战2025年《二轮核心考点实战》中考物理二轮专项复习核心考点讲解与必刷题型汇编专题15电热器及其挡位问题含答案及解析

专题15电热器及其挡位问题知识一提出问题(1)现有两只电阻R1，R2(R1>R1)，一个电压为U的电源，你可以组装几种出连接方式不同的电路?(2)这些连接方式中电路总电阻分别是多少?关系如何?(3)这些连接方式中电路总功率分别是多少?关系如何?结论:由P=U2/R可知:当U一定时，发热功率P与电阻R成反比，即电阻越大发热功率越小，电阻越小发热功率越大。知识点二电热器多档问题（1）串联电路的多档问题①短路式:两个电阻串联，把开关与其中一个电阻并联，如下图所示。当闭合开关时，有一个电阻短路，只有一个电阻工作，此时为高温档:当断开开关时，两电阻串联，电阻大一些，电热器的功率小一些，此时为低温档。②单刀双掷式:主要工作电阻放在干路上，一条支路用导线，一条支路连接附加电阻。当开关掷向附加电阻的支路时，两电阻串联，为低温档:当开关向导线支路时，只有主要工作电阻工作，此时为高温档。③公式计算:闭合S时，R短路，为高温档:P=U2/Ro闭合S断开时，R、Ro串联，为低温档:Ro是发热电阻R是分压电阻时，P低=[U/(R+Ro)]2/RoR、Ro都是发热电阻时，P高=U2/(R1+R2)（2）并联电路的多档问题公式计算:闭合S1接bS2断开时，低温档:P=U2/（R1+R2）只闭合S₂时，中温档:P=U2/R1闭合S1接a、S₂时，高温档:P=U2/R1+U2/R2（2023•营口）某款带保温功能的电水壶，其简化电路图如图所示。S为总开关，S1为自动控制开关，R1和R2为阻值不变的发热电阻，R2＝840Ω，加热功率为1210W。电水壶将质量1kg、初温20℃的水烧开，加热效率为84%。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），标准大气压]。求：（1）水吸收的热量；（2）把水烧开需要多长时间（结果保留整数）；（3）电水壶的保温功率。（2023•随州）如图1是陈老师办公室电热水壶的照片，如图2是其内部电路的简化图。电路主要由并联的两个支路组成：一支路是由指示灯（2V0.1W）和“限流电阻”串联而成；另一支路接有发热盘（发热电阻）。已知电源电压为220V，水的比热容为4.2×103J•（kg•℃）﹣1。（1）判断“限流电阻”是“大电阻”还是“小电阻”（小于10Ω为“小电阻”，大于100Ω为“大电阻”）。直接写出你判断的结论无需证明无需说明理由。。（2）用该电热水壶给壶内1kg、20℃的水加热，已知加热功率为1000W，加热时80%的热量被壶内的水吸收，求多长时间可以将水烧开（100℃）？（2023•山西）如图是某多功能电饭锅，具有加热和保温两挡功能（S1为总开关，S2为温控开关），其内部有两个加热电阻丝R1和R2（R1的电阻是198Ω，R2的电阻是44Ω）。某次将2kg初温为20℃的米和水加热到100℃，然后自动转入保温状态。下表是电饭锅铭牌上的部分参数，求解下列问题。[米和水混合物的比热容为4.0×103J/（kg•℃）]容量/kg3.0额定电压/V220加热功率/W1100保温功率/W200（1）加热过程中，米和水吸收的热量。（2）正常加热时，通过电路的电流。（3）请你在虚线框内画出电饭锅的电路图，并结合所画的电路图说明开关是何种状态时电饭锅处于加热状态。（2023•安徽）为估测一个电热水壶烧水时的电功率，小林在壶中装入质量为1kg的水，接入家庭电路中，通电加热210s，水温从20℃上升到70℃。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。（1）求该过程中水吸收的热量；（2）若电流产生的热量全部被水吸收，请通过计算估测该热水壶的电功率；（3）用上述方案估测出的电功率与实际功率相比，偏大还是偏小？简要说明原因。（2023•无锡）图甲是某型号电开水器结构简图，图乙是它的电路原理图，控制进水口的浮球阀由不锈钢浮球、绕O点转动的金属杆ABC、连杆CD、活塞组成。使用时，将插头插入家庭电路的插座中，电压为220V。冷水自进水口进入冷水箱，再经连通管进入煮水箱，当冷水箱水位达到设定高度，浮球浮起，AB水平，连杆CD水平向右推动活塞堵住进水口，停止进水，同时开关S2闭合，开关S1与触点2接通，煮水箱中的电热管R1工作，额定煮水功率为3300W，水沸腾后经出水管溢入贮水箱，冷水再补充入煮水箱，冷水箱中水位下降，进水口打开进水，同时S2断开，重复上述过程，至贮水箱中注满水后，开关S1与触点1接通，贮水箱中的电热管R2工作，进行保温，额定保温功率为660W。