吉林省延边某中学2024届高考线上模拟物理试题

吉林省延边二中2024届高考线上模拟物理试题

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在如图所示的位移图象和速度图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点向同一方向运动

的情况，则下列说法正确的是（）

A.甲车做曲线运动，乙车做直线运动

B.0〜4时间内，甲车通过的路程大于乙车通过的路程

C.丁车在a时刻领先丙车最远

D.0〜及时间内，丙、丁两车的平均速度相等

2、如图所示，斜面体M的底面粗糙，斜面光滑，放在粗糙水平面上.弹簧的一端固定在墙面上，另一端与放在斜面

上的物块m相连，弹簧的轴线与斜面平行.若物块在斜面上做简谐运动，斜面体保持静止，则地面对斜面体的摩擦力

3、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔/内位移为5,速度变为原来的2倍，该质点的加速度为（）

2s

4、甲、乙两车某时刻由同一地点、沿同一方向开始做直线运动。甲、乙两车的位置x随时间t的变化如图所示，贝晨）

A.0时刻，甲车速度比乙车小

B.B时刻，甲乙两车速度相等

C.OTi时间内，甲车的平均速度比乙车大

D.0T2时间内，甲车通过的距离大

5、将输入电压为220V、输出电压为6V的变压器改装成输出电压为30V的变压器，副线圈原来的匝数为30匝，原线

圈的匝数不变，则副线圈应增加的匝数为。

A.150匝B.144匝C.130匝D.120匝

6、如图所示，P。两小物块叠放在一起，中间由短线连接（图中未画出），短线长度不计，所能承受的最大拉力为物块。

重力的L8倍；一长为1.5m的轻绳一端固定在。点，另一端与尸块拴接，现保持轻绳拉直，将两物体拉到。点以下，

距O点竖直距离为的位置，由静止释放，其中的厚度远小于绳长。为保证摆动过程中短线不断，力最小应为（）

A.0.15mB.0.3mC.0.6inD.0.9m

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图所示，CD.£户是两条水平放置的、阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为L,在水平导轨的左侧存在方向

垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为6,磁场区域的宽度为〃，导轨的右端接有一阻值为K的电阻，左

端与一弯曲的光滑轨道平滑连接.将一阻值也为凡质量为机的导体棒从弯曲轨道上人高处由静止释放，导体棒最终

恰好停在磁场的右边界处.已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为4.下列说法正确的是

A.通过电阻R的最大电流为也至

2R

B.流过电阻K的电荷量为要

2R

C.整个电路中产生的焦耳热为加减

D.电阻R中产生的焦耳热为:，咫（/?-"，/）

8、如图所示，圆心在O点、半径为R的圆弧轨道a反竖直固定在水平桌面上，0c与。。的夹角为60。，轨道最低点a

与桌面相切.一轻绳两端分别系着质量为如和〃?2的小球（均可视为质点），挂在圆弧轨道边缘c的两边，开始时，

如在c点从静止释放.设轻绳足够长，不计一切摩擦.贝U（）

A.在如下滑过程中，两球速度大小始终相等

B.如在由c下滑到。的过程中重力的功率逐渐增大

C.若m\恰好能沿圆弧下滑到a点,则mi=2m2

D.若如二4加2,则mi下滑到。点速度大小为咤.丁浜

9、以下说法正确的是_______________

A.液体表面张力有使液面收缩到最小的趋势

B.水结为冰时，水分子的热运动会消失

C.热量总是自动地从分子平均动能大的物体向分子平均动能小的物体转移

D.花粉颗粒在水中做布朗运动，反映了花粉分子在不停地做无规则运动

E.恒温水池中，小气泡由底部缓慢上升过程中，气泡中的理想气体内能不变，对外做功，吸收热量

10、三个质量相同的物体A、B、C如图所示放置在光滑的水平面上，斜劈A的倾角为B的上表面水平，现对A

施加水平向左的力尸，三个物体相对静止一起向左匀加速运动，重力加速度为g,下列说法正确的是（）

应字母）

A.要使重物的质量远远小于小车和位移传感器（发射器）的总质量

B.要将轨道的一端适当垫高来平衡摩擦力

C.要使细线与水平轨道保持平行

D.要将力传感器的示数作为小车所受的合外力

（2）根据图象乙可知该水平轨道的摩擦因数〃=（用分数表示）。

⑶该学习小组用该装置来验证“小车和位移传感器（发射器）质量不变情况下，小车和位移传感器（发射器）的加速

度与作用在小车上的拉力成正比*那么应该将轨道斜面调整到（用角度表示）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行光滑金属导轨相距him,导轨平面与水平面

