2024届云南省昭通市某中学高考冲刺模拟物理试题

2024届云南省昭通市实验中学高考冲刺模拟物理试题

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5亳米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、一物块以某初速度沿水平面做直线运动，一段时间后垂直撞在一固定挡板上，碰撞时间极短，碰后物块反向运动。

整个运动过程中物块的速度随时间变化的X图像如图所示，下列说法中正确的是（）

A.碰撞前后物块的加速度不变

B.碰撞前后物块速度的改变量为2m/s

C.物块在U0时刻与挡板的距离为21m

D.0~4s内物块的平均速度为5.5m/s

2、甲、乙两运动员在做花样滑冰表演，沿同一直线相向运动，速度大小都是2m/s,甲、乙相遇时用力推对方，此后

都沿各自原方向的反方向运动，速度大小分别为lm/s和2m/s。求甲、乙两运动员的质量之比（）

A.3:2B.4:3C.2:1D.1:2

3、如图所示，两个完全相同的小球A、在同一高度处以相同大小的初速度均分别水平抛出和竖直向上抛出，下列

说法正确的是（）

V///////7//////A

A.两小球落地时的速度相同

B.两小球落地时，重力的瞬时功率相同

C.从开始运动至落地，重力对两小球做功相同

D.从开始运动至落地，重力对两小球做功的平均功率相同

4、有关量子理论及相关现象，下列说法中正确的是（）

A.能量量子化的观点是爱因斯坦首先提出的

B.在光电效应现象中，遏止电压与入射光的频率成正比

C.一个处于〃=4激发态的氢原子向基态跃迁时，最多能辐射出3种频率的光子

D.〃射线、夕射线、y射线都是波长极短的电磁波

5、如图所示，甲球用细线悬挂于车厢顶，乙球固定在竖直轻杆的下端，轻杆固定在天花板上，当车向右加速运动时，

细线与竖直方向的夹角为445。，已知甲球的质量为山，乙球的质量为重力加速度为外则轻杆对乙球的作用力

大小等于（）

A.mgB.5/2wgC.lingD.26.mg

6、如图所示，一飞行器闱绕地球沿半径为，•的圆轨道1运动,经2点时，启动推进器短时间向后喷气使其变轨,轨道

2、3是与轨道1相切于月点的可能轨道，则飞行器（）

A.变轨后将沿轨道3运动

B.变轨后相对于变轨前运行周期变大

C.变轨前、后在两轨道上运动时经2点的速度大小相等

D.变轨前经过2点的加速度大于变轨后经过P点的加速度

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图所示，水平面上固定着两根足够长的平行导槽，质量为2加的U形管恰好能在两导槽之间自由滑动，一质量

为，〃的小球沿水平方向，以初速度％从U形管的一端射入，从另一端射出。已知小球的半径略小于管道半径，不计一

切摩擦，下列说法正确的是（）

（俯视图）

A.该过程中，小球与U形管组成的系统机械能守恒

B.小球从U形管的另一端射出时，速度大小为当

c.小球运动到U形管圆弧部分的最左端时，速度大小为段

I).从小球射入至运动到U形管圆弧部分的最左端的过程中，平行导槽受到的冲量大小为邈%

3

8、如图，有一截面为矩形有界匀强磁场区域ABC"AB=3LtBC=2L在边界A8的中点上有一个粒子源，沿与边界

A〃并指向A点方向发射各种不同速率的同种正粒子，不计粒子重力，当粒子速率为为时，粒子轨迹恰好与40边界

相切，贝！()

A.速率小于用的粒子全部从CO边界射出

B.当粒子速度满足早%时，从CQ边界射出

C.在边界上只有上半部分有粒子通过

D.当粒子速度小于午时，粒子从8c边界射出

9、如图，虚线上方空间分布着垂直纸面向里的匀强磁场，在纸面内沿不同的方向从粒子源。先后发射速率均为□的质

子和。粒子，质子和a粒子同时到达P点。己知0尸=/,。粒子沿与P0成30。角的方向发射，不计粒子的重力和粒

子间的相互作用力，则下列说法正确的是()

XXXXXX

A.质子在磁场中运动的半径为走/

3

B.a粒子在磁场中运动的半径为/

C.质子在磁场中运动的时间为S

3v

77/

I).质子和a粒子发射的时间间隔为I

10、矩形线框PQMN固定在一绝缘斜面上，PQ长为，PN长为4L,其中长边由单位长度电阻为m的均匀金属条制

成，短边MN电阻忽略不计，两个短边上分别连接理想电压表和理想电流表。磁感应强度大小为B的匀强磁场，方向

垂直斜面向上，一与长边材料、粗细完全相同的金属杆与线框接触良好，在沿导轨向上的外力作用下，以速度了从线

框底端匀速滑到顶端。已知斜面倾角为凡不计一切摩擦。则下列说法中正确的是（）

A.金属杆上滑过程中电流表的示数先变大后变小

B.作用于金属杆的外力一直变大

C.金属杆运动到长边正中间时，电压表示数为

D.当金属杆向上运动到距线框底端3.5L的位置时，金属杆。M、PN上消耗的总电功率最大

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）标称3.7V的锂电池，充满电时电动势为4.2V,电动势低于3.4V时不能放电。某只该型号电池标注如下:

标准放电持续电流170mA,最大放电电流850mA,内阻及0.2。。为测量其电动势和内阻，实验室提供下列器材：

A.电压表V（量程3V,内阻3k。）

B.电流表（量程0.6A）

C.电流表（量程0~3A）

D.定值电阻品=2kH

E.定值电阻&=1。

F.滑动变阻器（0〜5。）

G.滑动变阻器（0〜200）

H.待测电池，多用电表，开关导线若干

（1）设计测量电路如图甲所示，电流表A应选择,滑动变阻器A应选择填写器材序号）；

（2）按照设计电路完成实物电路的连接；（）

（3）闭合开关S前，应将滑动变阻器滑片尸移到一选填“左”或“右”）端；闭合开关后，发现电压表指针有偏转,

而电流表指针不偏转，在不断开电路的情况下，应选择多用电表的—检查电路故障；

A.电阻“xl”挡B.直流电流250mA挡C.直流电压2.5V挡D.直流电压10V挡

（4）正确进行实验操作，根据电压表读数计算出电压表和定值电阻凡两端的总电压U。读出对应的电流表示数，在

坐标纸上描点作出U—/图象如图丙所示。则电池电动势£=_V,内阻r=—

12.（12分）实验小组的同学用如图所示的装置做“用单摆测重力加速度”的实验。

（1）实验室有如下器材可供选用:

A.长约1m的细线

B.长约1m的橡皮绳

C.直径约2cm的铁球

D.直径约2cm的塑料球

E・米尺

F.时钟

G停表

实验时需要从上述器材中选择：一（填写器材前面的字母）。

（2）在挑选合适的器材制成单摆后他们开始实验，操作步骤如下：

①将单搂上端固定在铁架台上

②测得接线长度，作为单摆的摆长

③在偏角较小的位置将小球由静止释放

④记录小球完成〃次全振动所用的总时间I,得到单摆振动周期T=-

n

⑤根据单摆周期公式计算重力加速度的大小。其中有一处操作不妥当的是一＜,（填写操作步骤前面的序号）

（3）按照以上的实验步骤，测量多组摆长和对应的周期，并根据实验数据做出了图像，根据该图像得出重力加速度

的测量值为—ni/s\

（4）实验后同学们进行了反思。他们发现由单摆周期公式可知周期与摆角无关，而实验中却要求摆角较小。请你简

要说明其中的原因______o

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤-

13.（10分）如图所示，地面和半圆轨道面均光滑.质量M=lkg、长L=4m的小车放在地面上，其右端与墙壁的距离

为S=3m,小车上表面与半圆轨道最低点P的切线相平.现有一质量m=lkg的滑块（不计大小）以vo=6m/s的初速度

滑上小车左端，带动小车向右运动.小车与墙壁碰撞时即被粘在墙壁上，已知滑块与小车表面的滑动摩擦因数

g取lOm/s1.

（1）要滑块能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道，求半圆轨道的半径R的取值.

14.（16分）2019年12月27日晚，“实践二十号”卫星被成功送入预定轨道。运载这一卫星的长征五号运载火箭在海

南文昌航天发射场进行多次调试，在某次实验中该发动机向后喷射的气体速度约为3000m/s,产生的推力约为4.8x10。

N,则它在1s时间内喷射的气体质量约为多少千克？

15.（12分）如图所示为某娱乐场的滑道示意图，其中为曲面滑道，SC为水平滑道，。为,圆弧滑道，各滑道

相切连接。OE为放在水平地面上的海绵垫。某人从A点上方某处滑下，经过高度差〃=5m的4点和C点时的速度分

别为2m/s和4m/s,在C点做平抛运动，最后落在海绵垫上E点。已知人的质量为50kg,人与水平滑道〃。间的动摩

擦因数为0.2,水平滑道的长度为s=20m,只知道圆弧CD的半径R的范围为：lm<R<2m。取gEOm/s?。求：

⑴人在AB段克服阻力的功；

⑵人在C点做平抛运动的水平位移x的范围。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解题分析】

根据速度图像的斜率分析物块的加速度。读出碰撞前后物块的速度，即可求速度的改变量。根据图像与时间轴所围的

面积求物块在0~3s内的位移，即可得到物块在/=0时刻与挡板的距离。根据。〜4s内的位移来求平均速度。

【题目详解】

A.根据修图像的斜率大小等于物块的加速度，知碰撞前后物块的加速度大小相等，但方向相反，加速度发生了改变,

故A借误；

B.碰撞前后物块的速度分别为vi=4m/s,V2=-2m/s则速度的改变量为：

Av=v2-H=-6m/s

故B错误；

C.物块在t=0时刻与挡板的距离等于0〜3s内位移大小为：

10+4,〜

x=------x3m=21m

2

故C正确;