保温时，S3同时接通，当电磁铁线圈中的电流达到0.02A，衔铁P被吸起（开关断开）；当电磁铁线圈中电流减小到0.01A，衔铁P被释放（开关重新接通），使贮水箱内热水温度维持在90℃～95℃．R3是定值电阻。RT是热敏电阻，其温度与贮水箱内水温相同，温度每升高1℃，电阻减小100Ω，电磁铁线圈的电阻忽略不计。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg]（1）该电开水器正常工作时，熔断器上通过的最大电流为。A.3AB.12AC.15AD.18A（2）该电开水器煮水箱电热管R1连续正常工作1小时能产生33L的开水，若冷水温度为22℃，开水温度为100℃，则煮水箱的加热效率为多少？（3）冷水箱中的浮球质量为0.55kg，金属杆ABC质量和体积忽略不计，进水口被活塞堵住不能进水时，若浮球恰好一半体积浸在水中，连杆CD受到活塞对它水平向左的推力为30N；若浮球全部浸没于水中，此时连杆能够承受活塞的水平推力为90N，则浮球体积为m3，贮水箱中保温控制电路的电压U是V。（2022•碧江区校级一模）下列用电器在各自的额定电压下工作相同的时间，其中产生热量最多的是（）A．220V、700W的电饭锅 B．220V、700W的空调 C．220V、700W的城市路灯 D．110V、1000W的热水器（2022•淮北模拟）某电动机正常工作时两端电压为U，通过电动机线圈的电流为I，电动机线圈电阻为r，则电动机正常工作时因发热而损失的功率为（）A．UI B．I2r C．UI﹣I2r D．UI+I2r（2022•麒麟区校级模拟）用两只相同的电加热器，分别给相同体积的水和某种油加热，在开始和加热3min时各记录一次温度，如下表所示．已知ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ油＝0.8×103kg/m3，加热的效率都为90%，油的末温没有达到它的沸点．下列说法正确的是（）加热时间（min）03水的温度（℃）1828油的温度（℃）1843A．水和油的质量之比是4：5 B．这种油的比热容为2.1×103J/（kg•℃） C．加热3min，油吸收的热量比水吸收的热量多 D．加热效率没有达到100%，是因为电加热器没有把电能全部转化为内能（2023•天山区校级一模）图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定功率为5W，电压表量程为0～15V，电流表量程为0～0.6A，在保证电路各元件安全的前提下，先只闭合开关S、S1，将滑片P从最右端b向左最大范围移动到a点，再断开开关S1，闭合开关S2，将滑片P从a点向右移动到最右端。图乙是这两次实验过程中绘制的电流表与电压表示数的关系图像，下列说法正确的是（）A．小灯泡的额定电压为5V B．电源电压为10V C．只闭合开关S、S2，滑片P在a点时，定值电阻R2在5s内产生的热量为8J D．只闭合开关S、S1，滑动变阻器R1的阻值变化范围为4Ω～32Ω（2023•和平区校级三模）某品牌家用吸尘器及其铭牌如图所示，正常工作10秒时间内电动机做总功为J，若电动机线圈电阻为1Ω，10秒时间内电动机线圈发热量是J，该吸尘器电动机的效率为%（保留整数）。产品尺寸（mm）358×248×307额定电压（V）220额定功率（W）1100（2023•姑苏区校级模拟）如图是一款养生壶和它的电路简图，该壶有“加热”和“保温”两挡。电源电压为220V，电阻丝R1＝R2＝44Ω，当开关闭合时，养生壶在“加热”挡工作。壶内1kg的水从20℃到烧开所需加热时间为336s。若不计热量损失，加热过程中电热壶的实际功率（选填“小于”“大于”或“等于”）额定功率。[已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），当地气压为1标准大气压]（2023•贵池区二模）某品牌电热水杯如图甲所示，水杯容量为330mL，有高、中、低三个加热挡位，乙图为其工作电路简图，其中U恒为220V，R1＝200Ω，R2＝550Ω，若该电热水杯加热效率为90%，则用高温挡将满杯水从20℃加热到98℃，需要s。（2023•会昌县模拟）胡灏同学家的豆浆机铭牌和简化电路如图所示。