____．

（3）小红使滑块分别从左右两侧滑上木板，测出滑块运动的速度，作出滑块从两端分别运动至MN过程中的速度v和时间t的关系图线如图丙，则图线____（选填“a”或“b”）所对应的接触面更粗糙，判断的依据是____．29、小张同学做“用电流表、电压表测电阻”的实验，实验器材齐全完好．他先将滑片放置于变阻器的一端，然后连接电路，闭合电键，在向变阻器另一端移动滑片的过程中，观察到电压表的示数从6.0伏逐渐变小、电流表的示数从0.30安逐渐变大．经过思考后发现了实验操作中的不当之处，随后重新正确连接电路进行实验，且步骤正确．闭合电键后，他观察电表的示数，跟前次电键闭合时相比，发现电流表的示数没有变化，而电压表的示数变为如图（a）所示情况．接着继续移动变阻器的滑片分别至某两处（其中一处在中点附近某位置），并观察了上述两处时的电表示数，但在记录数据时仅将电流表示数记录在下表的实验序号2和3中，遗忘了如图（b）和（c）所示电压表的示数．

①实验所用滑动变阻器的最大阻值为____欧，实验所用电源的电压为____伏；

②请根据相关信息；将下表填写完整．（计算电阻时，精确到0.1欧）

。物理量。

实验序号电压Ux

（伏）电流Ix

（安）电阻Rx

（欧）电阻Rx平均值。

（欧）120.4830.56评卷人得分六、综合题(共2题，共4分)30、小丽做“测量小灯泡功率”的实验；如图1所示是实验所用到的器材．

（1）用笔画线代替导线；将下列还没有连接的器材按实验需要连接完整．

（2）连接电路时开关应处于____，闭合开关前滑动变阻器应处于____状态．

（3）闭合开关后，小丽发现灯泡不亮，电流表无示数、电压表示数接近电源电压（3V），出现故障的可能原因是____（填字母代号）

A；灯泡短路B、灯泡断路C、电压表短路D、电流表断路。

（4）排除电路故障后，灯泡正常发光时，电压表的示数是2.5V，电流表示数如图2所示，此时小灯泡的电功率是____W．31、学习了功率的知识后；小明和几位同学准备开展“比一比谁在爬楼过程中的功率大”的活动．

（1）测量所需要的器材有：____、____、____

（2）他们设计了三套方案：①测量出各自的体重、爬楼用的时间和爬楼的高度，算出爬楼的功率并进行比较；②控制爬楼的时间相同，测量出各自的体重、爬楼的高度，算出爬楼做的功并进行比较；③控制爬楼的高度相同，测量出各自的体重、爬楼的时间，算出体重和时间的比值并进行比较．可行的是____：

A．只有①B．只有①②C．只有②③D．①②③都可以．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】温度计内的水银柱会上升，其原因是水银分子之间的间隔增大，水银的体积变大所致．【解析】【解答】解：温度升高；水银受热体积膨胀变大，质量不变，所以密度减小，物质的比热容是物质的特性，不会随温度的变化而变化．

故选A．2、A【分析】【分析】电位器是一个滑动变阻器，当把A、C接入电路时，相当于定值电阻，当把A、B接入电路时，接入了左半段，滑片顺时针转动时，连入电路的电阻增大，电流减小；当把C、B接入电路时，接入了右半段，滑片顺时针转动时，连入电路的电阻减小，电流增大．【解析】【解答】解：（1）只把A和C接入电路；电位器相当于定值电阻，移动滑片，不管是顺时针转动还是，电阻不变，电源电压不变，无法改变通过电位器的电流．故A正确；D错误．

（2）把A和B接入电路；接入了左半段，当滑片顺时针旋动时，电位器接入电路电阻增大，电源电压不变，电流变小．故B错误．

（3）只将B；C两点接入电路；接入了右半段，当滑片顺时针旋动时，电位器接入电路电阻变小．电源电压不变，电流变大，故C错误．

故选A．3、B【分析】解：(1)

由液体AB

质量相等可得GA=GB

物块MN

质量相等，因为是规则容器，所以液体容器底部的压力F=G脳脺

则GA+GM=GB+GN

即FA=FB

已知甲容器底面积大于乙容器底面积，由p=FS

可得，p1<p2

故B正确；A错误；

(2)

已知MN

都是漂浮；则F赂隆=G脜脜=m脜脜g=G

因为物块MN

质量相等，故MA=MB

物块M

排开液体的质量m1

等于物块N

排开液体的质量m2.

