2024年沪教新版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教新版高二物理上册阶段测试试卷460考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，一根水平细钢丝两边固定，它下面悬挂三个摆长为lA=1.00m，lB=0.50m，lC=0.25m的单摆，三个摆球相同，现用周期变化的外力作用于细钢丝上，下述判断正确的是（）A.外力的频率为0.5Hz时，B球振幅最大B.外力的频率为1Hz时，A球振幅最大C.外力的频率为1Hz时，C球振幅最大D.外力的频率为2Hz时，A球振幅最大2、如图1

中所示，在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向，当磁场的磁感应强度B

随时间t

按如图2

变化时，下列四图中正确表示线圈中感应电动势E

随时间t

变化的是(

)

A.B.C.D.3、如图所示，一恒力F

与水平方向夹角为娄脠

作用在置于光滑水平面上，质量为m

的物体上，作用时间为t

则力F

的冲量为(

)

A.Ft

B.mgt

C.Fcos娄脠t

D.(mg鈭�Fsin娄脠)t

4、如图所示，弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为M的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，一个质量为m的小球从槽上高h处由静止开始自由落下（M＞m）（）A.被弹簧反弹后，小球能追上槽B.被弹簧反弹后，小球能回到槽上高h处C.在下滑过程中，槽对小球的支持力对小球不做功D.在整个过程中，小球和槽组成的系统机械能守恒5、（4分）如图所示，直线A为电源的U﹣I图线，直线B为电阻R的U﹣I图线，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率不可能分别是（）A.4W、8WB.2W、4WC.4W、6WD.2W、3W6、如图所示，L为竖直、固定的光滑绝缘杆，杆上o点套ks5u有一质量为m、带电量为-q的小环，在环的左侧固定一电荷为+Q的点电荷，杆上a、b两点到+Q的距离相等，oa之间距离为h1，ab之间距离为h2，使小环从图示位置的o点由静止释放后，通过a点的速率为．则下列说法正确的是（）

A.小环通过b点的速率为

B.小环从o到b；电场力做的功可能为零。

C.小环在oa之间的速度是先增大后减小。

D.小环在ab之间的速度是一直增大。

7、如图所示，一理想变压器的原线圈匝数为n1，连接一理想电流表；副线圈接入电路的匝数n2可以通过滑动触头Q调节，副线圈接有灯泡L和光敏电阻R(光照加强时，R的阻值会变小)，则()A.只使Q向上滑动，灯泡变亮B.只使Q向上滑动，电流表读数变小C.只加强光照，电流表读数变大D.只加强光照，原线圈的输入功率变小8、关于电磁学中的相互作用力，下列说法正确的是：（）A.同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥B.同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引C.两条平行导线中电流同向时相互吸引D.两条平行导线中电流反向时相互吸引9、如图是简化的多用表的电路．转换开关S与不同接点连接，就组成不同的电表：下面是几位同学对这一问题的议论，请你判断他们中的正确说法（）A.S与2连接时，多用表就成了测电阻B.S与3连接时，多用表就成了电流表C.S与4连接时，多用表就成了电压表D.S与5连接时，多用表就成了电压表评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)10、如图所示的匀强电场中，M、N两点距离为2cm，两点间的电势差为5V，MN连线与场强方向成600角，则此电场的电场强度大小为．11、用显微镜观察物体时，物镜对物体所成的像是一个放大的____像（填“虚”或“实”），道理就像____的镜头成像一样，目镜的作用则像一个____，再次对这个像成放大的____（填“虚”或“实”）像．12、本题为选做题，考生只选择一题作答.

若两题都作答，则按24鈭�A

题计．。鈭�A.(

本题供选修1鈭�1

的考生作答)

如图所示，桌面上放有一只10

匝线圈，线圈中心上方一定高度处有一竖立的条形磁体.

当磁体竖直向下运动时，穿过线圈的磁通量将_________(

选填“变大”或“变小”)

在上述过程中，穿过线圈的磁通量变化0.1Wb

经历的时间为0.5s

则线圈中的感应电动势为_________V

．

24鈭�B.(

本题供选修3鈭�1

的考生作答)

如图所示，开始时开关与a

相连.

当将开关与b

相连后的瞬间，通过灵敏电流表的电流方向_________(

选填“向左”或“向右”)

电容器的电容_________(

选填“变大”“变小”或“不变”)

．

13、如图所示，桌面上放有一个匝数为1010匝的线圈，线圈中心上方一定高度处有一竖立的条形磁体..当磁体竖直向下运动时，穿过线圈的磁通量将________((选填“变大”或“变小”).).在上述过程中，若穿过线圈的磁通量变化0.1Wb0.1Wb经历的时间为0.5s0.5s则线圈中的平均感应电动势为________VV．14、如图，一定量的理想气体从状态a

变化到状态b

其过程如p鈭�V

图中从a

到b

的直线所示。在此过程中__________

A.气体温度一直降低。

B.气体内能一直增加C.气体一直对外做功。

D.气体一直从外界吸热E.气体吸收的热量一直全部用于对外做功15、如图所示，变压器原线圈应该与______相连，副线圈与______相连(

选填“负载”、“电源”).