豆浆机工作时加热器先加热，待水温达到64℃时温控开关闭合，电动机开始打磨且加热器继续加热，直到产出豆浆成品，电源开关自动断开。该同学用初温20℃，体积2L的水和少量豆子制作豆浆（豆子的质量可以忽略不计），设电源电压为220V恒定不变，不计导线的电阻。求：豆浆机铭牌最大容积3L额定频率50Hz额定电压220V加热器功率880W电动机功率120W（1）加热器的电阻R多大？（2）体积为2L的水从20℃加热到64℃需要吸收的热量？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]（3）如果在温控开关闭合前加热器产生的热量70%被水吸收，则加热器单独工作的时间是多少？（4）本次制作豆浆共计用了18min，则本次制作豆浆共消耗的电能是多少？（2023•东莞市模拟）如图甲为某款新型电饭煲，额定电压为220V，它采用了“聪明火”技术，智能化地控制不同时间段的烹饪温度，以得到食物最佳的营养和口感，如图乙为其电路原理图，R1和R2为电阻不变的电热丝，S1是自动控制开关。将电饭煲接入220V电路中，在电饭煲工作的30min内，它消耗的电功率随时间变化的图像如图丙所示。求：（1）电饭煲运行在高温挡时，电路中的总电流；（2）R2的阻值；（3）0～30min电饭煲产生的总热量。（2023•郓城县三模）如图甲是一款家庭用煮茶器，有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻，煮茶器部分参数如表。煮茶器的加热效率为80%。[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]，求：装满水质量1.5kg额定电压220V保温挡功率100W加热挡功率1000W（1）发热电阻R1的阻值；（2）煮茶器中装满初温为20℃的水，在标准大气压下，将水刚好加热到沸腾，水吸收的热量；（3）煮沸一壶水所用时间。（2023•临淄区二模）图甲是一家用电暖器，有“低温”、“中温”、“高温”三挡，铭牌见表（“高温”挡功率空出），图乙为其简化的电路原理图，S是自我保护开关，电暖器跌倒时，S自动断开，切断电源，保证安全，闭合S1为“低温”挡。求：（1）“低温”挡正常工作时的电阻是多少？（2）“高温”挡正常工作时的总电流是多少？（3）若某房间内空气质量为60kg，空气温度为10℃，设定空气的比热容为1.1×103J/（kg•℃）且保持不变，用该电暖器的“高温”挡正常工作20分钟，放出热量的50%被房间内的空气吸收，那么可使此房间的空气温度升高多少℃？××牌电暖器额定电压220V额定功率低温挡550W中温挡1100W高温挡频率50Hz（2023•鞍山模拟）如图甲所示为家用智能电热马桶盖，图乙是其电路，R1和R2两个定值电阻（表示两个电热丝），单刀双掷开关S2可接a或b，该电路通过开关S1和S2的不同接法组合，实现“高温挡、中温挡、低温挡”三种加热功能。当开关S1断开，S2接a时电路的功率为44W，开关S1闭合，S2接a时电路的功率为88W：（1）R2的阻值；（2）开关S1闭合，S2接b时电路的功率；（3）马桶圈的质量m＝650g，要让马桶圈的温度升高8℃，则用“高温挡”加热的方式需要多长时间。（设电热丝发热全部被马桶圈吸收，马桶圈材料的比热容c＝0.44×103J/（kg•℃））

专题15电热器及其挡位问题知识一提出问题(1)现有两只电阻R1，R2(R1>R1)，一个电压为U的电源，你可以组装几种出连接方式不同的电路?(2)这些连接方式中电路总电阻分别是多少?关系如何?(3)这些连接方式中电路总功率分别是多少?关系如何?结论:由P=U2/R可知:当U一定时，发热功率P与电阻R成反比，即电阻越大发热功率越小，电阻越小发热功率越大。知识点二电热器多档问题（1）串联电路的多档问题①短路式:两个电阻串联，把开关与其中一个电阻并联，如下图所示。当闭合开关时，有一个电阻短路，只有一个电阻工作，此时为高温档:当断开开关时，两电阻串联，电阻大一些，电热器的功率小一些，此时为低温档。②单刀双掷式:主要工作电阻放在干路上，一条支路用导线，一条支路连接附加电阻。当开关掷向附加电阻的支路时，两电阻串联，为低温档:当开关向导线支路时，只有主要工作电阻工作，此时为高温档。