2024年岳麓版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年岳麓版必修3物理下册月考试卷749考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、关于电磁波，下列说法中正确的是（）A.变化的电场一定在周围空间产生变化的磁场B.麦克斯韦首先预言了电磁波的存在，赫兹最先用实验证实了电磁波的存在C.电磁波和机械波都依赖于介质才能传播D.各种频率的电磁波在真空中以不同的速度来传播2、如图是一个简易风速测量仪的示意图，绝缘弹簧的一端固定，另一端与导电的迎风板相连，弹簧套在水平放置的电阻率较大的均匀金属细杆上。迎风板与金属杆垂直且接触良好，并能在金属杆上自由滑动。迎风板与金属杆末端分别与电压传感器的两端相连，整个装置与电阻R串联接入闭合电路；则（）

A.风速越大，电压传感器的示数越大B.风速越大，流过电阻的电流越大C.风速不变时，电阻的阻值越大，电压传感器示数越大D.其他条件不变时，电压传感器示数与弹簧形变量是线性关系3、“顿牟掇芥”是东汉王充在《论衡·乱龙篇》中记载的摩擦起电现象，意指摩擦后的带电琥珀能吸引轻小物体。现做如下简化：在某处固定一个电荷量为Q的带正电的点电荷，在其正下方h处有一个原子。在点电荷的电场作用下，原子的负电荷中心与正电荷中心会分开很小的距离l，点电荷与原子之间产生作用力F。你可能不会求解F，但是你可以通过物理分析进行判断，关于F的表达式，可能正确的是（式中k为静电力常量）（）

A.F=0B.C.D.4、如图所示为一正四棱锥，底面四个顶点A、B、C、D上固定电荷量均为q的正点电荷，O点为底面中心；取无穷远处电势为零。下列说法正确的是（）

A.O点电势为零B.从O点到E点场强一定减小C.将一电子从O点沿直线移动到E点电势能不变D.将B处的点电荷沿OB方向移到无穷远过程中电场力做正功5、如图所示，螺线管、蹄形铁芯、环形导线（垂直纸面）均相距较远。a、b、c、d四个小磁针放置在图示位置，其中b放置在螺旋管内部。当开关闭合后；小磁针N极（黑色的一端）的指向正确的小磁针是（）

A.a和bB.b和cC.c和dD.b和d评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、如图所示电路中，闭合开关S后，稳定时，连接带电小球P的绝缘细线与竖直方向的夹角为θ，现将滑动变阻器R2的滑片向右滑动，下列说法正确的是()

A.A1的示数增大，A2的示数减小；V1和V2的示数均增大B.L变亮，θ增大C.若R2不变，只减小R4，可以使θ增大D.7、如图所示，三根绝缘轻绳悬挂着质量分别为m1、m2、m3的A、B、C三个带电小球（均可视为质点），三小球静止在同一水平面内，悬挂点O在△ABC重心O'的正上方，且∠BAC=∠ACB=45°，OB与竖直方向的夹角为37°。已知m2=0.2kg，小球A、B之间的距离为L，若小球A、B、C的电荷量分别为q1、q2、q3，且q2=6×10-5C，k=9.0×109N⋅m2/C2，重力加速度g=10m/s2；则下列说法正确的是（）

A.小球C的质量不同B.轻绳OB的拉力为2.5NC.D.小球C在小球B处产生的合场强大小为2.5×104N/C8、某带电金属棒所带电荷均匀分布，其周围的电场线分布如图所示，在金属棒的中垂线上的两条电场线上有A、B两点，电场中另有一点C．已知A点到金属棒的距离大于B点到金属棒的距离，C点到金属棒的距离大于A点到金属棒的距离；则（）

A.A点的电势高于B点的电势B.B点的电场强度大于C点的电场强度C.负电荷在A点的电势能小于其在B点的电势能D.将正电荷沿AC方向从A点移动到C点，电场力做正功9、一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示；三点的电势分别为18V；20V、26V，下列说法正确的是（）

