山东省菏泽市曹县八校联考2024-2025学年九年级上学期期中考试物理试卷-A4

第页2024-2025学年山东省菏泽市曹县八校联考九年级（上）期中物理试卷一、选择题（本题包括15个小题，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～12小题只有一项符合题目要求，选对得3分；第13～15小题，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．（3分）学习了分子动理论之后，小明总结了很多生活中与分子动理论有关的现象，下列总结中不正确的是（）A．“花气袭人知骤暖”说明分子的热运动与温度有关 B．人造木板黏结剂中的甲醛扩散到空气中造成环境污染 C．用透明胶带揭下纸上写错的字，是因为胶带与纸之间有相互的斥力 D．“破镜不能重圆”是分子间的距离太大，作用力变得十分微弱2．（3分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A．物体吸收热量，温度一定升高 B．80℃的水一定比30℃的水含有的热量多 C．物体的内能增加，一定是从外界吸收了热量 D．温度相同的物体接触时不发生热传递3．（3分）下面是研究黑点标注的物体内能改变的情景，通过做功使物体内能增加的是（）A．把铁丝反复弯折，弯折处变热 B．把钢球放入炉火中，烧一段时间 C．冬天，用热水袋对手进行取暖 D．水烧开时，水蒸气将壶盖顶起4．（3分）下列关于表中所提供的信息说法正确的是（）一些物质的比热容[单位：J/（kg•℃）]水4.2×103水银0.14×103酒精2.4×103沙石0.92×103煤油2.1×103铝0.88×103冰2.1×103铜0.39×103A．2kg的煤油温度升高10℃，吸收的热量是2.1×104J B．从节能的角度考虑，烧开水时用铝壶比用铜壶好 C．由于水比冰的比热容大，所以冷却食品时0℃的水比0℃的冰效果好 D．因为水的比热容大，所以我国北方楼房中的暖气用水做传热介质5．（3分）对于图中所示的四幅图，下列说法中正确的是（）A．甲图中软木塞飞出时，管内水蒸气的内能增加 B．乙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，主要是因为分子间存在引力 C．丙图中活塞向下运动是内燃机的做功冲程 D．丁图中小朋友下滑时，内能转化为机械能6．（3分）用丝绸摩擦过的玻璃棒去接触不带电的验电器A，A的金属箔片张角变大，如图所示。再用C棒去同时接触A、B验电器的金属球，发现A的金属箔片张角变小，B的金属箔片张角变大。则下列说法正确的是（）A．验电器原理是异种电荷相互吸引 B．C棒与其手柄D均为导体 C．当C棒接触两验电器的金属球时，产生的电流方向为A到B D．丝绸摩擦玻璃棒的过程中，电子是由丝绸转移到玻璃棒7．（3分）某自动售货机，它可通过手机扫码（闭合S1）或通过投币（闭合S2），启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明。符合上述情况的电路设计是图中的（）A． B． C． D．8．（3分）张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法错误的是（）A．当在导体乙的两端加上1V的电压时，通过导体乙的电流为0.1A B．将甲、乙两导体并联后接到电压为3V的电源上时，干路中的电流为0.9A C．通过导体甲的电流与其两端的电压成正比 D．导体甲的电阻大于导体乙的电阻9．（3分）关于对公式R＝的理解，下列说法中正确的是（）A．导体中通过的电流越大，则电阻越小 B．加在导体两端的电压越大，则电阻越大 C．导体的电阻与它两端的电压成正比，与通过它的电流成反比 D．导体的电阻等于导体两端的电压与通过它的电流的比值10．（3分）实验中，小李按如图所示的电路图正确连接电路。闭合开关S后，他发现两块电流表指针的偏转角度相同。分析可知，R1与R2之比为（）A．1：5 B．5：1 C．1：4 D．4：111．（3分）如图所示电路，电源电压为5V，当开关S闭合时，却只有一只灯泡发光，且电压表示数为0V。由此可以判断电路的故障可能是（）A．灯L1短路 B．灯L2短路 C．灯L1开路 D．灯L2开路12．（3分）LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管。二极管由下列哪种材料制成（）A．陶瓷材料 B．金属材料 C．半导体材料 D．超导材料（多选）13．（4分）用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量的损失），如图是A和B的温度随加热时间变化的图像。下列说法正确的是（）A．A的比热容与B的比热容之比为2：1 B．t1时刻B液体的温度高，是因为它具有较多的热量 C．都加热t1时间，B吸收热量比A吸收热量多 D．A和B升高相同的温度，A吸收热量较多（多选）14．（4分）如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P由图示位置向左端滑动的过程中，下列判断正确的是（）A．电流表A1示数变小 B．电流表A2示数变小 C．电压表V和电流表A2的示数之比保持不变 D．电压表V示数变大（多选）15．（4分）如图所示，电源电压保持不变。闭合开关时，滑动变阻器的滑片P从b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图所示，下列说法正确的是（）A．电源电压是9V B．定值电阻R的阻值是9Ω C．滑动变阻器的阻值范围是0～18Ω D．若定值电阻R出现接触不良时，电流表示数为0，电压表示数为9V二、填空题（每空1分，共6分）16．（2分）铁棒很难压缩，是由于分子间存在力。沿海地区昼夜温差比内陆地区昼夜温差小是因水的。