③公式计算:闭合S时，R短路，为高温档:P=U2/Ro闭合S断开时，R、Ro串联，为低温档:Ro是发热电阻R是分压电阻时，P低=[U/(R+Ro)]2/RoR、Ro都是发热电阻时，P高=U2/(R1+R2)（2）并联电路的多档问题公式计算:闭合S1接bS2断开时，低温档:P=U2/（R1+R2）只闭合S₂时，中温档:P=U2/R1闭合S1接a、S₂时，高温档:P=U2/R1+U2/R2（2023•营口）某款带保温功能的电水壶，其简化电路图如图所示。S为总开关，S1为自动控制开关，R1和R2为阻值不变的发热电阻，R2＝840Ω，加热功率为1210W。电水壶将质量1kg、初温20℃的水烧开，加热效率为84%。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），标准大气压]。求：（1）水吸收的热量；（2）把水烧开需要多长时间（结果保留整数）；（3）电水壶的保温功率。【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J；（2）把水烧开需要放出的总热量：Q总=Q吸η由电路图可知，开关S、S1闭合时，电路为R1的简单电路，此时电路的总电阻最小，总功率最大，处于加热状态，加热功率为1210W，由公式W＝Pt可得，把水烧开需要的时间：t=W（3）由P=U2R可知，加热状态下R1的阻值：R1=由电路图可知，开关S闭合、S1断开时，R1与R2串联，总电阻R总＝R1+R2＝40Ω+840Ω＝880Ω；此时电路中的总电阻最大，总功率最小，处于保温状态，则电水壶的保温功率为：P′=U答：（1）水吸收的热量为3.36×105J；（2）把水烧开需要约331s的时间；（3）电水壶的保温功率为55W。（2023•随州）如图1是陈老师办公室电热水壶的照片，如图2是其内部电路的简化图。电路主要由并联的两个支路组成：一支路是由指示灯（2V0.1W）和“限流电阻”串联而成；另一支路接有发热盘（发热电阻）。已知电源电压为220V，水的比热容为4.2×103J•（kg•℃）﹣1。（1）判断“限流电阻”是“大电阻”还是“小电阻”（小于10Ω为“小电阻”，大于100Ω为“大电阻”）。直接写出你判断的结论无需证明无需说明理由。。（2）用该电热水壶给壶内1kg、20℃的水加热，已知加热功率为1000W，加热时80%的热量被壶内的水吸收，求多长时间可以将水烧开（100℃）？【解答】解：（1）由图2可知，指示灯与限流电阻串联后再与发热盘并联；根据并联电路的电压特点可知，指示灯和限流电阻两端的电压之和等于电源电压220V，由P＝UI可知，通过指示灯的电流：IL=P根据串联电路的电流特点可知，通过限流电阻的电流：I限＝IL＝0.05A，根据串联电路的电压特点可知，限流电阻两端的电压：U限＝U﹣UL＝220V﹣2V＝218V，根据I=UR可知，限流电阻的阻值：R限=U限I（2）一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J•（kg•℃）﹣1×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J，由η=Q吸W可知，发热盘消耗的电能：W=由P=Wt可知，将水烧开需要的时间：t′答：（1）大电阻；（2）将水烧开需要的时间为420s。（2023•山西）如图是某多功能电饭锅，具有加热和保温两挡功能（S1为总开关，S2为温控开关），其内部有两个加热电阻丝R1和R2（R1的电阻是198Ω，R2的电阻是44Ω）。某次将2kg初温为20℃的米和水加热到100℃，然后自动转入保温状态。下表是电饭锅铭牌上的部分参数，求解下列问题。[米和水混合物的比热容为4.0×103J/（kg•℃）]容量/kg3.0额定电压/V220加热功率/W1100保温功率/W200（1）加热过程中，米和水吸收的热量。（2）正常加热时，通过电路的电流。（3）请你在虚线框内画出电饭锅的电路图，并结合所画的电路图说明开关是何种状态时电饭锅处于加热状态。【解答】接：（1）加热过程中，米和水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.0×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.4×105J；（2）由表格数据可知，电饭锅的加热功率P加热＝1100W，由P＝UI可知，正常加热时，通过电路的电流：I=P（3）由P=U2R可知，电饭锅加热挡工作时电路中的电阻：R加热=U2所以，当电饭锅加热工作时，电路中只有R2工作；电饭锅保温挡工作时电路中的电阻：R保温=U2P保温=(220V)所以，当电饭锅保温挡工作时，R1、R2串联，电路图如图所示：，当开关S1、S2都闭合时，只有R2工作，电路中的总电阻最小，由P=U2R可知，电路消耗的总功率最大，电饭锅处于加热状态；当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2答：（1）加热过程中，米和水吸收的热量为6.4×105J；（2）正常加热时，通过电路的电流为5A；（3）图见解答；当开关S1、S2都闭合时，电饭锅处于加热状态。