如果原线圈两端的电压为220V

匝数为110

匝，副线圈的匝数为22

匝，则副线圈两端的电压是______V.

16、如图所示实验装置可用来探究影响平行板电容器的因素；其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右极板与静电计金属球相连。使电容器带电后与电源断开。

（1）将左极板上移；可观察到静电计指针偏转角______。（选填变大；变小或不变）

（2）将极板间距离减小时；可观察到静电计指针偏转角______。平行板电容器之间的电场强度______。（选填变大；变小或不变）

（3）两板间插入一块玻璃；可观察到静电计指针偏转角______。（选填变大；变小或不变）

（4）由此可知平行板电容器的电容与两板正对面积，两板间介质和______有关。17、如图所示，有电流I流过长方体金属块，金属块宽度为d，高为b，有一磁感应强度为B的匀强磁场垂直纸面向里，金属块单位体积内的自由电子数为n，电子的电量为e，则金属块上表面的电势比下表面的电势要______（填“高”或“低”），金属块上下表面间的电势差是______．18、在研究匀变速度直线运动规律的实验中，小车拖着纸带运动，每秒50次的打点计时器打出的纸带如图所示，选出0、1、2、3、4共5个记数点，每相邻两个点间还有4个实验点未画出，则小车在打点计时器打出第3个计数点时的瞬时速度是______m/s，小车的加速度是______m/s2．已测得S1=1.01cm，S2=3.21cm，S3=5.39cm，S4=7.60cm

评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）21、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）22、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）23、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）24、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验探究题(共2题，共4分)25、某电流表的内阻在0.1娄赂隆芦0.2娄赂

之间，现要测量其内阻，可选用的器材如下：A.待测电流表A1(

量程0.6A)

B.电压表V1(

量程3V

内阻约2k娄赂)

C.电压表V2(

量程15V

内阻约10k娄赂)

D.滑动变阻器R1(

最大电阻10娄赂)

E.定值电阻R2(

阻值5娄赂)

F.电源E(

电动势4V)

G.电键S

及导线若干．(1)

电压表应选用________；(2)

画出实验电路图；(3)

如测得电压表的读数为U

电流表的读数为I

则电流表A1

内阻的表达式为：RA=

________。

26、在用重锤下落来验证机械能守恒时，某同学按照正确的操作选的纸带如图所示.

其中O

是起始点，ABCDE

是打点计时器连续打下的5

个点，打点频率为50H

z

，该同学用毫米刻度尺测量O

到ABCDE

各点的距离，并记录在图中(

单位：cm

)

(1)

这五个数据中不符合读数要求的是______(

选填“A

”“B

”“C

”“D

”或“E

”)

点读数．

(2)

该同学用重锤在OC

段的运动来验证机械能守恒，OC

距离用h

来表示，他用v

C=2gh

计算与C

点对应的重锤的瞬时速度；得到动能的增加量，这种做法______(

选填“对”或“不对”)

．

(3)

若O

点到某计数点的距离用h

表示，重力加速度为g

，该点对应重锤的瞬时速度为v

；则实验中要验证的等式为______．

(4)

若重锤质量m

=2.00隆脕10鈭�1

kg

，重力加速度g

=9.8

m

/

s

2

由图中给出的数据，可得出从O

点到打下D

点，重锤重力势能的减少量为______J

动能的增加量为______J(

均保留三位有效数字)

本实验得出的结论是______．评卷人得分五、推断题(共3题，共21分)27、某芳香烃rm{A}分子式为rm{C_{8}H_{10}}某烃类衍生物rm{X}分子式为rm{C_{15}H_{14}O_{3}}能使rm{FeCl_{3}}溶液显紫色；rm{J}分子内有两个互为对位的取代基。在一定条件下有如下的转化关系rm{(}无机物略去rm{)}

rm{(1)}属于芳香烃类的rm{A}的同分异构体中，其沸点的大小关系为______________。rm{(}不包括rm{A}用结构简式表示rm{)}rm{(2)J}中所含的含氧官能团的名称为_________________________________。中所含的含氧官能团的名称为_________________________________。rm{(2)J}与rm{(3)E}反应的化学方程式是_________________；反应类型是_____。rm{H}rm{(4)B}的混合物在rm{C}乙醇溶液中加热可以生成同一种有机物rm{NaOH}以rm{K}为单体合成的高分子化合物的名称是____________________________。rm{K}已知rm{(5)}有多种同分异构体，写出一种符合下列性质的rm{J}的同分异构体的结构简式。rm{J}与rm{垄脵}溶液作用显紫色；rm{FeCl_{3}}与新制rm{垄脷}悬浊液作用产生红色沉淀；rm{Cu(OH)_{2}}苯环上的一卤代物有rm{垄脹}种。________________________________。