故CD错误．

故选：B

．

(1)

根据液体AB

质量相等可确定液体AB

的重力；因为是规则容器，所以F=G脳脺

再根据甲容器底面积大于乙容器底面积，分析p1

和p2

的关系；

(2)

根据物块MN

质量相等；可确定其重力关系，根据阿基米德原理分析物块MN

受到的浮力关系，然后结合物体的浮沉条件确定m1

和m2

的关系．

本题考查了学生对压强公式、物体浮沉条件的掌握和运用，本题关键：一是阿基米德原理的应用；二是物体浮沉条件的应用．【解析】B

4、B【分析】解：A

如果灯L1

断路；电压表无示数，电流表示数为零.

这与题中现象不符．

B；如果灯L2

短路；则电压表也会被短路，造成电压表示数为零，电流表示数变大.

故B正确．

C；如果灯L1

短路；则为L2

的基本电路，电压表有示数且为电源电压，此时电路中只有灯L2

电阻变小，电流变大.

与题中现象不符．

D；如果灯L1L2

都断路；则整个电路断路，电路中无电流，两表都无示数.

这与题中现象不符．

故选B．

对于电路故障题我们可采用排除法去分析；一个选项一个选项去分析，看哪个选项会造成题中的现象．

要熟悉电流表、电压表在测故障电路时的异常表现，不要顾此失彼．【解析】B

5、C【分析】解：

A、如果灯泡L1灯丝断了；则电路中无电流，电流表示数为0，电压表串联接入电路中，测量的是电源电压，示数增大，故A错误；

B、如果灯泡L1短路，电压表相当于与导线并联，示数减小为零，由于只有灯泡L2正常连入电路；则电流表示数增大，故B错误；

C、如果灯泡L2灯丝断了；整个电路断路，电流表；电压表示数都为零。故C正确；

D、如果灯泡L2短路，电压表测量电源电压示数增大；由于只有灯泡L1正常连入电路；则电流表示数示数增大。故D错误。

故选：C。

闭合开关；灯泡都能发光，电流表；电压表有示数，说明电路正常。电压表示数增大，原因有两个：与之并联的导体断路，与之串联的导体短路。

使用电压表判断电路故障的作法是：将电压表与导体并联，如果电压表有示数且较大，说明并联的导体断路；如果无示数，说明其它导体断路或并联的导体短路。【解析】C6、A【分析】【分析】原子序数大于等于83的元素都具有放射性；α粒子散射实验估测出了原子核直径的数量级，由光电效应方程可知；

遏止电压与入射光的频率成线性关系，根据数学组合公式求出一群氢原子处于量子数n=3的激发态；

可能发出的光谱线条数，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定．【解析】【解答】解：A；原子序数大于或等于83的元素；都能自发地放出射线，故A正确；

B；卢瑟福根据α粒子散射实验估测出了原子核直径的数量级；不是原子的，故B错误；

C、根据光电效应方程Ekm=eUc=hγ-W0可知；遏止电压与入射光的频率与逸出功有关；

与入射光的频率成线性关系；不是成正比，故C错误；

D、大量处于n=5激发态的氢原子向低能级跃迁时，根据数学组合，=10；

最多可辐射出10种不同频率的光子；故D正确；

E；比结合能越大；将核子分解需要的能量越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定；

但结合能不一定越大；因平均每个核子质量亏损就越多，则核子的平均质量一定越小，故E正确．

故选：ADE．7、C【分析】【分析】分析电路图可知，电阻R1与R并联后与R2串联，电压表V1测电源电压，V2测并联部分电压，A2测R支路电流，A1测干路电流．【解析】【解答】解：（1）电压表V1测电源电压；保持不变，故A；B错误；

（2）当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变小，根据串联电路具有分压作用可知，V2的示数减小；