（2023•安徽）为估测一个电热水壶烧水时的电功率，小林在壶中装入质量为1kg的水，接入家庭电路中，通电加热210s，水温从20℃上升到70℃。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。（1）求该过程中水吸收的热量；（2）若电流产生的热量全部被水吸收，请通过计算估测该热水壶的电功率；（3）用上述方案估测出的电功率与实际功率相比，偏大还是偏小？简要说明原因。【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（70℃﹣20℃）＝2.1×105J；（2）若电流产生的热量全部被水吸收，则电热水壶消耗的电能：W＝Q吸＝2.1×105J，电热水壶的电功率：P=W（3）加热过程中，由于存在热量的损失，水吸收的热量会小于电热水壶消耗的电能，根据P=W答：（1）该过程中水吸收的热量为2.1×105J；（2）若电流产生的热量全部被水吸收，该热水壶的电功率为1000W；（3）偏小；由于加热过程中存在热量的损失，水吸收的热量会小于电热水壶消耗的电能。（2023•无锡）图甲是某型号电开水器结构简图，图乙是它的电路原理图，控制进水口的浮球阀由不锈钢浮球、绕O点转动的金属杆ABC、连杆CD、活塞组成。使用时，将插头插入家庭电路的插座中，电压为220V。冷水自进水口进入冷水箱，再经连通管进入煮水箱，当冷水箱水位达到设定高度，浮球浮起，AB水平，连杆CD水平向右推动活塞堵住进水口，停止进水，同时开关S2闭合，开关S1与触点2接通，煮水箱中的电热管R1工作，额定煮水功率为3300W，水沸腾后经出水管溢入贮水箱，冷水再补充入煮水箱，冷水箱中水位下降，进水口打开进水，同时S2断开，重复上述过程，至贮水箱中注满水后，开关S1与触点1接通，贮水箱中的电热管R2工作，进行保温，额定保温功率为660W。保温时，S3同时接通，当电磁铁线圈中的电流达到0.02A，衔铁P被吸起（开关断开）；当电磁铁线圈中电流减小到0.01A，衔铁P被释放（开关重新接通），使贮水箱内热水温度维持在90℃～95℃．R3是定值电阻。RT是热敏电阻，其温度与贮水箱内水温相同，温度每升高1℃，电阻减小100Ω，电磁铁线圈的电阻忽略不计。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg]（1）该电开水器正常工作时，熔断器上通过的最大电流为。A.3AB.12AC.15AD.18A（2）该电开水器煮水箱电热管R1连续正常工作1小时能产生33L的开水，若冷水温度为22℃，开水温度为100℃，则煮水箱的加热效率为多少？（3）冷水箱中的浮球质量为0.55kg，金属杆ABC质量和体积忽略不计，进水口被活塞堵住不能进水时，若浮球恰好一半体积浸在水中，连杆CD受到活塞对它水平向左的推力为30N；若浮球全部浸没于水中，此时连杆能够承受活塞的水平推力为90N，则浮球体积为m3，贮水箱中保温控制电路的电压U是V。【解答】解：（1）由题意可知，开关S2闭合，开关S与触点2接通，煮水箱中的电热管R1工作，额定煮水功率为3300W，工作电路中功率最大，所以熔断器上通过的最大电流为：I最大=P（2）33L的开水的质量为：m＝ρV＝1×103kg/m3×33×10﹣3m3＝33kg，冷水温度为22℃，开水温度为100℃，则水吸收热量为：Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×33kg×（100℃﹣22℃）＝10810800J；电热管R1连续正常工作1小时，产生热量为：Q放＝Pt＝3300W×3600s＝11880000J，则煮水箱的加热效率为：η=Q吸Q（3）浮球质量为0.55kg，则浮球的重力G球＝m球g＝0.55kg×10N/kg＝5.5N；若浮球恰好一半体积浸在水中，连杆CD受到活塞对它水平向左的推力为30N，根据杠杆平衡原理，（F浮1﹣G球）×l1＝F推1×l2