rm{2}28、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵-垄脼}元素，回答下列问题。rm{(1)}元素rm{垄脷}的原子结构示意图是_________________。rm{(2)垄脺}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是_______________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脹}和rm{垄脺}两种元素的最高价氧化物对应的水化物碱性较强的是__________rm{(}填化学式rm{)}rm{(3)}写出rm{垄脵}的单质在rm{垄脼}的单质中燃烧的化学方程式：_______________________。rm{(4)}写出rm{垄脺}与rm{垄脻}最高价氧化物对应的水化物反应的离子方程式：_____________________。29、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵隆芦垄脼}元素，回答下列问题。rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脻}rm{垄脼}rm{(1)垄脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)垄脷}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是__________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脻}和rm{垄脼}两种元素的最高价氧化物对应水化物中酸性较强的是________rm{(}填化学式rm{)}rm{(3)}写出rm{垄脹垄脺}两种元素的最高价氧化物对应水化物反应的离子方程式_______________。评卷人得分六、综合题(共3题，共21分)30、(1)

以下关于分子力的说法；正确的是()

A.分子间的距离增大则分子间的斥力与引力均减小。

B.气体分子之间总没有分子力的作用。

C.液体难于压缩表明液体中分子总是引力。

D.当分子间表现为引力时；随分子间距离增大分子间势能增大。

E.当分子间的引力与斥力大小相等时分子间势能最小(2)

如图所示，圆柱形汽缸开口向上竖直放置在水平面上，汽缸足够长，内截面积为S

大气压强为P0

一厚度不计，质量为m

=p0s2g

的活塞封住一定量的理想气体，温度为T0

时缸内气体体积为V0

先在活塞上缓慢放上质量为3

m

的砂子，然后将缸内气体温度缓慢升高到2T0

求稳定后缸内气体的体积．31、【物理篓D篓D

选修3鈭�3

】(1)

如图甲所示，在磁感应强度B=1T

的有界匀强磁场中，用外力将边长L=0.5m

的正方形金属线框(

各处都完全相同)

向右匀速拉出磁场，以bc

边刚离开磁场的时刻为计时起点，在线框拉出进场的过程中，ab

边受到的安培力大小F

随时间t

变化的关系如图乙所示。则下列说祛正确的是

A.线框做匀速运动的速度大小为1m/s

B.线框产生的感应电流为逆时针方向，大小为0.5A

C.线框的总电阻为0.5娄赂

D.线据穿出进场过程中产生的焦耳热为0.5J

(2)

如图所示，两块木板的质量分别为M1=500gM2=400g

静止于光滑水平面上，小物块m=100g

以初速度为v=10m/s

滑上M1

的表面，最后停在M2

上时速度为v2=1.5m/s

求：

(1)

最后M1

的速度v1

(2)m

刚离开Ml

时的速度v鈥�

32、(1)

玻璃棒与丝绸摩擦过程中，若丝绸得到3

个电子，则丝绸带电量为____C

玻璃棒带电量为____C

(2)

如图所示，可以自由转动的小磁针静止不动时，靠近螺线管的是小磁针的____极。若将小磁针放到螺线管内部，小磁针指向与图示位置时的指向相____(

填“同”或“反”)

(3)

放射源中有三种不同的粒子，其中一种不带电，另两种分别带正负电荷，置于磁场中，相成如图三条轨迹，则带负电的粒子的轨迹是______。(4)

在隆露

练习使用打点计时器隆路

的实验中，已打出了一条较好的纸带，从中确定五个记数点，(

每相邻计数点间有5

个时间间隔)

记作A、BCDE

用直尺量出的数据如图所示，则纸带运动加速度的大小为a=

____m/s2

打纸带上C

点时瞬时速度大小vC=

____m/s

．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】受迫振动中驱动力的频率决定受迫物体的振动频率，当驱动力的频率与受迫物体的固有频率相等时，振幅最大，由单摆周期公式可知C球的固有频率为1Hz【解析】【答案】C2、A【分析】解：在0鈭�1s

内，根据法拉第电磁感应定律，E=n鈻�娄碌鈻�t=n鈻�BS鈻�t=nB0S.

根据楞次定律，感应电动势的方向与图示箭头方向相同，为正值；在1鈭�3s

内，磁感应强度不变，感应电动势为零；在3鈭�5s

内，根据法拉第电磁感应定律，E隆盲=n鈻�娄碌鈻�t=n鈻�BS鈻�t=nB0S2=E2.