又根据欧姆定律可知，电阻减小，干路电流变大，而通过R1电流由于R1两端的电压减小而减小，则根据并联电路的电流特点可知，支路R的电流变大，即A2增大；

故选C．8、B【分析】【分析】（1）六种物态变化中；熔化；汽化、升华是吸热的．凝固、液化、凝华是放热的．

（2）先根据现象辨别属于哪种物态变化，然后再判断是吸热还是放热．【解析】【解答】解：A；头发上的水变成水蒸气；是汽化，汽化吸热．不合题意．

B；空气中的水蒸气遇到冷的啤酒瓶形成小水珠；是液化，液化放热．符合题意．

C；水受热变成水蒸气；是汽化，汽化吸热．不合题意．

D；固态的碘变成气态蒸气；是升华，升华吸热．不合题意．

故选B．二、填空题(共6题，共12分)9、略

【分析】【分析】根据串联和并联；短路的概念分析后连接．

把几个用电器首尾相接，连入电路就是串联．把几个用电器首首相接，尾尾相接，再连入电路，就是并联，电源短路是指电源两极不经过用电器直接连通的电路．【解析】【解答】解：当只闭合开关S2时，则电流只有一条路径：正极→L1→S2→L2→负极，灯泡L1、L2串联；

当闭合开关S1、S3时，电流从电源正极出发后，分别经过灯泡L1、L2，然后汇合一点后回到电源的负极，所以L1、L2并联；

当同时闭合S1、S2、S3时；电流会不经过灯泡直接流回电源的负极，形成对电源短路，导致损坏电源．

故答案为：串；并；短路．10、略

【分析】【分析】串联电路中，电流处处相等（即电流之比为1：1），电压之比等于电阻之比；并联电路中，电流之比等于电阻的反比，并联电路两端的电压相等（即电压之比为1：1）．【解析】【解答】解：串联电路中，I1：I2=1：1，U1：U2=R1：R2=3：5；

并联电路中，I1′：I2′=R2：R1=5：3，U1′：U2′=1：1；

故答案为：1：1，3：5，5：3，1：1．11、略

【分析】试题分析：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流．因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两块电流表指针的位置均如图乙所示，所以电流表A1的量程为0～3A，分度值为0.1A，则干路电流为1.5A，电流表A2的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，通过R1的电流为0.3A，所以，R1的阻值：（2）由可知，电路中总电阻越大，电路中的总功率越小，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总功率最小，此时电路中的总电阻：R==10Ω，电路消耗的最小功率：（3）R1通电1min产生的热量：Q1=W1=UI1t=6V×0.3A×60s=108J．考点：欧姆定律、电功和电功率的计算【解析】【答案】20；3.6；108．12、速度小车所受阻力的情况小车运动的路程不是【分析】【解答】（1）将小车从斜面上的同一位置下滑；使小车每次进入水平部分的速度大小相等。

（2）要探究阻力对物体运动的影响；要记录小车所受阻力的情况，还要记录阻力对小车运动的影响，也就是小车运动的路程。

（3）牛顿第一定律是在实验事实的基础上经过推理得到的；它描述的是物体在不受外力是的运动情况，实验中的小车受到力的作用，所以牛顿第一定律不是从这个实验直接得到。

【分析】探究阻力对物体运动的影响13、略

【分析】解：

设：甲的功率为P录脳

乙的功率为P脪脪

效率为娄脟录脳

效率为娄脟脪脪

柴油的热值为q

做功时间为t

甲在时间t

内做的有用功：W录脳=P录脳t

则由题意知：P录脳P脪脪=32娄脟录脳畏脪脪=20%25%=45

甲在时间t

内消耗的总能量：Q录脳=W录脳畏录脳=P录脳t畏录脳

甲在时间t

内的耗油量：m录脳=Q录脳q=P录脳t畏录脳q

同理可以得到乙在时间t

内的耗油量的表达式：m脪脪=P脪脪t畏脪脪q

甲乙两汽油机在相同时间(

包括1h)