成0=30。角，下端连接一定值电阻R=2Q,匀强磁场B=0.4T垂直于导轨平面向上。质量m=0.2kg、电阻r=lQ的金属

棒外，其长度与导轨宽度相等。现给金属棒必施加一个平行于导轨平面向上的外力尸，使金属棒面从静止开始沿轨

道向上做加速度大小为。=3m/s2的匀加速直线运动。运动过程中金属棒外始终与导轨接触良好，重力加速度取

g=10m/s2«求：

⑴当电阻R消耗的电功率P=1.2SW时，金属棒ah的速度p的大小；

⑵当金属棒ab由静止开始运动了x=1.5m时，所施加外力F的大小。

14.（16分）如图为一个简易的“高度计”示意图，在一竖直放置于水平地面上的密闭玻璃瓶中竖直插入一根较长透明

细吸管，瓶内有一定量的蓝黑墨水和空气，由于内外压强差，吸管内水面将与瓶内有一定高度差瓦通过查阅资料，

地面附近高度每升高12m,大气压降低ImmHg,设ImmHg相当于13.6mm高蓝黑墨水水柱产生的压强，不计管内水

面升降引起的瓶内空气体积的变化。

I.现将玻璃瓶放到离地1.2m高的平台上时，吸管内水面将（填“上升”或“下降”）mm（温度保持

不变）；

II.已知玻璃瓶放在地面上时，瓶附近温度为27C,大气压为750mmHg,测得水面高度差为136nlm。然后将玻璃瓶

缓慢平移到某高处，稳定后发现水面升高了136mm,同时测得瓶附近温度比地面高3C,则此处距地面多高？

15.（12分）如图，玻璃球冠的折射率为G，其底面镀银，底面的半径是球半径的且倍；在过球心。且垂直于底

2

面的平面（纸面）内，有一与底面垂直的光线射到玻璃球冠上的M点，该光线的延长线恰好过底面边缘上的4点.求

该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角.

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解题分析】

A.由图象可知：乙做匀速直线运动，甲做速度越来越小的变速直线运动，故A错误；

B.在白时刻两车的位移相等，又都是单向直线运动，所以两车路程相等，故B错误；

C.由图象与时间轴围成面积表示位移可知：丙、丁两车在〃时刻面积差最大，所以相距最远，且丁的面积大于丙，

所以丁车在，2时刻领先丙车最远，故C正确；

D.0〜打时间内，丙车的位移小于丁车的位移，时间相等，平均速度等于位移除以时间，所以丁车的平均速度大于丙车

的平均速度，故D错误。

2、C

【解题分析】

设斜面的倾角为。。物块在光滑的斜面上做简谐运动，对斜面的压力M等于物块重力垂直于斜面的分力，即

Ni=mgcosO

以斜面体为研究对象，做出力图如图所示，地面对斜面体的摩擦力

六A、sin化〃gisinOcosO

因为〃，，。不变，所以，不随时间变化，故C正确，ABD错误。

故选C。

3、C

【解题分析】

根据速度倍数关系，结合位移公式和平均速度公式即可求得初速度速度，再由加速度的定义求得质点的加速度。本题

是匀变速直线运动规律的直接运用，要注意正确利用平均速度公式分析速度与位移间的关系，同时明确加速度的定义

即可正确求解。

【题目详解】

设初速度为巧则末速度为方。由平均速度公式可得

_v+2vs

V=--------=—

2t

由加速度公式可得

Av2v-vv

a=——=-------=—

△ttt

联立解得。=二，故C正确，ABD错误。

3厂

故选C。

4、C

【解题分析】

AB.因E图像的斜率等于速度，可知0时刻，甲车速度比乙车大，b时刻，甲乙两车速度不相等，选项AB错误；

C.OF时间内，甲车的位移大于乙，可知甲车的平均速度比乙车大，选项C正确；

D.0T2时间内，两车通过的距离相等，选项D错误。

故选C。

5、D

【解题分析】

副线圈匝数为〃2=30匝，输入电压S=220V,输出电压S=6V,根据变压比公式有

U、6%

原线圈匝数不变，改变副线圈匝数，输入电压也不变，输出电压变为30V,根据变压比公式有

220_

30n,4AH

联立得

An=120

故D正确，ABC错误。

故选D。

6、D

【解题分析】

设摆到最低点时，短线刚好不断，由机械能守恒得

（叫，+，%）g（L一"）=

对。块，根据牛顿第二定律有:

mov~

\^mQg-mQg=——

将L=15m代入得

〃=0.9m。

ABC错误；D正确。

故选Do

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.

7、ABD

【解题分析】

A.金属棒下滑过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得：

,12

mgn=—

金属棒到达水平面时的速度

v=y]2gh

金属棒到达水平面后进入磁场受到向左的安培力做减速运动，则刚到达水平面时的速度最大，所以最大感应电动势为

E=BLv

最大的感应电流为

;BLv_BLyflgh

~^2R~~2R~

故A正确；

B.通过金属棒的电荷量

4①BLd

q=------=------

R+r2R

故B正确；

C.金属棒在整个运动过程中，由动能定理得：

mgh-WB-“〃igd=0-0

则克服安培力做功：

WH=ntgh-/tmgd

整个电路中产生的焦耳热为

Q=WB="ighfmgd

故C错误；

D.克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的焦耳热：

OR=ga=；m£h-〃d)

故D正确.

