北京市怀柔区市级2024届高考物理二模试卷含解析

北京市怀柔区市级名校2024届高考物理二模试卷

请考生注意：

1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答

案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。

2.答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示为氢原子的能级图，用某种频率的光照射大量处于基态的氢原子，结果受到激发后的氢原子能辐射出三种

不同频率的光子，让辐射出的光子照射某种金属，结果有两种频率的光子能使该金属发生光电效应，其中一种光子恰

好能使该金属发生光电效应，则打出的光电子的最大初动能为（）

n£/eV

7=玄翁

31.51

23.4

1-------------13.6

A.0B.1.89eVC.10.2eVD.12.09eV

2、如图所示，由绝缘轻杆构成的正方形ABCD位于竖直平面内，其中A8边位于水平方向，顶点处分别固定一个带电

小球。其中A、8处小球质量均为小，电荷量均为2虱q>0）；C、。处小球质量均为2m，电荷量均为q。空间存在着沿

方向的匀强电场，在图示平面内，让正方形绕其中心。顺时针方向旋转90。，则四个小球所构成的系统（）

电势能增加，重力势能增加

B.电势能不变，重力势能不变

C.电势能减小，重力势能减小

D.电势能不变，重力势能增加

3、图为氢原子的能级示意图。处于〃=4能级的一群氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子再照射列逸出功为2.29eV

的某金属板上，下列说法正确的是（）

E/cV

oo-0

5-0.S4

--0.85

2

・13.6

A.共有10种不同频率的光子辐射出来

B.共有6种不同频率的光子能使该金属发生光电效应现象

C.入射光子的频率越高，逸出光电子的最大初动能越大

D.从金属板中逸出的光电子就是。粒子

4、如图所示,倾角为30。的斜面固定在水平地面上斜面上放有一重为G的物块，物块与斜面之间的动摩擦因数等于正,

3

水平轻弹簧一端顶住物块，另一端顶住竖直墙面物块刚好沿斜面向上滑动，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧的弹

D.V3G

2

5、如图所示，把一块不带电的锌板接在验电器上，用紫外线灯照射锌板，验电器的金属箔片张开，则下列说法中正确

的是（）

*

外

线

灯

A.紫外线的波长比可见光长

B.验电器的金属箔片带正电

C.从锌板逸出电子的动能都相等

D.若改用红外灯照射，验电器的金属箔片一定张开

6、由于空气阻力的影响，炮弹的实际飞行轨迹不是抛物线，而是“弹道曲线”，如图中实线所示。图中虚线为不考虑空

气阻力情况下炮弹的理想运动轨迹，。、。、从c、d为弹道曲线上的五点，其中。点为发射点，1点为落地点，〃点

为轨迹的最高点，。、。为运动过程中经过的距地面高度相等的两点。下列说法正确的是（）

y

A.到达〃点时，炮弹的速度为零

B.到达。点时，炮弹的加速度为零

C.炮弹经过。点时的速度大于经过c点时的速度

D.炮弹由。点运动到匕点的时间大于由b点运动到d点的时间

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、在一颗半径为地球半径0.8倍的行星表面，将一个物体竖直向上抛出，不计空气阻力.从抛出开始计时，物体运动

的位移随时间关系如图（可能用到的数据：地球的半径为640Qkm,地球的第一宇宙速度取8km/s,地球表面的重力

加速度10m/s2,则

A.该行星表面的重力加速度为8m/s2

B.该行星的质量比地球的质量大

C.该行星的第一宇宙速度为6.4km/s

D.该物体落到行星表面时的速率为30m/s

8、图甲为一列简谐横波在UO.lOs时刻的波形图，P是平衡位置为x=hn处的质点，Q是平衡位置为x=4m处的质点。

图乙为质点Q的振动图象。下列说法正确的是o

A.该波的周期是0.10s

B.该波的传播速度为40m/s

C.该波沿x轴负方向传播

甲

①将斜槽固定在水平桌面上，调整末端切线水平；

②将白纸固定在水平地面上，白纸上面放上复写纸；

③用重锋线确定斜槽末端在水平地面上的投影点。；

④让小球A紧贴定位卡由静止释放，记录小球的落地点，重复多次，确定落点的中心位置Q；

⑤将小球4放在斜槽末端，让小球A紧贴定位卡由静止释放，记录两小球的落地点，重复多次，确定48两小球落点

的中心位置P、/?；

⑥用刻度尺测量Q、R距O点的距离演、々、七；

⑦用天平测量小球48质量叫、"4；

⑧分析数据，验证等式班£=机内+性事是否成立，从而验证动量守恒定律.

请回答下列问题：

（1）步骤⑤与步骤④中定位卡的位置应___________________________；

（2）步噪④与步骤⑤中重复多次的目的是_________________________;

（3）为了使小球A与8碰后运动方向不变，43质量大小关系为町m2（选填或"=

（4）如图乙是步骤⑥的示意图，则步骤④中小球落点距。点的距离为〃？.