A.坐标原点处的电势为12VB.电场强度的大小为C.电子从b点运动到c点，克服电场力做功为6eVD.电子在a点的电势能比在b点的电势能大2eV10、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹（运动方向不知），P、R、Q是这条轨迹上的三点；由图可知（）

A.一定可以确定出带电粒子在P、R、Q三点时所受电场力的方向B.一定可以判断出带电粒子在P、R、Q三点时电势能的大小关系C.一定可以判断出带电粒子的运动方向D.一定可以判断出带电粒子在P、R、Q三点时加速度的大小关系11、如图甲所示，在真空中足够大的绝缘水平地面上，一质量为m=0.1kg、带电荷量为的小物块处于静止状态，小物块与地面间的摩擦因数从t=0时刻开始，空间上加如图乙所示的电场.下列说法正确的是（）

A.4秒内小物块一直向同一方向运动B.2s末小物块速度大小为2m/sC.4秒内小物块的位移大小为6mD.4秒内电场力对小物块所做的功为0.8J12、如图所示，四个电阻分别为三个电流表的内阻均可忽略不计，下列说法中正确的是（）

A.四个电阻为并联关系B.与为并联关系C.的示数为通过和的电流之和D.的示数与的示数之和等于的示数13、光敏电阻是一种电阻阻值随光照强度变化而变化的元器件，广泛应用于各种控制电路中。如图所示为利用光敏电阻的一种控制电路，其中电源电动势为E、内阻为r，Rt为光敏电阻（光照强度增加时；其电阻值减小），当光照强度增加时，下列判断正确的是（）

A.电源的总电流增大B.R0两端电压变小C.A灯变亮D.B灯变暗评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、__________提出光是一种__________波，__________用实验验证了这一预言．红外线最显著的作用是__________，__________都会发出红外线，红外线波长比红光__________，所以__________现象较显著，易透过云雾，可用于高空摄影；紫外线的主要作用是__________，__________能发出紫外线，紫外线还有__________效应和__________作用，伦琴射线又叫__________射线．15、如图所示的电路中，当S断开时，电流表示数为S闭合时，电流表示数为则电源的电动势_______V，内阻_______

16、图示为一个半径为R的均匀带电圆环，取环面中心O为原点，以垂直于环面的轴线为x轴，P到O点的距离为2R，质量为m，带负电且电量为q的小球从轴上P点由静止释放，小球经M点（图中未画出）时速度最大，运动到Q点时速度为零，Q点在O点上方R处．则圆环在M点的场强大小EM=__________________，P、Q两点的电势差UPQ=_________________．

17、在如图所示的电路中，电源内电阻为r，R1、R3分别为两个定值电阻．闭合电键S，当变阻器R2的滑动触头P向下滑动时，伏特表V1的示数逐渐________________（选填“增大”、“减小”、“不变”）．若移动P的过程中，电流表示数变化量的大小为ΔI，则伏特表V2示数变化量的大小ΔU2＝________________．

18、如图所示，同一平面内有两根互相平行的长直导线甲和乙，通有大小均为I=5A且方向相反的电流，a、b两点与两导线共面，其连线与导线垂直，a、b到两导线中点O的连线长度和甲乙间距离均相等，已知直线电流I产生的磁场中磁感应强度的分布规律是（K为比例系数，r为某点到直导线的距离），现测得O点磁感应强度的大小为B0=3T，则a点的磁感应强度大小为_____T，乙导线单位长度（1米）受到的安培力的大小为__________N．

19、均匀带电正方形框边长为R，所带电量为+Q，若取无穷远处电势为零，则其两条对角线交点处的电势___零，(选填“大于”、“小于”或“等于”)；今在其一边中点挖去一个长为r(r<<R)的一小段后，则其两条对角线交点处电场强度大小____________20、如图是双量程电压表的原理图，它有两个量程分别为3V和15V，则使用图的a、b两端时量程应为_____，使用图的a、c两端时量程为____，已知表头内阻为15Ω，满偏电流为1mA，则R1=____，R2=____。