根据楞次定律；感应电动势的方向与图示方向相反，为负值。故A正确，BC

D错误。

故选：A

根据法拉第电磁感应定律E=n鈻�娄碌鈻�t=n鈻�BS鈻�t

求出各段时间内的感应电动势；根据楞次定律判断出各段时间内感应电动势的方向．

解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律E=n鈻�娄碌鈻�t=n鈻�BS鈻�t

会根据楞次定律判断感应电动势的方向．【解析】A

3、A【分析】【分析】本题考查了动量定理应用。力冲量等于力与时间的乘积；根据题意利用公式即可求得F

的冲量。本题考查冲量的定义，要注意冲量只与力及时间有关，和夹角无关。【解答】由I=Ft

可得：F

的冲量I=Ft

故选A。【解析】A

4、A【分析】解：AB、小球下滑的过程中，小球与槽组成的系统水平方向动量守恒，即Mv1=mv2，因槽的质M大于球的质量m，则球与槽分离后，小球的速度v2大于槽的速度v1；小球被弹簧反弹后球的速度与槽的速度变为同向，则小球能追上槽；当滑到槽的最高点时，两者具有共同的速度，因为槽与球都有动能，可知小球不能回到槽上高h处，故A正确，B错误；

C；在下滑过程中；因为槽的动能增加，则球对槽的压力对槽做正功，槽对小球的支持力对小球做负功，故C错误；

D；在整个过程中；小球、槽以及弹簧组成的系统机械能守恒，故D错误。

故选：A。

由动量守恒的条件可以判断动量是否守恒；由功的定义可确定小球和槽的作用力是否做功；由小球及槽的受力情况可知运动情况；由机械守恒及动量守恒可知小球能否回到最高点。

本题考查了动量守恒定律与机械能守恒定律的应用，根据题意分析清楚物体运动过程是解题的前提；解答本题要明确动量守恒的条件，以及在两球相互作用中同时满足机械能守恒，应结合这两点进行分析判断。【解析】A5、A|B|D【分析】【解析】试题分析：电源的U﹣I图象与U轴的交点数值是电源的电动势；电源的U﹣I图象与电阻R的U﹣I图象交点电压与电流是该电源与该电阻组成闭合电路时的电路电流与路端电压，由图象求出电源电动势、电路电流与路端电压，然后由P出=UI求出电源的输出功率，有P=EI求解电源的总功率．【解析】

由图象可知，电源电动势E=3V，电路电流I=2A时，路端电压U=2V；则电源的输出功率，即外电路功率为：P出=UI=2V×2A=4W，电路的总功率为：P=EI=3V×2A=6W；因选不可能的是，故选：ABD．【解析】【答案】ABD6、A【分析】

A、由题电势差Uoa=Uob；根据动能定理得。

o→a过程：mgh1+（-qUoa）=①

o→b过程：mg（h1+h2）++（-qUob）=②

又va=

解得vb=故A正确．

B、小环从o到b电场力做的功等于从o到a电场力做的功；大于零．故B错误．

C；小环在oa之间运动过程；重力和电场力均做正功，速度一直增大．故C错误．

D、小环在ab之间运动过程；重力做正功，电场力先做正功，后做负功，无法判断重力做功与电场力做功的大小，则无法确定速度的变化情况．故D错误．

故选A．

【解析】【答案】由题可知，a点与b点电势相等，则小环从O点移到a点与移到b点电场力做功相等，根据动能定理分别研究小环从O点移到a点与O点移到b点，求解小环通过b点的速率．根据动能定理分析小环从o到b电场力做功不等于零．小环在oa之间运动时，重力和电场力均做正功速度一直增大．根据动能定理研究小环滑到ab的速度大小，分析小环在ab之间的速度如何变化．

7、A|C【分析】【解析】试题分析：根据理想变压器的电压与匝数成正比可知，当只使Q向上滑动时，副线圈的匝数变大，变压器的输出电压变大，灯泡就要变亮，所以A正确．当光照加强时，R的阻值会变小，在电压不变的情况下，副线圈的电流就会变大，原线圈的电流也会变大，所以电流表读数变大，所以C正确．B错误C正确；线圈的电流变大，此时原线圈的电压是不变的，根据P=UI可知原线圈的输入功率变大，所以D错误．故选AC．考点：变压器的构造和原理．【解析】【答案】AC8、B|C【分析】【解析】试题分析：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，A错；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，B对；两条平行导线中电流同向时相互吸引，C对；两条平行导线中电流反向时相互排斥，D错；考点：考查电流的磁效应【解析】【答案】BC9、C【分析】解：A、S与2连接时，电阻R1、R2串联后与表头并联；多用表就成了电流表，故A错误；

B、S与3连接时，表头与R3串联；多用表就成了电压表，故B错误；

C、S与4连接时，表头与R4串联；多用表就成了电压表，故C正确；

D；S与5连接时；连接了电源，多用表就成了欧姆表，故D错误；

故选：C．

电表改装时；串联分压电阻成为电压表，并联分流电阻成为电流表，连入电源成为欧姆表．

本题考查了多用电表的内部结构，可以利用如何把小量程的电流表改装为电压表和大量程的电流表去分析．【解析】【答案】C二、填空题(共9题，共18分)10、略

【分析】由可知场强【解析】【答案】500v/m；11、实投影仪放大镜虚【分析】【解答】显微镜的物镜相当于投影仪的镜头；成倒立；放大的实像，目镜都相当于一个放大镜，成正立、放大的虚像．