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①浮球全部浸没于水中，此时连杆能够承受活塞的水平推力为90N，根据杠杆平衡原理，（F浮2﹣G球）×l1＝F推2×l2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②根据阿基米德原理可得F浮2＝2F浮1﹣﹣﹣﹣﹣﹣③联立①②③解得一半浮球受到的浮力F浮1＝2G＝2×5.5N＝11N，由阿基米德原理可得，浮球的体积为：V球＝2V排1＝2×F浮1ρ水g=2贮水箱内热水温度维持在90℃～95℃，则温度为95℃时，电磁铁线圈中的电流达到0.02A，衔铁P被吸起，RT是热敏电阻，其温度与贮水箱内水温相同，温度每升高1℃，电阻减小100Ω；设此时电阻为RT，则贮水箱中保温控制电路的电压U＝0.02A×（R3+RT）﹣﹣﹣﹣﹣﹣④，温度为90℃时，电磁铁线圈中电流减小到0.01A，衔铁P被释放，此时RT电阻为RT+500Ω，则贮水箱中保温控制电路的电压U＝0.01A×（R3+RT+500Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑤，联立④⑤解得：U＝10V。故答案为：（1）C；（2）煮水箱的加热效率为91%；（3）2.2×10﹣3；10。（2022•碧江区校级一模）下列用电器在各自的额定电压下工作相同的时间，其中产生热量最多的是（）A．220V、700W的电饭锅 B．220V、700W的空调 C．220V、700W的城市路灯 D．110V、1000W的热水器【解答】解：前三个用电器的额定功率相同，都在额定电压下工作相同的时间，则消耗的电能相同。A、电饭锅几乎把电能全部转化为内能；B、空调主要把电能转化为机械能；C、路灯把电能主要转化为光能和少量的内能；综上分析，前三个用电器中电饭锅产生的热量最多，1000W的热水器正常工作时功率大，相同时间内产生的热量比电饭锅多。故选：D。（2022•淮北模拟）某电动机正常工作时两端电压为U，通过电动机线圈的电流为I，电动机线圈电阻为r，则电动机正常工作时因发热而损失的功率为（）A．UI B．I2r C．UI﹣I2r D．UI+I2r【解答】解：若电动机正常工作时间为t，根据焦耳定律可知，电动机正常工作时因线圈发热产生的热量为：Q＝I2rt，则电动机正常工作时因发热而损失的功率为：P=Qt=故选：B。（2022•麒麟区校级模拟）用两只相同的电加热器，分别给相同体积的水和某种油加热，在开始和加热3min时各记录一次温度，如下表所示．已知ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ油＝0.8×103kg/m3，加热的效率都为90%，油的末温没有达到它的沸点．下列说法正确的是（）加热时间（min）03水的温度（℃）1828油的温度（℃）1843A．水和油的质量之比是4：5 B．这种油的比热容为2.1×103J/（kg•℃） C．加热3min，油吸收的热量比水吸收的热量多 D．加热效率没有达到100%，是因为电加热器没有把电能全部转化为内能【解答】解：A、由题意可知，水和油的体积相等，根据ρ=mV可知，水和油的质量与密度成正比，即m水：m油＝ρ水：ρ油＝1.0×103kg/m3：0.8×103kg/mBC、取两种液体都加热了3分钟为研究对象，因为是用的两个相同的电加热器，且加热效率都为90%，所以Q水＝Q油，设它们的体积为V，则水的质量：m水＝ρ水V，油的质量：m油＝ρ油V，因为Q水＝c水m水（t水﹣t0），Q油＝c油m油（t油﹣t0）所以c水ρ水V（t水﹣t0）＝c油ρ油V（t油﹣t0），4.2×103J/（kg•℃）×1.0×103kg/m3×（28℃﹣18℃）＝c油×0.8×103kg/m3×（43℃﹣18℃）解得：c油＝2.1×103J/（kg•℃），故B正确、C错误；D、加热效率没有达到100%，主要是因为电加热器产生的热量没有全部被液体吸收，而不是因为电加热器没有把电能全部转化为内能，故D错误。故选：B。（2023•天山区校级一模）图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定功率为5W，电压表量程为0～15V，电流表量程为0～0.6A，在保证电路各元件安全的前提下，先只闭合开关S、S1，将滑片P从最右端b向左最大范围移动到a点，再断开开关S1，闭合开关S2，将滑片P从a点向右移动到最右端。