21、煤炭和石油的燃烧对环境的危害∶

（1）燃烧时增加了大气中________的含量；加剧了温室效应。

（2）因为煤炭和石油中含有硫，燃烧时形成二氧化硫等物质使雨水的酸度升高，形成“_____”。

（3）内燃机工作时的高温使空气和燃料中的多种物质发生化学反应，产生氮的氧化物和碳氢化合物。这些化合物在大气中受到紫外线的照射，产生二次污染物质——________。评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)22、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

23、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

24、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

25、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共3题，共18分)26、某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻：

①实验室除提供开关S和导线外；有以下器材可供选择：

电压表：V（量程3V，内阻Rv=10kΩ）

电流表：G（量程3mA，内阻Rg=100Ω）

电流表：A（量程3A；内阻约为0.5Ω）

滑动变阻器：R1（阻值范围0-10Ω；额定电流2A）

R2（阻值范围0-1000Ω；额定电流1A）

定值电阻：R3=0.5Ω

该同学依据器材画出了如图所示的原理图，他没有选用电流表A的原因是___________；

②该同学将电流表G与定值电阻R3并联，实际上是进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是_______A；

③为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器_______（填写器材的符号）；

④该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表G读数为横坐标，以电压表V读数为纵坐标绘出了如图所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E=_______V（结果保留三位有效数字），电源的内阻r=_______Ω（结果保留两位有效数字）。27、某实验小组需测定电池的电动势和内阻，器材有：一节待测电池、一个单刀双掷开关、一个定值电阻（阻值为）、一个电流表（内阻为）、一根均匀电阻丝（电阻丝总阻值大于并配有可在电阻丝上移动的金属夹）；导线若干。由于缺少刻度尺，无法测量电阻丝长度，但发现桌上有一个圆形时钟表盘。某同学提出将电阻丝绕在该表盘上，利用圆心角来表示接入电路的电阻丝长度。主要实验步骤如下：

（1）将器材如图（a）连接：

（2）开关闭合前，金属夹应夹在电阻丝的___________端（填“a”或“b”）；

（3）改变金属夹的位置，闭合开关，记录每次接入电路的电阻丝对应的圆心角和电流表示数得到多组数据；

（4）整理数据并在坐标纸上描点绘图，所得图像如图（b）所示，图线斜率为与纵轴截距为设单位角度对应电阻丝的阻值为该电池电动势和内阻可表示为___________，___________（用表示）

（5）为进一步确定结果，还需要测量单位角度对应电阻丝的阻值利用现有器材设计实验，在图（c）方框中画出实验电路图__________（电阻丝用滑动变阻器符号表示）；

（6）利用测出的可得该电池的电动势和内阻。28、某实验小组准备用铜片和锌片作为2个电极插入苹果制成水果电池，探究电极间距、电极插入深度对水果电池的电动势和内阻的影响。实验小组在市场上购买了品种、大小和成熟程度几乎相同的苹果，成员设计了两个方案测量苹果电池的电动势E和内阻r；电路原理如下图所示。实验室可供器材如下：

电压表V（0~3V；内阻约3kΩ；0~15V，内阻约15kΩ）；

电流表A（0~0.6A；内阻约0.125Ω；0~3A，内阻约0．025Ω）；

微安表G（量程200μA；内阻约1000Ω）；

滑动变阻器（额定电流2A；最大阻值100Ω），电阻箱（最大阻99999Ω），开关；导线若干。

（1）查阅资料知道苹果电池的电动势约为1V，内阻约为几kΩ，经过分析后发现方案A不合适，你认为方案A不合适的原因是_______（多选题）

A．滑动变阻器起不到调节的作用B．电流表几乎没有示数。

C．电压表分流明显导致测量误差偏大D．电压表示数达不到量程的三分之一。

（2）实验小组根据方案B进行实验，根据数据作出图像，己知图像的斜率为k，纵轴截距为b，微安表内阻为可求得被测电池的电动势______，内电阻______．

（3）改变电极间距、电极插入深度重复实验，测得数据如图所示。序号电极插入深度h/cm电极间距d/cm电动势E/V内阻r/Ω1421.01659812441.05695083221.08311073