D.()〜4s内的位移为:

10+4

x=x3m-ni=20m

~2~

平均速度为:

v=-=—^s=5ny/s

t4

故D错误。

故选C。

2、B

【解题分析】

甲、乙相遇时用力推对方的过程系统动量守恒，以甲的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得

，〃甲y甲乙v乙二，〃甲v甲'+〃？乙y乙'

代入数据可得

机申x2+，刀乙x(-2)甲x(-1)+mz,x2

解得

m甲：m乙=4：3

故B正确，ACD错误。

故选B。

3、C

【解题分析】

A.两个小球在运动的过程中都是只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒可知两物体落地时速度大小相等，方

向不同，所以速度不同，故A错误。

B.落地时两物体的速率相同，重力也相同，但4物体重力与速度的夹角为锐角，B物体重力与速度方向相同，所以

落地前的瞬间B物体重力的瞬时功率大于A物体重力的瞬时功率，故B错误。

C.根据重力做功的表达式得两个小球在运动的过程重力对两小球做功都为〃悔儿故C正确。

D.从开始运劭至落地，重力对两小球做功相同，但过程A所需时间小于方所需时间，根据/)=上知重力对两小球做功

的平均功率不相同，故D错误。

4、C

【解题分析】

A.能量量子化的观点是普朗克首先提出的，选项A错误；

B.在光电效应现象中，根据光电效应方程&〃=逸出功二U遏制e,可知遏止电压与入射光的频率是线性关系，但

不是成正比，选项B错误;

C.一个处于，，=4激发态的氢原子向基态跃迁时，最多能辐射出3种频率的光子，分别对应于4-3,3-2,2-1,选

项C正确；

D.“射线、力射线不是电磁波，只有7射线是波长极短的电磁波，选项D错误；

故选C

5、D

【解题分析】

对甲球由牛顿第二定律知

zwa=m^tanO

则加速度大小为：

<z=gtanO

设杆对乙球的作用力为凡则

yjF2—(2mg)2=2ma

解得：

F=2叵mg：

A.mg,与结论不相符，选项A错误；

B.立mg,与结论不相符，选项B错误；

C.2mg,与结论不相符，选项B错误；

D.2&mg,与结论相符，选项D正确；

6、B

【解题分析】

根据题意，飞行器经过P点时，推进器向后喷气，飞行器线速度将增大，做离心运动，则轨道半径变大，变轨后将沿

轨道2运动，由开普勒第三定律可知，运行周期变大，变轨前、后在两轨道上运动经夕点时，地球对飞行器的万有引

力相等，故加速度相等，故B正确，ACD错误。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ABD

【解题分析】

A.小球和U形管组成的系统整体在运动过程中没有外力做功，所以系统整体机械能守恒，所以A正确：

B.小球从U形管一端进入从另一端出来的过程中，对小球和U形管组成的系统，水平方向不受外力，规定向左为正

方向，由动量守恒定律可得

mvQ=/71V]+2mv2

再有机械能守恒定律可得

121>1—,>

—tnv^-—7WV)~+—•2tnv{

222

解得

m-2m1

v.=「%=一、％

m+2m3

所以B正确；

C.从小球射入至运动到U形管圆弧部分的最左端的过程时，小球和U形管速度水平方向速度相同，对此过程满足动

量守恒定律，得

mv0=(m+2in)vx

由能量守恒得

11c，12

—mv=­•2mv~+—mv

2n02,2

解得

所以C错误;

D.小球此时还有个分速度是沿着圆形管的切线方向，设为％,由速度的合成与分解可知

J

对小球由动量定理得

I=mvY-0=^-mv()

由于力的作用是相互的，所以平行导槽受到的冲量为

1二丁〃%

所以D正确。

故选ABDo

8、BC

【解题分析】

ABC.如图，由几何知识可知，与AD边界相切的轨迹半径为1.5L与CD边界相切的轨迹半径为心

由半径公式：R=方可知轨迹与CD边界相切的粒子速度为争，由此可知，仅满足与%的粒子从CD边界

的PD间射出，选项A错误，BC正确；

D.由上述分析可知，速度小于学的粒子不能打出磁场，故选项D错误。

3

故选BC.