图乙是这两次实验过程中绘制的电流表与电压表示数的关系图像，下列说法正确的是（）A．小灯泡的额定电压为5V B．电源电压为10V C．只闭合开关S、S2，滑片P在a点时，定值电阻R2在5s内产生的热量为8J D．只闭合开关S、S1，滑动变阻器R1的阻值变化范围为4Ω～32Ω【解答】解：A.从图乙可知，电路中的最大电流为0.5A，而电流表的量程为0～0.6A，小灯泡的额定功率为5W，则小灯泡的额定电压为：U额B．当电流为0.5A，小灯泡的电压为10V，滑动变阻器两端的电压为2V，故电源电压为12V，故B错误；D．当只闭合开关S、S1，滑动变阻器与灯泡L串联，从图像可知，当电压表的示数为2V时，电流表的示数为0.5A，则此时滑动变阻器的阻值为：R1当电压表的示数为8V，电流表的示数为0.25A，则此时滑动变阻器的阻值为：R2C．当断开开关S1，闭合开关S2，滑动变阻器此时是一个定值，滑动变阻器与电阻R2串联，电压表测量滑动变阻器左半部分的电压，随着滑片向右滑动，电路中的电流不变，此时电路中的电流为0.3A，则总电阻为：R总定值电阻R2的阻值为：R2＝R总﹣R1＝40Ω﹣32Ω＝8Ω，只闭合开关S、S2，滑片P在a点时，定值电阻R2在5s内产生的热量为：Q＝I2Rt＝（0.3A）2×8Ω×5s＝3.6J，故C错误。故选：D。（2023•和平区校级三模）某品牌家用吸尘器及其铭牌如图所示，正常工作10秒时间内电动机做总功为J，若电动机线圈电阻为1Ω，10秒时间内电动机线圈发热量是J，该吸尘器电动机的效率为%（保留整数）。产品尺寸（mm）358×248×307额定电压（V）220额定功率（W）1100【解答】解：由表中数据知，吸尘器的电动机额定电压220V，额定功率1100W，由P=WW＝Pt＝1100W×10s＝1.1×104J由P＝UI可得通过电动机的电流I=P10秒时间内电动机线圈产生的热量为：Q＝I2Rt＝（5A）2×1Ω×10s＝250J，这台吸尘器正常工作10s获得的机械能为：W有用＝W﹣Q＝1.1×104J﹣250J＝10750J，吸尘器电动机的效率为：η=W故答案为：1.1×104；250；98。（2023•姑苏区校级模拟）如图是一款养生壶和它的电路简图，该壶有“加热”和“保温”两挡。电源电压为220V，电阻丝R1＝R2＝44Ω，当开关闭合时，养生壶在“加热”挡工作。壶内1kg的水从20℃到烧开所需加热时间为336s。若不计热量损失，加热过程中电热壶的实际功率（选填“小于”“大于”或“等于”）额定功率。[已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），当地气压为1标准大气压]【解答】解：（1）由图乙可知，当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的电阻最小，根据P=U（2）养生壶加热挡的功率：P加=U一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J，不计热量损失，养生壶消耗的电能：W＝Q吸＝3.36×105J，养生壶的实际功率：P实=W所以，养生壶的实际功率小于加热挡的额定功率。故答案为：S1、S2；小于。（2023•贵池区二模）某品牌电热水杯如图甲所示，水杯容量为330mL，有高、中、低三个加热挡位，乙图为其工作电路简图，其中U恒为220V，R1＝200Ω，R2＝550Ω，若该电热水杯加热效率为90%，则用高温挡将满杯水从20℃加热到98℃，需要s。【解答】解：由乙图可知，只闭合开关S1，电路为R1的简单电路，只闭合开关S2，电路为R2的简单电路，两开关同时闭合，两电阻并联接入电路，因为R1＝200Ω，R2＝550Ω，且并联电路总电阻小于任何一个分电阻，由P＝UI=U2R可知两开关同时闭合时为高温挡，只闭合开关S1则高温挡功率为：P高=U满杯水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×330×10﹣6m3＝0.33kg，满杯水从20℃加热到98℃吸收的热量：Q＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.33kg×（98℃﹣20℃）＝108108J，消耗的电能：W=Q需要的时间：t=W故答案为：364。（2023•会昌县模拟）胡灏同学家的豆浆机铭牌和简化电路如图所示。