故答案为：实；投影仪；放大镜；虚．

【分析】显微镜包括物镜和目镜，物镜相当于幻灯机（或者投影仪），成倒立、放大的实像，目镜相当于放大镜，成正立、放大的虚像．12、略

【分析】A.【分析】

由磁通量的定义可知线圈中磁通量的变化；由法拉第电磁感应定律可求得线圈中的感应电动势，从而即可求解。本题考查法拉第电磁感应定律的应用；题目较为简单，熟记法拉第电磁感应定律即可求解。

【解答】

在磁体竖直向下落时，穿过线圈的磁感应强度增大，故磁通量变大；由法拉第电磁感应定律可得：E=N?鈱�?t=10隆脕0.10.5V=2V

故填：变大；2

B.【分析】

当开关与a

相连时，电源给电容器充电，当开关与b

相连时，电容器放电.

明确电容器的电容与电量和电压无关，只与电容器本身的性质有关。解决本题关键了解电容器的性质以及电容器充；放电的特性；知道充电时与电源正极相连的极板带正电，与电源负极相连的极板带负电。

【解答】

开关与a

相连时与电源相连，电容器带电，上端带正电；当开关与b

相连时；电容器放电，电流表中电流向左；电容器的大小由电压和电量无关，故开关变化时，电容不变。

故填：向左；不变。【解析】A.变大2

B.向左不变13、变大2【分析】【分析】由磁通量的定义可知线圈中磁通量的变化；由法拉第电磁感应定律可求得线圈中的感应电动势，从而即可求解。本题考查法拉第电磁感应定律的应用，题目较为简单，熟记法拉第电磁感应定律即可求解。【解答】在磁体竖直向下落时；穿过线圈的磁感应强度增大，故磁通量变大；

由法拉第电磁感应定律可得：E=N?娄碌?t=10隆脕0.10.5V=2V

故答案为：变大；2

【解析】变大2

14、BCD【分析】【分析】根据气体状态方程pVT=C

去判断温度，从而知道内能的变化；根据气体体积的变化分析做功情况；结合热力学第一定律分析。该题结合图象考查气态方程，能够运用控制变量法研究多个物理量变化时的关系。要注意热力学第一定律鈻�U=W+Q

中，WQ

取正负号的含义。【解答】A.由图知气体的pV

一直增大，由pVT=C

知气体的温度一直升高，故A错误；B.一定量的理想气体内能只跟温度有关，温度一直升高，气体的内能一直增加，故B正确；C.气体的体积增大，则气体一直对外做功，故C正确；D.气体的内能一直增加，并且气体一直对外做功，根据热力学第一定律鈻�U=W+Q

可知气体一直从外界吸热，故D正确；E.气体吸收的热量用于对外功和增加内能，故E错误。故选BCD。【解析】BCD

15、略

【分析】解：变压器原线圈应该与电源相连；副线圈与负载相连；

根据U1U2=n1n2

得：

U2=n2n1U1=22110隆脕220=44V

故答案为：电源负载44V

原线圈应该与电源相连，副线圈与负载相连，根据变压器工作原理U1U2=n1n2

求解副线圈两端的电压。

本题考查了变压器的变压特点，属于容易题.

关键熟悉理想变压器的变压比，变流比的公式.

并明确变压器的工作原理．【解析】电源；负载；44

16、变大变小不变变小两极板间距【分析】解：（1）根据电容的决定式C=知，上移左极板，正对面积S减小，则电容减小，根据U=知；电荷量不变，则电势差增大，指针偏角变大；

（2）根据电容的决定式C=知，将极板间距离减小时，电容增大，根据U=知；电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小；

再由公式E=及C=与U=导出电场强度综合表达式E=则有电场强度与极板间距无关，故平行板电容器之间的电场强度不变；

（3）根据电容的决定式C=知，两板间插入一块玻璃，电容增大，根据U=知；电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小；

（4）由上分析；可知，平行板电容器的电容与两板正对面积，两板间介质和两极板间距有关。

故答案为：（1）变大；（2）变小；不变；（3）变小；（4）两极板间距。

抓住电容器的电荷量不变，根据电容的决定式C=判断电容的变化，结合U=判断电势差的变化，从而得出指针偏角的变化，最后依据公式E=结合以上公式，推导出电场强度综合表达式，从而判定求解。

解决本题的关键知道静电计测量的是电容器两端的电势差，处理电容器动态分析时，关键抓住不变量，与电源断开，电荷量保持不变，结合电容的决定式和定义式进行分析。【解析】变大变小不变变小两极板间距17、略