9、BD

【解题分析】

AB.粒子在磁场中运动，由洛伦兹力提供向心力有

\r

qvB=m—

r

解得

rnv

r=—

qB

结合两种粒子的比荷关系得

父」

G2

对于。粒子而言，画出其在磁场中运动的轨迹，根据几何关系得其轨迹对应的圆心角为300。，则。粒子做圆周运动的

轨迹半径为/,质子做圆周运动的轨迹半径为《，所以A错误，B正确；

2

CD.质子从。点射入从尸点射出，结合％=：,可知从O点射入时的速度方向必须与。夕边界垂直，在磁场中运动

的时间

而a粒子的运动时间

5x2;rl57d

t=--------=-----

6v3v

rJ

所以质子和a粒子的发射时间间隔为二，所以C错误，D正确。

6v

故选BD.

10、BD

【解题分析】

A.金属杆相当于电源，金属杆上滑过程中，外电路的总电阻一直减小，则总电流即电流表的示数一直变大。故A错

误；

B.金属杆匀速运动，作用于金属杆的外力

F=mgsin9+BIL

由于总电流一直变大，所以作用于金属杆的外力一直变大，故B正确；

C.由电熊感应定律，金属杆运动时产生的感应电动势为

E=BLv

金属杆到达轨道正中间时，所组成回路的总电阻为

R=(4L+L)%=5L%

由闭合电路欧姆定律，回路电流为

I_EBLv

电压表测的是路端电压，所以电压表示数为

〃，一BLv一4BLv

U=1x4L莅=——x4d=~~一

5〃5

故C错误；

D.设金属杆向上运动x距离时，金属杆。“、尸N上消耗的总电功率即电源的输出功率最大。电源电动势一定，内外

电阻相等时电源输出功率最大

(8L-2/)%=Lr()

解得

x=3.5L

故D正确。

故选BD.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

左D3.87〜3.900.12-0.17

【解题分析】

(D[1]由题知，该锂电池的最大放电电流850mA,故电流表A应选择B；

⑵由题知，回路中的最大电阻

n4.2

R=——QP24.7Q

nux0.17

故滑动变阻器选择G；

(2)[3]按照设计电路完成实物电路的连接，如图所示

(3)[4]因滑动变阻器是限流式接法，为保护电路，故在闭合开关S前，滑动变阻器的阻值要最大，故应将滑动变阻

器滑片P移到左端；

⑸闭合开关后，发现电压表指针有偏转，而电流表指针不偏转，说明电流表所在支路存在某处断路，在不断开电路的

情况下，应选择多用电表的直流电压档进行检查电路故障，又该电源的最大电动势为4.2V,故应选择直流电压1UV档

进行检查电路故障，故D正确，ABC错误。

故选D。

(4)[6]由题知，U—/图象的纵截距表示电源的电动势，则由图可得

E=3.88V(3.87〜3.90)

⑺由U-1图象，可得图象的斜率

.3.88—3.5_

k=-------------=1.15

0.33

由电路图分析可知，斜率

k=r+R、

解得

r=0.15n(0.12-0.17)

12、ACEG②，单摆的摆长应等于摆线长度加摆球的半径；9.86T=2〃是单摆做简谐运动的周期公

式。当摆角较小时才可以将单摆的运动视为简谐运动。

【解题分析】

(1)[1J.单摆的摆长不可伸长，为减小空气阻力的影响和实验误差，先选用长约1m的细线，直径约2cm的铁球,

要用米尺测量摆长，停表测量周期，故答案为：ACEGo

(2)[2].操作不妥当的是②.单摆的摆长应等于摆线长度加摆球的半径。

(3)[3].根据单摆的周期公式得

解得

T2=—/

g

由图像可知

。上4

g1

解得

g=9.86irvs2

(4)[4],公式7=是单摆做简谐运动的周期公式。当摆角较小时才可以将单摆的运动视为简谐运动。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)小车与墙壁碰撞时的速度是4m/s；

(1)要滑块能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道，半圆轨道的半径R的取值为RW0.14m或RK).6m.

【解题分析】

解：(1)设滑块与小车的共同速度为V"滑块与小车相对运动过程中动量守恒，有

代入数据解得

vi=4ni/s

设滑块与小车的相对位移为L1,由系统能量守恒定律，有

pmgLi=^rovQ（m+M）v；

代入数据解得Li=3m

设与滑块相对静止时小车的位移为根据动能定理，有

1O

pmgSi=-Mvj-0

代入数据解得S尸1m

因LiVL,Si<S,说明小车与墙壁碰撞前滑块与小车已具有共同速度，且共速时小车与墙壁还未发生碰撞，故小车与

碰壁碰撞时的速度即V!=4m/s.

（1）滑块将在小车上继续向右做初速度为v1=4m/s,位