0PQR

••••

|ini|iri|i.TTTJTTTTJTTTTJ7nT|TTTTpTnjmTpTn|mTJTTTTJTTTr|TTTTjTTTTJTTTTpTTT""

01cm35363738394041

乙

12.（12分）实验小组利用以下方法对物体的质量进行间接测量，装置如图1所示：一根轻绳跨过轻质定滑轮与两个

相同的重物P、Q相连，己知重物P、Q的质量均为〃，，当地重力加速度为g。在重物Q的下面通过轻质挂钩悬挂待

测物块Z,重物P的下端与穿过打点计时器的纸带相连。

3J9ctn

012cm,2.64cm.295cm

rr点

iiB-m

u图1

⑴先接通频率为50Hz的交流电源，再由静止释放系统，得到如图2所示的纸带，则系统运动的加速度〃=m/s2

（结果保留2位有效数字）；

（2）在忽略阻力的理想情况下，物块Z质量M的表达式为M=（用字母加、g表示）；

⑶实际情况下，空气阻力、纸带与打点计时器间的摩擦、定滑轮中的滚动摩擦不可以忽略，物块Z的实际质量与理论

值M有一定差异，这种误差是误差（填“偶然”或“系统”）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图甲所示，A端封闭、B端开口、内径均匀的玻璃管长£=100cm,其中有一段长/?=15cm的水银柱

把一部分空气封闭在玻璃管中。当玻璃管水平放置时，封闭气柱A长4=40cm。现把玻璃管缓慢旋转至竖直，如图

乙所示，再把开口端向下插入水银槽中，直至A端气柱长30cm为止，这时系统处于静止平衡。已知大气压强

=75cmHg,整个过程温度不变，试求：

⑴玻璃管旋转至竖直位置时，A端空气柱的长度；

（2）如图丙所示，最后槽内水银进入玻璃管内的水银柱的长度d（结果保留两位有效数字）。

14.（16分）如图所示，空间存在一个半径为R）的圆形匀强磁场区域，磁场的方向垂直于纸面向里、磁感应强度的大

小为瓦有一个粒子源在纸面内沿各个方向以一定速率发射大量粒子，粒子的质量为机、电荷量为+必将粒子源置于

圆心，贝!所有粒子刚好都不离开磁场，不考虑粒子之间的相互作用。

（1）求带电粒子的速率；

（2）若粒子源可置于磁场中任意位置，且磁场的磁感应强度大小变为巨，求粒子在磁场中最长的运动时间

15.(12分)在防控新冠肺炎疫情期间，青岛市教育局积极落实教育部“停课不停学”的有关通知要求，号召全市中小

学校注重生命教育，鼓励学生锻炼身体。我市某同学在某次短跑训练中，由静止开始运动的位移一时间图像如图所示,

已知O~fo是抛物线的一部分，力~5s是直线，两部分平滑相连，求:

(l)fo的数值；

⑵该同学在时间内的加速度大小。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】

由题可知，某种频率的光照射处于基态的氢原子后，处于激发态的氢原子能辐射出三种不同频率的光子，表面氢原子

激发后处于n=3的激发态，辐射出的光子中，两种频率较高的光子能量为hv产E3-Ei=12.09eV,hv2=E2-Ei=10.2eV,

由于这两种光子中有一种光子恰好能使该金属发生光电效应，由此可知，该金属的逸出功为10.2eV,则打出的光电子

的最大初动能为Ek=12.09eV・10.2eV=1.89eV,故B正确，ACD错误。故选

【点睛】

解决本题的关键知道能级间吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差，掌握光电效应方程，并能灵活运用。

2、D

【解析】

让正方形绕其中心。顺时针方向旋转90。，则电场力对四个小球做总功为：

W^=E-Leos45-E2q-Lcos45--Leos45Eq-Leos45=0

则系统电势能不变；

系统重力势能变化量：

bEp—2mgL—ingL-mgL

则重力势能增加；

A.电势能增加，重力势能增加，与结论不相符，选项A错误：

B.电势能不变，重力势能不变，与结论不相符，选项B错误；

C.电势能减小，重力势能减小，与结论不相符，选项C错误；

D.电势能不变，重力势能增加，与结论相符，选项D正确；

故选D.

3、C

【解析】

A.共有C；=6种不同频率的光子辐射出来，选项A错误；

B.其中能级差大于2.29cV的跃迁有：4—1、3-1、2-1、4T2,即共有4种不同频率的光子能使该金属发生光电效

应现象，选项B错误；

C.根据光电效应规律可知，入射光子的频率越高，逸出光电子的最大初动能越大，选项C正确；

D.从金属板中逸出的光电子是不是。粒子，选项D错误。

故选C。

4、D

【解析】

对物体受力分析，物体受向下的摩擦力，根据正交分解法建立平衡方程即可求解F.

【详解】

根据物体的受力情况可知：Fcos30(-mgsin300+n(Fsin30(*+nigcos30°),解得F=GG,故选D.