【分析】解：根据左手定则知；电子向上表面偏转，则上表面带负电，下表面带正电，即金属块上表面的电势比下表面电势低．

根据I=nevS=nevdh，解得v=

根据evB=e得；

金属块上下表面的电势差U=vBh=．

故答案为：低，．

根据左手定则判断电子的偏转方向；从而确定金属块上下表面电势的高低；根据电子所受的电场力和洛伦兹力平衡，结合电流的微观表达式求出金属块上下表面的电势差．

解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡．【解析】低；18、0.652.19【分析】解：每相邻两点间还有4个试验点（图中未画）；所以相邻的计数点间的时间间隔：T=0.1s；

根据物体在某一段时间内的平均速度等于该段时间内的中间时刻的速度有：

v3==

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可得：

===2.19m/s2．

故答案为：0.65；2.19．

作匀变速直线运动的物体在某一段时间内的平均速度等于该段时间内的中间时刻的速度，由此可求某点的瞬时速度；作匀变速直线运动的物体在连续相等的时间内通过的位移差等于恒量即△x=aT2；由此可求物体运动的加速度大小．

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．【解析】0.652.19三、判断题(共6题，共12分)19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．21、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．22、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．23、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．24、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、实验探究题(共2题，共4分)25、V1【分析】

????????【分析】

(1)

由于待测电流表的内阻比较小；所以应该将电流表与定值电阻串联在一起进行测量，根据公式U=IR

计算出串联后的最大电压，然后根据该电压选择电压表；

(2)

将电流表与定值电阻串联在一起进行测量时；电阻值仍然不算大，因此滑动变阻器应该采用限流式接法；

(3)

根据部分电路的欧姆定律即可计算出电流表A1

内阻的表达式．

【解答】(1)

由于待测电流表的内阻比较小；所以应该将电流表与定值电阻串联在一起进行测量，根据公式U=I(Rx+R2)隆脰0.6隆脕(0.1+5)隆脰3V

串联后的最大电压与电压表V1

的量程差不多，与电压表V2

的量程相差较大，所以应选择电压表V1

(2)

将电流表与定值电阻R2

串联在一起进行测量时，电阻值仍然不算大，因此滑动变阻器应该采用限流式接法；所以实验的原理图如图：

(3)

电压表的示数是定值电阻R2

与电流表的电压的和，即：U=I(RA+R2)

所以RA=UI?R2

故答案为：V1

如图所示；RA=UI?R2??

【解析】V

11RA=UI?R2

26、（1）B

（2）不对

（3）

（4）0.3800.376在误差允许范围内重力势能减少量等于动能的增加量【分析】

【分析】

毫米刻度尺测量长度；要求估读即读到最小刻度的下一位，实验中若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能；

常用于力学实验中的刻度尺、游标卡尺和螺旋测微器的使用在考试中出现的频率较高，对于掌握的程度，不能仅仅停留在会读数，而需理解其原理.

纸带问题的处理时力学实验中常见的问题，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度。

【解答】

(1)

刻度尺读数是应在最小刻度1mm

的基础上向下一位估读；即应当保留到小数点后的两位12.40cm

所以B

点读数不符合要求；

(2)

在验证机械能守恒的实验中，由于存在阻力物体实际下落的加速度小于重力加速度，所以不应当用重力加速度g

来表示某位置的速度，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C

点时小车的瞬时速度大小；即vC=xBD2T=(OD鈭�OB)f2

故不对。

(3)

可得出从O

到某点，重锤重力势能的减少量为：mgh

，动能的增加为：12mv2鈭�0

根据机械能守恒减少的重力势能应等于增加的动能，即：mgh=12mv2

整理得：gh=12v2

(4)从OO到打下DD点，重锤重力势能的减少量鈻�EtriangleEPP=mgh=0.380J=mgh=0.380J，

利用匀变速直线运动的推论

vD=xCEtCE

EkD=12mvD2=0.376J

动能的增加量鈻�EtriangleEkk=0.376J=0.376J，在误差允许范围内重力势能减少量等于动能的增加量。

故答案为：(1)B

(2)

不对(3)gh=v22

(4)0.3800.376

在误差允许范围内重力势能减少量等于动能的增加量

【解析】(1)B(1)B(2)(2)不对(3)gh=v22(3)gh=dfrac{{v}^{2}}{2}(4)(4)0.3800.3800.3760.376在误差允许范围内重力势能减少量等于动能的增加量五、推断题(共3题，共21分)27、（1）