内的耗油量之比就等于两表达式之比：m录脳m脪脪=P录脳t畏录脳qP脪脪t畏脪脪q=P录脳娄脟脪脪P脪脪畏录脳=3隆脕52脳4=158

．

故答案为：158

．

根据功率公式求出甲；乙两台柴在1

小时内所做的有用功之比；根据效率公式可以求出热机消耗的总能量之比，然后根据公式Q=qm

耗油量之比．

解决此类题目要知道求解发动机每小时消耗的油量就是求解发动机的总功率，这里所给出的功率实际是发动机的有用功率，对耗油量的表示，是本题的难点．【解析】158

14、略

【分析】【分析】大气压与海拔高度的关系：海拔越高，气压越低；气压与沸点的关系：气压越高、沸点越高．【解析】【解答】解：

因为海拔越高；气压越低，所以高山上的大气压比平原上的要低；又因为气压越高；沸点越高，所以，水的沸点低于100℃．

故答案为：低；低于．三、判断题(共9题，共18分)15、×【分析】【分析】压力的方向垂直于受力面，解答时注意和重力的方向区别开来．【解析】【解答】解：压力是垂直压在物体表面上的力；压力的方向与接触面垂直．压力的方向总是向下的故此说法错．

故答案为：×．16、√【分析】【分析】晶体由固态变为液态叫熔化，在标准大气压下，水的沸点是100℃．【解析】【解答】解：

铜盆内的水温度达到100℃后水就开始沸腾；此后盆和水吸收的热量就全部被水所吸引，用来沸腾汽化为水蒸气，故水温不会超过100℃，盆温也不会超过100℃，锡更不可能熔化．

故答案为：√．17、×【分析】【分析】解答此题要明确以下知识点：

①光在同种均匀介质中沿直线传播；应用由小孔成像；激光准直等；

②光的传播速度远远大于声音的传播速度．【解析】【解答】解：（1）光在同种均匀介质中沿直线传播；所以光在空气中才沿直线传播，在水中也沿直线传播；

故答案为×．

（2）闪电和雷声是同时发生的，光的传播速度是3×108m/s；声音的传播速度是340m/s，光的传播速度远远大于声音的传播速度．我们先看见闪电，后听到雷声；

故答案为：×．

（3）工程技术中常用激光准直；这是利用了光沿直线传播的规律；

故答案为：√．18、√【分析】【分析】要解本题需掌握内能是物体本身的一种性质，一切物体都具有内能．【解析】【解答】解：所有分子动能和势能之和称为分子内能；一切物体的分子都在永不停息的做运动，所以一切物体都具有内能．

故答案为：√．19、×【分析】【分析】内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，任何物体在任何状态下都具有内能．【解析】【解答】解：一切物体的分子都在不停地做无规则运动；所以一切物体具有内能，静止状态的物体也具有内能，所以说法是错误的．

故答案为：×．20、√【分析】【分析】电场线的切线方向是该点电场强度的方向；任何两条电场线都不相交．【解析】【解答】解：电场线上每一点的切线方向都跟该点的场强方向一致；如果两条电场线相交，则会有两个方向，这显然是不可能的．

故答案为：√．21、√【分析】【分析】单位体积的某种物质的质量叫这种物质的密度，密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与质量、体积、形状无关．【解析】【解答】解：密度是物质的一种特性；它只与物质种类和状态有关，与物体的质量；体积无关．

故答案为：√．22、√【分析】【分析】根据影响压强的因素有压力和表面积来分析此题．【解析】【解答】解：因为影响压强的因素有压力和表面积．当压力很大但受力面积更大时；压强有可能很小；当压力很小但受力面积更小时，压强有可能很大．故正确．

故答案为：√．23、×【分析】【分析】容易导电的物体叫做导体，不容易导电的物体叫做绝缘体．导体导电的实质是导体中有可以自由移动的电荷，绝缘体绝缘的实质是，它里面几乎没有可以自由移动的电荷，不是没有电子造成的．【解析】【解答】解：绝缘体不善于导电的实质是它里面几乎没有可以自由移动的电荷；不是没有电子造成的．

故答案为：×四、作图题(共2题，共14分)24、略

【分析】【分析】（1）小球在水中受到重力和浮力的作用；重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，由于小球漂浮，因此受到的力是平衡力，重力和浮力大小相等．

（2）根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2；在杠杆中的阻力；阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长．

（3）根据滑轮组的省力特点判断出滑轮组承担物重的绳子段数，然后根据偶定奇动的特点组装滑轮组．【解析】【解答】解：（1）小球漂浮在水面上；重力和浮力是一对平衡力，二者大小相等，即F=G=3N，过小球重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，注意两条线段长度要相等，如下图所示：