5、B

【解析】

A.根据电磁波谱内容可知，紫外线的频率大于可见光，根据：

c=Af

则紫外线波长小于可见光，A错误；

B.发生光电效应时，有光电子从锌板飞出，锌板失去电子带正电，所以验电器带正电，B正确;

C.根据光电效应方程知，光电子的最大初动能为：

4„=%-%

但不是所有电子的动能等于最大初动能，C错误；

D.根据光电效应产生条件，当红外灯照射，则红外线频率小于紫外线，因此可能不发生光电效应现象，则验电器金

属箔不一定张开，D错误。

故选B。

6、C

【解析】

A.炮弹在最高点竖直方向上的速度为零，水平方向上的速度不为零，故炮弹在最高点速度不为零，A错误；

B.在最高点受空气阻力（水平方向上的阻力与水平速度方向相反），重力作用，二力合力不为零，故加速度不为零,

B错误；

C.由于空气阻力恒做负功，所以根据动能定理可知经过。点时的速度大于经过。点时的速度，C正确；

D.从。到力的过程中，在竖直方向上，受到重力和阻力在竖直向下的分力，即

+f\~,na

解得

〃_mg+f'

a

\一in

在从力到d的过程中，在竖直方向，受到向下的重力和阻力在竖直向上的分力，即

解得

m

故6>?，根据逆向思维，两个阶段的运动可看做为从b点向O点和从b点向d点运动的类平抛运动，竖直位移相同,

加速度越大，时间越小，所以炮弹由。点运动到。点的时间小于由力点运动到d点的时间，故D错误；

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AC

【解析】

A.由图读出，物体上升的最大高度为：//=64m,上升的时间为：U4s。对于上升过程，由可得

2/12x64。，，

g星=^T=~=8m/s

选项A正确；

B.根据6-^-="2且可得

M当

则该行星的质量比地球的质量小，选项B错误;

C.根据6粤=m匕=〃吆可得

R2R

▼=回

则

2k=/£x(18=0.8

%vio

则该行星的第一宇宙速度为

v；1,=0.8x8km/s=6.4km/s

选项C正确；

D.该物体落到行星表面时的速率为

v—J2g屉2=J2K8K64=32m/s

故D错误；

故选AC,

8、BCD

【解析】

2Q

由图乙知该波的周期是0.20s。故A错误。由甲图知波长入=8m,则波速为：v=-=—m/s=4Qfn/s故B正确。

T0.2f

在Q0.10S时，由乙图知质点。正向下运动，根据波形平移法可知该波沿x轴负方向传播，故C、D正确。该波沿x

3

轴负方向传播，此时尸点正向上运动。从UO.lOs到0.25s经过的时间为AUO.l5s=-7;由于Os时刻质点尸不在

4

平衡位置或波峰、波谷处，所以质点尸通过的路程不是3A=30cm,故E错误。

9、BCD

【解析】

A.两个离子的质量相同，其带电量是1:3的关系，所以由〃=组可知，其在电场中的加速度是1:3,故A错.

ma

B.离子在离开电场时速度v二」也,可知其速度之比为1：有.又由//=加上知，〃=所以其半径之比为

VinrqB

J5：l,故B正确.

C.由B的分析知道，离子在磁场中运动的半径之比为百:1,设磁场宽度为L离子通过磁场转过的角度等于其圆心

角,所以有sin夕=《，则可知角度的正弦值之比为1:行，又P+的角度为30。，可知W+角度为60。，即在磁场中转过

R

的角度之比为1:2,故C正确.

1,

D.离子在电场中加速时，据动能定理可得:4。=耳加/,两离子离开电场的动能之比为卜3,故D正确.

10、BD

【解析】

19a、

试题分析：红蜡烛在竖直方向做匀速运动，则丫=，忒；在水平方向x=广，解得：工=斤厂，选项A错误，B正

确;蜡烛的合速度：v=V^+W＞故选项C错误；tan＜z=^=—,即tana与时间t成正比，选项D正确；故

选BD.

考点：运动的合成.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、(1)保持不变：(2)减少实验误差：(3)＞：(4)0.3723(0.3721—03724)

【解析】

解：(1)为使人射球到达斜槽末端时的速度相等，应从同一位置由静止释放入射球，即步骤⑤与步骤④中定位卡的位置

应保持不变；

(2)步骤④与步骤⑤中重复多次的目的是减小实验误差；

⑶为了使小球A与8碰后运动方向不变，A、8质量大小关系为，〃]＞，叼；

(4)由图示刻度尺可知，其分度值为1mm,步骤④中小球落点距。点的距离为OQ=37.23cm=0.3723m.

12、8.0--------系统

g-a

【解析】

根据位移差公式At=a尸求解系统的加速度。对整个系统进行分析，根据牛顿第二定律求解M的表达式。根据误差

来源分析误差的性质。

【详解】

(1)⑴根据位移差公式M=aT2,解得系统运动的加速度为

2

叫”=出空挚匕学用31。.2mzs2=8.0m/s

T~4x0.022

(2)[2]根据牛顿第二定律，对Q和Z有

(M=(M+m)