（2）（酚）羟基、羧基

（3）酯化反应（或取代反应）

（4）聚苯乙烯

(5)【分析】【分析】本题考查有机物的推断和合成，题目较为综合，有一定的难度，做题时注意把利用好题给信息，采用正逆推相结合的方法推断，注意同分异构体的判断方法。【解答】某芳香烃rm{A}分子式为rm{C}分子式为rm{A}rm{C}rm{{,!}_{8}}rm{H}rm{H}与氯气在光照条件下发生一氯取代生成两种不同物质rm{{,!}_{10}}和，属于苯的同系物，rm{A}与氯气在光照条件下发生一氯取代生成两种不同物质rm{B}和rm{C}则rm{A}为则rm{A}为rm{B}最终产物rm{C}能与rm{A}，rm{B}最终产物rm{H}能与rm{NaHCO}rm{B}具有羧基，则rm{H}为rm{NaHCO}发生水解反应生成rm{{,!}_{3}}为溶液反应，说明rm{H}具有羧基，则rm{B}为发生氧化反应生成rm{H}为rm{B}进一步氧化生成，rm{B}发生水解反应生成rm{D}为为rm{B}为rm{D}发生水解反应生成，rm{D}发生氧化反应生成rm{F}为为rm{D}分子式为rm{F}，rm{F}进一步氧化生成rm{H}为rm{F}rm{H}，则rm{C}为rm{C}，rm{C}发生水解反应生成rm{E}为rm{C}rm{E}和，rm{X}分子式为rm{C}则rm{X}为酯，rm{C}酸化得到rm{{,!}_{15}}而rm{H}为醇，则rm{H}含有羧基，且rm{{,!}_{14}}分子中含有酚羟基，rm{O}分子式为rm{O}rm{{,!}_{3}}，能使rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}溶液显紫色，说明结构中含有酚羟基，水解生成rm{K}和rm{E}则rm{X}为酯，rm{K}酸化得到rm{J}而rm{E}为醇，则rm{J}含有羧基，且rm{J}分子中含有酚羟基，rm{J}分子式为rm{C}rm{K}分子内有两个互为对位的取代基，则rm{E}为rm{X}rm{K}为rm{J}

rm{E}由上述分析可知，rm{J}物质的结构简式为：rm{J}的一种同分异构体为二甲苯，有邻间对三种结构，三种沸点的大小关系为：

rm{J}rm{C}

rm{{,!}_{7}}为rm{H}

rm{H}

rm{{,!}_{6}}与rm{O}反应的化学方程式是rm{O}或取代反应rm{{,!}_{3}}

，rm{J}分子内有两个互为对位的取代基，则rm{J}为rm{J}或取代反应rm{J}

，故K为，rm{X}为的混合物在rm{X}乙醇溶液中加热可以生成同一种有机能，则rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}物质的结构简式为：为rm{(1)}为单体合成的高分子化合物的结构简式是rm{A}

，属于芳香烃类的rm{A}的一种同分异构体为二甲苯，有邻间对三种结构，三种沸点的大小关系为：

rm{A}为故答案为：的同分异构体符合：；与rm{(2)J}为rm{(2)J}，所含的含氧官能团的名称为：羧基、羟基，与新制故答案为：羧基、羟基；rm{(3)E}与rm{H}反应的化学方程式是rm{(3)E}苯环上的一卤代物有rm{H}种，说明苯环结构中只含有两种性质不同的氢原子，符合条件的有：，反应类型是：酯化反应rm{(}或取代反应rm{)}

rm{(}rm{)}故答案为：【解析】rm{(1)}rm{(2)(}酚rm{)}羟基、羧基rm{(3)}酯化反应rm{(}或取代反应rm{)}rm{(4)}聚苯乙烯rm{(5)}28、rm{(1)}

rm{(2)Al}rm{NaOH}

rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}

rm{(4)Al(OH)_{3}}rm{+3H^{+}}rm{=Al^{3+}}rm{+3H_{2}O}

【分析】【分析】本题考查了元素周期律和元素周期表的应用。掌握元素周期律：同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱；同主族元素从上至下原子半径逐渐增大是解答本题的关键。该题是高考常见题型，试题难易适中，侧重对学生基础知识的巩固和训练，有利于提高学生的逻辑推理能力和应试能力。【解答】根据元素周期表的结构可知rm{垄脵}为rm{H}rm{垄脷}为rm{N}rm{垄脹}为rm{Na}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}为rm{S}rm{垄脼}为rm{Cl}rm{(1)}元素rm{垄脷}的原子结构示意图是元素rm{(1)}的原子结构示意图是故答案为：rm{垄脷}rm{(2)}为rm{(2)}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}和rm{S}位于同一周期，随原子序数增大原子半径逐渐减小，所以原子半径较大的为rm{Al}和rm{S}位于同一周期，随原子序数增大原子半径逐渐减小，所以原子半径较大的为rm{Al}rm{Al}和rm{S}的最高价氧化物对应的水化物分别为氢氧化钠和氢氧化铝，同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱，rm{Al}的金属性比rm{Na}强，所以碱性较强的为rm{Al}故答案为：rm{Na}rm{Al}rm{NaOH}rm{Al}的单质在rm{NaOH}的单质中燃烧的化学方程式为：rm{(3)}rm{(3)}rm{垄脵}的单质在rm{垄脼}的单质中燃烧的化学方程式为：rm{垄脵}rm{垄脼}rm{H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}写出；与故答案为：最高价氧化物对应的水化物反应的离子方程式为：rm{H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}rm{(4)}rm{垄脺}故答案为：rm{垄脻}rm{Al(OH)_{3}}rm{+3H^{+}}rm{=Al^{3+}}rm{+3H_{2}O}【解析】rm{(1)}rm{(2)Al}rm{NaOH}rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}rm{(4)Al(OH)_{3}}rm{+3H^{+}}rm{=Al^{3+}}rm{+3H_{2}O}