（3）分析以上数据可知电极插入越深入，水果电池内阻越_____，电极间距越大，水果电池内阻越_____。评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)29、某人从一平台上跳下，下落后双脚触地接着他用双腿弯曲的方法缓冲，但自身重心又下降了试分析在整个过程中，有哪些力对人做功？有哪些能发生相互转化？30、如图甲所示，平行金属板间距离为d、板长其下极板的A端与右侧竖直放置的光滑圆弧形绝缘轨道相切，轨道半径为d，轨道处在水平向左的匀强电场中。平行金属板间电场强度随时间的变化规律如乙图所示，时刻，带正电的小球以一定的初速度沿中线射入两板间，时间内小球匀速启动，T时刻小球运动至A点。当小球沿着轨道运动到最高点B时，小球对轨道的压力恰好为零。已知小球的质量为m，重力加速度的大小为g，为已知量，T未知。求：

（1）小球的带电量q；

（2）小球的初速度大小v0；

（3）水平向左的匀强电场的电场强度大小E。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．变化的电场一定在周围空间产生磁场；周期性变化的电场才会在周围空间产生变化的磁场，选项A错误；

B．麦克斯韦首先预言了电磁波的存在；赫兹最先用实验证实了电磁波的存在，选项B正确；

C．电磁波可以在真空中传播；选项C错误；

D．各种频率的电磁波在真空中传播的速度相同等于光速；选项D错误。

故选B。2、B【分析】【详解】

AB．风速越大，金属杆接入电路的长度越短，接入电路的阻值越小，金属杆两端电压越小，电压传感器的示数越小，通过电阻的电流越大；A错误，B正确；

C．风速不变时，金属杆接入电路的长度不变，接入电路的阻值不变，电阻的阻值越大；电路中的电流越小，金属杆两端电压越小，电压传感器的示数越小，C错误；

D．假设弹簧的原长为金属杆单位长度的电阻为当弹簧的压缩量为时，金属杆接入电路的阻值为

根据闭合电路欧姆定律可得

电压传感器示数为

可知电压传感器示数与弹簧形变量不是线性关系；D错误；

故选B。3、D【分析】【详解】

由题意可知

ABC错误；D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

A．取无穷远处电势为零，正电荷周围电势为正，O点电势大于零；A错误；

B．根据矢量叠加原则，O点的场强为零，故从O点到E点场强先增加后减小；不是一定减小，B错误；

C．将一电子从O点沿直线移动到E点电场力做负功；电势能增加，C错误；

D．将B处的点电荷沿OB方向即沿电场方向移动；移到无穷远过程中电场力做正功，D正确。

故选D。5、B【分析】【分析】

【详解】

小磁针N极的指向就是该处的磁场的方向，根据右手螺旋定则，螺线管内部磁场向左，外部向右，因此小磁针a的N极应指向右侧，小磁针b的N极应指向左侧；在蹄形铁芯中心位置，磁场方向向左，因此小磁针c的N极应指向左侧；在环形导线中轴线上，磁场方向向右，因此小磁针d的N极应指向右侧。

故选B。二、多选题(共8题，共16分)6、A:D【分析】【详解】

AB．将滑动变阻器R2的滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，由“串反并同”可知，由图可知，A1与滑动变阻器并联，所以A1的示数增大，A2与滑动变阻器串联，所以A2的示数减小，V1与滑动变阻器并联，所以V1的示数增大，V2与滑动变阻器并联，所以V2的示数增大，灯泡L与滑动变阻器串联，所以灯泡L的电功率变小，即变暗，R3与滑动变阻器串联，所以R3两端电压变小，由于MN两板与R3并联，所以MN两板间电压变小，MN间的场强变小，所以变小；故A正确，B错误；