8、CD

【解题分析】

A.如由C点下滑到。点的过程中，沿绳子方向的速度是一样的，在如滑下去一段过程以后，此时的绳子与圆的切

线是不重合，而是类似于圆的一根弦线而存在，所以此时两个物体的速度必然不相同的，故A错误；

B.重力的功率就是这里的P是指竖直的分速度，一开始〃”是由静止释放的，所以〃口一开始的竖直速度也

必然为零，最后运动到A点的时候，由于此时的切线是水平的，所以此时的竖直速度也是零，但是在这个。到。的过

程当中是肯定有竖直分速度的，所以相当于竖直速度是从无到有再到无的一个过程，也就是一个先变大后变小的过程,

所以这里重力功率，也是先增大后减小的过程，故B错误；

C.若如恰好能沿圆弧轨道下滑到〃点，此时两小球速度均为零，根据动能定理得：

mtgR(l-cos600)-imgR,

解得：

7/11=2/712

选项c正确;

D.若mi=4m2,设mi下滑到a点速度大小为v,则

2

m}gR(1-COS60°)-〃?2gR=_〃4+—m2(vcos30)

解得

故D正确。

故选CD,

9、ACE

【解题分析】

A.液体由于存在表面张力，由收缩成球形的趋势，故A正确；

B.水结冰时.由液体变为固体.分子热运动仍然存在，故B错误：

C.由热力学第二定律可知，热量总是刍发的从温度高的物体传到温度低的物体，即热量总是自动地从分子平均动能

大的物体向分子平均动能小的物体转移，故C正确；

D.花粉颗粒在水中做布朗运动，反映了水分子在不停地做无规则运动，故D错误；

E.由于水池恒温，故理性气体温度不变，内能不变，由于气体上升的过程体积膨胀，故对外做功，由热力学第一定

律可知，气体吸收热量，故E正确；

故选ACE。

10、AC

【解题分析】

A.对整体分析，根据牛顿第二定律可得

F=3ma

解得。=与，以C为研究对象，水平方向根据牛顿第二定律可得

F=ma

解得BC间的摩擦力大小为/二g/，故A正确。

F

B.B和C的加速度方向向左，大小为4=则B和C沿斜面向上的加速度为4C0S。，以BC为研窕对象，沿斜

面向上根据牛顿第二定律可得

f-2〃7gsin0=2macos0

所以

,2

f=2〃?gsin0+§尸cos0

故B错误。

CD.若BC间恰好打滑，则加速度4=此时A和B间的摩擦力为

fAB=2mgsin0+2〃〃7gcos0

fAB>2/migcos0

说明此时A和B已经滑动，所以动摩擦因数相同，则F逐渐增大，AB间先滑动，故C正确、D错误。

故选AC,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、9.610.629.30

【解题分析】

(1)若用平行光照射，则球在毛玻璃上的投影即为小球竖直方向上的位移，由A〃=gT?得：g=9.6\m/s2

2

投影点经过图3中M位置时的速度大小y=gX]=0.62/7?/5

(2)设小球在毛玻璃上的投影NB=Y

]12

则经过时间t后小球运动的水平位移为工二%/；竖直位移为y=，由相似三角形得：3二2日

2~L~^F

则：丫二磐，

2%

结合图4可得：%=9.30〃"s

12、CT300

【解题分析】

(l)m小车所受到的水平拉力即为力传感器的示数尸，由图象可知当尸=5N,小车开始有加速度，即摩擦力为5N,

由牛顿第二定律可知;

F—Mg=Ma,

得：

Fa

〃=，

Mgg

所以既不需要使重物的质量远远小于小车和位移传感器（发射器）的总质量，也不需要将轨道的一端适当垫高来平衡

摩擦力，选项ABD错误；实验中保持细线与轨道平行时，小车和位移传感器（发射器）所受的拉力为力传感器的示

数”，选项C正确。故选：Co

（2）［2］选小车和位移传感器（发射器）为研究对象，由牛顿第二定律可得

F一〃Mg=Ma,

即

1口

由图乙可知图象的斜率，即

一二空

M3

得:

M=gg

由/=5、时。=0可解得:

"二不

（3）13］若要验证“小车和位移传感器（发射器）质量不变情况下，小车和位移传感器（发射器）的加速度与作用在小

车上的拉力成正比”要将轨道一端垫高来平衡摩擦力。对小车和位移传感器（发射器）受力分析可得:

Mgsin0=piMgcos0,

即

…n”,

3

所以

。=30°。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(l)6m/s；(2)1.76N

【解题分析】

⑴根据题意可得

P=I2R

由闭合电路欧姆定律可得

E=I(R+r)=2.4V

再由法拉弟电磁感应定律可得

E=BLvi

联立解得

E,,

v.=——=6m/s

,BL

⑵根据题意，金属棒仍在上升过程中，切割磁感线可得

E=BLV2

F安=BIL

E=I(R+r)

由金属棒而在上升过程中，做匀加速直线运动，由运动学规律可得

片=lax

对金属棒岫进行受力分析，根据牛顿第二定律可得

F-mgsin8-F金=ma

联立解得

F=1.76N

14、I.上升，1.36；II.28.8