29、rm{(1)}Ⅳrm{A}

rm{(2)S}

rm{(3)HClO_{4}}

rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【分析】【分析】本题考查了元素周期律和元素周期表的应用。掌握元素周期律：同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱；同主族元素从上至下原子半径逐渐增大是解答本题的关键。该题是高考常见题型，试题难易适中，侧重对学生基础知识的巩固和训练，有利于提高学生的逻辑推理能力和应试能力。【解答】根据元素周期表的结构可知rm{垄脵}为rm{C}rm{垄脷}为rm{O}rm{垄脹}为rm{Na}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}为rm{S}rm{垄脼}为rm{Cl}据此分析：rm{(1)垄脵}元素是rm{C}在元素周期表中位于元素是rm{(1)垄脵}在元素周期表中位于第二周期、第Ⅳrm{C}族，故答案为：Ⅳrm{A}rm{A}rm{(2)}为rm{(2)}rm{垄脷}为rm{O}rm{垄脻}和rm{S}位于同一主族，从上至下原子半径逐渐增大，所以原子半径较大的为rm{O}和rm{S}位于同一主族，从上至下原子半径逐渐增大，所以原子半径较大的为rm{S}故答案为：rm{S}故答案为：rm{O}rm{S}rm{S}rm{S}的最高价氧化物对应的水化物分别为硫酸和高氯酸，同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，非金属性逐渐正确，最高价氧化物对应水化物的酸性逐渐正确，rm{(3)S}的非金属性比rm{(3)S}弱，所以酸性性较强的为和故答案为：rm{Cl}的最高价氧化物对应的水化物分别为硫酸和高氯酸，。rm{Cl}氢氧化钠和氢氧化铝反应的离子方程式为rm{S}的非金属性比rm{S}rm{Cl}弱，所以酸性性较强的为rm{HClO_{4}}rm{Cl}rm{HClO_{4}}rm{HClO_{4}}rm{(4)}氢氧化钠和氢氧化铝反应的离子方程式为【解析】rm{(1)}Ⅳrm{A}rm{(2)S}rm{(3)HClO_{4}}rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}六、综合题(共3题，共21分)30、（1）ADE（2）解：设初态气体压强为P1，放砂后压强为P2，体积V2，升温后体积为V3

等温过程：由

得：V2=0.5V0

等压过程：由

得：V3=V0

【分析】(1)

【分析】当分子间距离等于平衡距离时，分子力为零，分子势能最小；当分子间距离小于平衡距离时，分子力表现为斥力。分子间的势能及分子力虽然属于微观世界的关系，但是可运用我们所学过的力学中功能关系进行分析。【解答】分子之间的相互作用都随分子间距离的增大而减小分子引力的变化慢，当r=r

00时分子引力等于分子斥力，所以，r

00是分子的平衡距离，r

大于平衡距离，分子力表现为引力，当r

小于r

00时，分子间的作用力表现为斥力：分析间距离为r

00时分子势能最小；

A.分子之间的相互作用都随分子间距离的增大而减小；故A正确；

B.气体分子之间有分子力的作用；只是比较小，故B错误；

C.液体难于压缩表明液体中分子倍压缩时总是斥力；故C错误；

D.当分子间表现为引力时；增大距离需要克服引力做功，分子势能增大，即随分子间距离增大分子间势能增大，故D正确；

E.当分子间表现为引力时；增大距离需要克服引力做功，分子势能增大；当分子间表现为斥力时，减小距离需要克服斥力做功，分子势能增大，所以当分子间的引力与斥力大小相等时分子间势能最小，故E正确。

故选ADE。(2)

封闭气体经历了两个过程，先等温压缩，后等压膨胀，分别对两个过程应用玻意耳定律和盖.

吕萨克定律即可。理想气体状态变化时，要分清是什么过程，明确初末状态的状态参量，恰当选择实验定律。【解析】(1)ADE

(2)

解：设初态气体压强为P1

放砂后压强为P2

体积V2

升温后体积为V3

P1=P0+mgS=1.5P0

P2=P0+4mgS=3P0

等温过程：由P1V0=P2V2

得：V2=0.5V0

等压过程