豆浆机工作时加热器先加热，待水温达到64℃时温控开关闭合，电动机开始打磨且加热器继续加热，直到产出豆浆成品，电源开关自动断开。该同学用初温20℃，体积2L的水和少量豆子制作豆浆（豆子的质量可以忽略不计），设电源电压为220V恒定不变，不计导线的电阻。求：豆浆机铭牌最大容积3L额定频率50Hz额定电压220V加热器功率880W电动机功率120W（1）加热器的电阻R多大？（2）体积为2L的水从20℃加热到64℃需要吸收的热量？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]（3）如果在温控开关闭合前加热器产生的热量70%被水吸收，则加热器单独工作的时间是多少？（4）本次制作豆浆共计用了18min，则本次制作豆浆共消耗的电能是多少？【解答】解：（1）由图知，只闭合电源开关时，只有加热器工作，由P=U2R可知，加热器的电阻为：R=（2）水的体积V＝2L＝2dm3＝2×10﹣3m3，由ρ=mV可知，水的质量：m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×2×10﹣3m水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（64℃﹣20℃）＝3.696×105J；（3）豆浆机内水温升高到64℃前，只有加热器工作，由η=Q吸W可知，加热器单独工作时消耗的电能：W=由P=Wt可知，加热器单独工作的时间：t（4）t总＝18min＝1080s，则加热器和电动机一起工作的时间为：t混＝t总﹣t＝1080s﹣600s＝480s；加热器和电动机一起工作消耗的电能：W混＝（P电动+P加热）t混＝（120W+880W）×480s＝4.8×105J，所以本次制作豆浆共消耗的电能：W总＝W+W混＝5.28×105J+4.8×105J＝1.008×106J。答：（1）加热器的电阻R为55Ω；（2）体积为2L的水从20℃加热到64℃需要吸收的热量为3.696×105J；（3）加热器单独工作的时间是600s；（4）本次制作豆浆18min共消耗的电能是1.008×106J。（2023•东莞市模拟）如图甲为某款新型电饭煲，额定电压为220V，它采用了“聪明火”技术，智能化地控制不同时间段的烹饪温度，以得到食物最佳的营养和口感，如图乙为其电路原理图，R1和R2为电阻不变的电热丝，S1是自动控制开关。将电饭煲接入220V电路中，在电饭煲工作的30min内，它消耗的电功率随时间变化的图像如图丙所示。求：（1）电饭煲运行在高温挡时，电路中的总电流；（2）R2的阻值；（3）0～30min电饭煲产生的总热量。【解答】解：（1）当开关S和S1均闭合时，电阻R1与R2并联，电路的总电阻最小，由P＝UI=UI=P（2）只闭合开关S、断开S1时，电路为R1的简单电路，电饭煲功率较小，为低温挡，由题图丙可知，此时电路的功率P′＝660W，则电阻R2的电功率为：P2＝P﹣P′＝880W﹣660W＝220W，电阻R2的阻值为：R2（3）由题图丙可知，0～30min内电饭煲功率最大时工作的时间和功率较小时的工作时间均为t＝15min＝900s，则0～30min电饭煲产生的总热量为：Q＝W+W′＝Pt+P′t＝880W×900s+660W×900s＝1.386×106J。答：（1）电饭煲运行在高温挡时，电路中的总电流是4A；（2）R2的阻值是220Ω；（3）0～30min电饭煲产生的总热量是1.386×106J。（2023•郓城县三模）如图甲是一款家庭用煮茶器，有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻，煮茶器部分参数如表。煮茶器的加热效率为80%。[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]，求：装满水质量1.5kg额定电压220V保温挡功率100W加热挡功率1000W（1）发热电阻R1的阻值；（2）煮茶器中装满初温为20℃的水，在标准大气压下，将水刚好加热到沸腾，水吸收的热量；（3）煮沸一壶水所用时间。【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关S1、S2时，电阻R1与R2并联；只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电路中的总电阻较大（比并联的总电阻大），根据P＝UI=U由P＝UI=U2