（2）根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2；在杠杆中的阻力；阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长，由图可知，当动力臂为OA时，在A端施加的最小动力F最小；过A点作垂直于OA向下的作用力，即为在A端施加的最小动力F的示意图；如图所示：

（3）承担物重的绳子段数应为n===2.4；

所以滑轮组应由3段绳子承担物重；应从动滑轮绕起，如图所示：

25、略

【分析】【分析】根据光的反射定律和折射规律，确定出入射光线、反射光线和折射光线，以及法线与界面，就可以知道入射角、反射角和折射角．【解析】【解答】解：根据图中三条光线的传播方向分析可知；CO为入射光线，OA为反射光线，OB为折射光线，则入射角是∠2，反射角是∠3，折射角是∠6．

故答案是：OA；2；6．五、实验探究题(共4题，共36分)26、略

【分析】【分析】（1）利用表中的数据结合欧姆定律算出电阻；即可确定导体的阻值是否发生变化．根据导体电阻的决定因素来分析其阻值变化的原因．

（2）灯丝的温度的高低影响着导体电阻的大小；从两灯泡的温度变化到其阻值的变化即可确定两灯泡的亮度为何发生如此的变化．

（3）通过两灯泡的亮度相同；在前面分析的基础上，得到了两灯泡的阻值相等，可以确定每个灯泡两端的电压，再结合表中对应电压下的电流，算出灯泡的功率．进而求出总功率．

（4）分析电路数据的特点与电路的特点，两者能够对应起来即可．【解析】【解答】解：（1）利用欧姆定律；根据表中的数据，求出导体的阻值，发现导体的电阻在增大．原因是，当电压增加时，电流随之增大，灯丝的温度升高，导致电阻变大．

（2）在操作③这个步骤中，由于灯L2一直处于通电状态；温度较高，相应的电阻也较大．

当开关S1断开时，灯L1与灯L2串联在电路中，开始时L1的即时电阻比L2的电阻小，故L2分得的电压相应也要大，根据公式P=UI，可以确定，此时的L2的功率大于L1的功率，所以此时亮灯的亮度不同：灯L2与灯L1要亮；

随着通电时间的增加；最终两灯电阻相等，亮度也说就相等了．

（3）当两灯亮度相同时；它们的阻值相等，通过它们的电流相等，利用欧姆定律可以确定两个灯泡两端的电压相等，即每个灯泡两端的电压为6V．结合上表中的数据，当灯泡两端的电压为6V时，灯丝的电流为1.55A．此时每个灯泡的功率：P=UI=6V×1.55A=9.3W．总功率为两者之和即18.6W．

（4）由表格数据可知；当电压表示数为0时，电流表示数也为0．

若是乙图；滑片移到左端时，灯泡短路，电压表和电流表示数都为0，且灯泡电压越大电流也越大；若是丙图，滑片移动中，电流表和电压表示数均不会为0．故小明实验采用的是乙电路．

故答案为：（1）改变；电压增加时；电流随之增大，温度升高，导致电阻变大．

（2）在操作③这个步骤中，由于灯L2一直处于通电状态，温度较高，相应的电阻也较大，当开关S1断开时，灯L1与灯L2串联在电路中，开始时L1的即时电阻比L2的电阻小，故L2分得的电压相应也要大；随着通电时间的增加，最终两灯电阻相等，亮度也说就相等了．

（3）18.6W

（4）同上．27、略

【分析】

影响浮力大小的有排开液体的体积和排开液体的密度两个因素；在探究“物体浸没水中前，所受浮力大小与物体浸入水中的深度有关”时，应控制排开液体的体积和排开液体的密度不变，只改变物体浸入水中的深度．所以，用弹簧测力计分别横；竖两个方向吊起金属块，按物体上标记，分别进入液体中二分之一的体积，此时，排开液体的体积为物体本身体积的二分之一，但竖放浸入水的深度大于平放浸入水的深度，比较弹簧测力计示数的大小，即可证明小明的观点是错误的．

针对影响浮力大小的因素常见的错误认识，考查学生自主设计方案的能力及对实验数据记录表格的设计能力．运用控制变量法，如何实现在排开液体体积不变的前提下，改变物体浸入液体中的深度是本题的关键．【解析】解：实验步骤：