C．由于R4未接入电路中，所以若R2不变，只减小R4，MN两板间电压不变，MN间的场强不变，所以不变；故C错误；

D．A2的示数减小，所以R3两端电压变小，由于V2的示数增大，由串联电路特点可知，

所以

则有

故D正确。

故选AD。7、B:D【分析】【详解】

A．已知为等腰三角形，为重心，则因此则轻绳OA、OC与水平面的夹角相等，根据牛顿第三定律知对B受力分析如图1所示。

A、C两球对B球的合力沿方向，即角平分线的反方向，则综上所述，可得故A错误；

B．对B受力分析如图2所示。

平移到同一个力的矢量三角形中，有

故B正确；

C．A、C两球对B球的库仑力的合力

由库仑定律有

解得

故C错误；

D．由电场强度的定义式

解得

故D正确。

故选BD。8、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由图；结合电场线的特点可知，该题中金属棒两侧的电场是对称的，由于。

所以OA之间的电势差大于OB之间的电势差，根据沿着电场线方向电势逐渐降低，可知A点电势低于B点电势；A错误；

B．根据电场线的疏密表示电场强度的大小，可知B点的电场强度大于C点的电场强度；B正确；

C．负电荷在电势高的位置的电势能小，所以负电荷在A点的电势能大于其在B点的电势能；C错误；

D．沿着电场线方向电势降低，A点电势比C点高，则将正电荷沿AC方向从A点移动到C点；电势能减小，电场力做正功，D正确。

故选BD。9、A:B:D【分析】【详解】

如图所示，在ac连线上，确定一点，电势为将连线，即为等势线，那么垂直连线；则为电场线，再依据沿着电场线方向，电势降低，则电场线方向如下图：

则有

因此可知

A．根据

因a、b、c三点电势分别为解得原点处的电势为

故A正确；

B．根据上图，因为匀强电场，则有

依据几何关系，则

因此电场强度大小为

故B正确；

C．bc间的电势差

电子从b点运动到c点，电场力做正功为

故C错误；

D．因

电子从a点到b点电场力做功为

因电场力做正功，则电势能减小，那么电子在a点的电势能比在b点的高故D正确。

故选ABD。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由曲线运动的合外力总是指向轨迹弯曲的一面；由图可知电场力方向大概向下，但无法确定准确的方向，所以A错误；

B．由于电场力方向向下，所以带电粒子从P到Q的过程电场力做正功，动能增大，电势能减小，则一定可以判断出带电粒子在P、R、Q三点时电势能的大小关系；所以B正确；

C．带电粒子的初速度方向无法确定；所以C错误；

D．根据等势面的疏密可判断电场强度的强弱，场强的大小可判断电场力的大小，所以一定可以判断出带电粒子在P、R、Q三点时加速度的大小关系；则D正确；

故选BD。11、A:D【分析】【详解】

ABC．0～2s，由牛顿第二定律得物块加速度：

物块向右做加速运动，2s末小物块速度

前2s内的位移

2～4s，由牛顿第二定律得加速度

物块向右做减速运动，4s末减速到零，2～4s的位移

4秒内小物块的位移

故A正确；BC错误；

D．4秒内电场力对小物块所做的功

代入数据解得

故D正确．12、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．四个电阻为并联关系，然后与R4串联；选项A错误，B正确；

C．的示数为通过和的电流之和；选项C正确；

D．因的示数等于的电流之和；的示数等于的电流之和；的示数为通过和的电流之和；则的示数与的示数之和不等于的示数，选项D错误。故选BC。13、A:D【分析】【详解】

A．当光照强度增加时；光敏电阻的电阻值减小，故总电路的阻值在减小，根据闭合电路欧姆定律可知电源的总电流增大，A正确；

BC．电源的总电流增大，根据闭合电路欧姆定律可知，电路的外电压变小；由欧姆定律可知A灯电流变小，A灯变暗；则流过R0的电流变大；两端电压变大，BC错误；

D．电路的干路电压变小，R0两端电压变大则灯泡两端的电压变小；故B灯变暗，D正确。

故选AD。三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】【详解】

[1][2][3]麦克斯韦提出光是一种电磁波；后来赫兹用实验验证了这一预言；

[4]红外线最显著的作用是热效应；

[5][6]一切物体都会发出红外线；红外线波长比红光长；

[7]由衍射条件可知；当障碍物的尺寸与波长相差不多或小得多时，能发生明显衍射，所以衍射现象较显著，易透过云雾，可用于高空摄影；

[8]紫外线的主要作用是化学效应；

[9][10][11]高温物体发出紫外线；紫外线还有荧光和杀菌作用；

[12]伦琴射线又叫x射线。【解析】麦克斯韦电磁赫兹热效应一切物体长衍射化学效应高温物体荧光杀菌X15、略

【分析】【详解】

[1][2]开关S断开时，由闭合电路欧姆定律可得

闭合时有

联立解得【解析】6316、略

【分析】【分析】

小球经M点时速度最大，则在M点的加速度为零，根据平衡条件求出M点的场强大小；从P点运动到Q点过程中，根据动能定理可求P、Q两点的电势差．

【详解】

解：小球经M点时速度最大，则在M点的加速度为零，有解得M点的场强大小

从P点运动到Q点过程中，根据动能定理可得P、Q两点的电势差【解析】17、略

【分析】【详解】

当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2变大，外电路总电阻变大，由欧姆定律，I变小，U1=IR1变小，故V1逐渐减小；因R1、R3为定值电阻，故由欧姆定律U2＝E−I(R1+R3+r)可知，电压表V2示数的变化量绝对值与电流表A示数的变化量比值等于R1+R3+r，故．【解析】减小ΔI(R3+R1+r)18、略

【分析】【详解】

[1]设两导线间距为d，根据右手螺旋定则知，甲导线在O点的场强方向垂直纸面向里，乙导线在O点的场强方向垂直纸面向里，根据场强的叠加有：

甲导线在a点的场强方向垂直纸面向外，乙导线在a点的场强方向垂直纸面向里，根据场强的叠加知，a点的磁感应强度为：

[2]甲导线在乙导线处产生的磁感应强度为：

则单位长度的乙导线所受的安培力为：F=BIL=【解析】13.7519、略

【分析】【详解】

[1]均匀带电正方形框；根据对称性可知，其两条对角线交点处的电场强度为零，而正点电荷，电场线是扩散状，根据沿着电场线方向电势降低可知，两条对角线交点处的电势大于零；

[2]在其一边中点挖去一个长为r（r＜＜R）的一小段后，则其两条对角线交点处电场强度等于由r长的电荷在对角线交点处的场强，即【解析】大于20、略

【分析】【详解】

[1]改装后电压表的量程为

故串联的电阻越大，量程越大，接a、b时，为灵敏电流计与R1串联；量程为3V。

[2]接a、c时，为灵敏电流计与R1和R2串联；量程为15V。

[3]由题可知，满偏电压

则R1两端的电压为

则

[4]由题可知，则

解得【解析】3V15V2985Ω12000Ω21、略

【分析】【详解】

（1）[1]燃烧时增加了大气中二氧化碳的含量；加剧了温室效应。

（2）[2]因为煤炭和石油中含有硫；燃烧时形成二氧化硫等物质使雨水的酸度升高，形成“酸雨”。

（3）[3]内燃机工作时的高温使空气和燃料中的多种物质发生化学反应，产生氮的氧化物和碳氢化合物。这些化合物在大气中受到紫外线的照射，产生二次污染物质——光化学烟雾。【解析】二氧化碳酸雨光化学烟雾四、作图题(共4题，共16分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】24、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】25、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图