①用细线将金属块纵向挂在弹簧测力计下，金属块静止时读出弹簧测力计的示数为G，将它一半浸入水中（液面到纵向中位线处），浸入深度为h1，静止时读出弹簧测力计的示数F1，记录G、h1；

F1．

②用细线将金属块横向挂在弹簧测力计下，将它一半浸入水中（液面到横向中位线处），浸入深度为h2，金属块静止时读出弹簧测力计的示数F2，记录h2、F2．

实验现象：

金属块两次浸入水中深度不同h1≠h2，但F1=F2；

简要说明：

金属块所受浮力：F浮1=G-F1，F浮2=G-F2，因此，F浮1=F浮2．

金属块两次浸入液体的深度不同，但所受浮力相等．由此证明：未全部浸入液体中的物体，其所受浮力大小与物体浸入液体的深度无关．所以小刚的观点是错误的．28、略

【分析】【分析】（1）①按图中的装置拉动木板时；滑块相对于桌面静止，拉力与摩擦力的大小相同，拉力越大，说明摩擦力越大，物体表面越粗糙；

②根据实验现象；木板向左运动，说明左侧摩擦力大，则左侧更粗糙；

（2）根据控制变量法；应控制滑块越过中线时的速度相同，可据此对小明的实验方案提出意见并改进；

（3）根据接触面越粗糙，对滑块的阻力越大，滑块的速度减小会越快，相反，滑块的速度减小会越慢，据此对照图象可做出判断．【解析】【解答】解：

（1）①如图甲，水平向右拉动木板，待示数稳定时，记下滑块经过左、右两部分时测力计的示数F左和F右，若F左＞F右；则说明左侧摩擦力大，即木板的左侧更粗糙；

实验时；滑块相对于桌面是静止的，因此受力平衡，不需要匀速拉动木板．

②小华左右手戴上同样的手套；木板水平对称地放在左右手上，现左手向左；右手向右，使两手距离快速增大，若木板向左运动，则说明左侧摩擦力大，即木板左侧更粗糙．

（2）①根据小明的实验过程可知，若依据小明的实验，根据x1和x2的大小关系判断木板的粗糙程度并不科学；因为这一实验过程不能确定滑块经过中线MN时的速度相同，不符合控制变量法的要求．

②对小明的实验可做出这样的改进：将弹簧的一端固定在中线MN上，另一端分别与同一滑块接触，移动滑块使弹簧压缩相同的长度，由静止释放滑块，使滑块不滑离木板，分别测出滑块滑行的距离x1和x2．

（3）由图象可知，在相同时间内，a的速度减小的慢，b的速度减小的快，说明b受到的摩擦阻力更大，则图线b所对应的接触面更粗糙．

故答案为：

（1）①左；不需要；②左；

（2）①不能确定滑块经过中线MN时的速度相同；

②将弹簧的一端固定在中线MN上，另一端分别与同一滑块接触，移动滑块使弹簧压缩相同的长度，由静止释放滑块，使滑块不滑离木板，分别测出滑块滑行的距离x1和x2；

（3）b；b图线物块的速度变化快．29、略

【分析】【分析】①在向变阻器另一端移动滑片的过程中；观察到电压表的示数从6.0伏逐渐变小；电流表的示数从0.30安逐渐变大，说明电压表测滑动变阻器两端的电压，电压表并联与滑动变阻器并联；

根据公式R=计算出电阻的最大阻值；

根据定值电阻两端电压不能超过滑动变阻器两端的电压；可确定电压表所选量程，然后根据指针位置即可读数，根据串联电路特点可求电源电压．

②根据指针位置可读出图（b）和（c）所示电压表的示数，利用欧姆定律可分别求得其电阻，然后可求得电阻Rx平均值．【解析】【解答】解：

①闭合开关前，移动滑动变阻器滑片移到阻值最大处，当闭合电键，在向变阻器另一端移动滑片的过程中，观察到电压表的示数从6.0伏逐渐变小、电流表的示数从0.30安逐渐变大．说明电压表测的不是待测电阻两端的电压，而是测滑动变阻器两端的电压，电压表并联在滑动变阻器两端，则滑动变阻