17．（2分）如图所示，电源电压是3V且保持不变，S闭合后电压表的示数为1V，则灯L2两端的电压为V，若断开开关S，电压表示数将会（选填“变大”、“变小”或“不变”）。18．（2分）如图为某种灯泡的电流I与电压U的关系图象。若有6只这种灯泡串联接在电压为6V的电源上，通过灯泡的电流为A；若把一只这种灯泡与一电阻并联接在电压为6V的电源上，总电流为1.5A，则该电阻的阻值为Ω。三、作图、实验与探究题（本题共4个小题，共26分）19．（2分）在如图虚线框中填入电压表或电流表的符号，使开关闭合时两灯都亮。20．（2分）如图所示是电位器示意图，请在A、B、C三个接线柱中选择两个连入电路，要求顺时针旋转滑片时灯泡变亮。21．（4分）在“探究物质的吸热能力”的实验中，实验装置如图所示。（1）实验中必须要选取初温相同且（选填“质量”或“体积”）相等的甲、乙两种液体；选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热，这样做的目的是在相同时间内甲和乙两种液体相同。（2）根据实验测得的数据分别描绘出了甲和乙两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图丙所示，则的吸热能力更强。（3）若甲液体的比热容为2.1×103J/（kg•℃），则乙液体的比热容为J/（kg•℃）。22．（7分）小海和小梅一起做“探究并联电路中电流的规律”实验。（1）图甲是他们设计的电路图，图丙是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是（选填“A”“B”或“C”）处的电流。连好电路闭合开关前，发现电流表指针位置如图乙所示，原因是。正确调整后闭合开关，发现指针又偏向图乙位置，其原因是。（2）请在图丙中移动一根导线，测量另一处的电流。在移动的导线上画“×”，并用笔画线代替导线连接正确的电路。（3）在（2）中移动后电流表测量的是（选填“A”“B”或“C”）的电流。（4）如下表是他们实验过程中测出A、B、C三处的实验数据，小海根据数据得出一个初步结论（只写表达式），小梅认为：这个实验还存在不足之处，为了得到普遍规律应多次实验，你认为应该进行的操作方法是。位置ABC电流/A0.300.240.5423．（11分）某实验小组用图甲所示电路进行“探究电流与电阻的关系“实验。（1）请将图甲连接完整，要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大。（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于端（选填“A”或“B”）。（3）闭合开关后，同学们发现，无论怎样调节滑动变阻器，电流表始终没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是。（4）排除故障后，先将5Ω定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为某一定值，此时电流表的示数如图乙所示，为A。（5）接下来断开开关，取下5Ω的定值电阻，换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应向（选填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为V时，读出电流表的示数。再更换20Ω定值电阻继续实验，实验数据记录在表格中。由实验数据可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成。实验次数123R/Ω51020T/h0.20.1（6）该小组想用一块电流表和一个定值电阻R0，测未知电阻Rx的阻值。于是他们设计了如图丙所示的电路图，并进行如下实验操作：①闭合S、S1，此时电流表的示数为I1。②，此时电流表的示数为I2。③请用已知量R0和测出量I1、I2表示出未知电阻Rx的表达式，则Rx＝。四、综合应用题（本题共2个小题，共20分．解答时应写出必要的文字说明、公式和演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位．）24．（10分）天然气灶使用方便、经济环保，天然气已经走入千家万户。如图所示，某天然气灶将一壶质量为4kg、温度为20℃的水加热至70℃，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为4.0×107J/m3。求：（1）人们用天然气灶烧水的过程是通过（选填“做功”或“热传递”）的方法改变水的内能。（2）此过程水吸收的热量；（3）若天然气完全燃烧放出的热量只有60%被水吸收，则天然气完全燃烧放出的热量是多少？（4）该过程需要消耗多少m3的天然气？25．（10分）为了防止酒驾事故的出现，酒精测试仪已被广泛应用，交警使用的某型号酒精测试仪的工作原理如图所示.电源电压恒为8V，传感器电阻R2的电阻值随酒精气体浓度的增大而减小，当酒精气体的浓度为0时，R2的电阻为30Ω.使用前要通过调零旋钮（即滑动变阻器R1的滑片）对酒精测试仪进行调零，此时电压表的示数为6V.（1）电压表的示数为6V时，电流表的示数为多少？（2）电压表的示数为6V时，滑动变阻器R1的阻值为多少？（3）调零后，R1的电阻保持不变，某驾驶员对着酒精测试仪吹气10s，若电流表的示数达到0.4A，表明驾驶员酒驾，此时电压表的示数为多少？

2024-2025学年山东省菏泽市曹县八校联考九年级（上）期中物理试卷参考答案与试题解析题号1234567891011答案CDADBCCDDDA题号12答案C一、选择题（本题包括15个小题，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～12小题只有一项符合题目要求，选对得3分；第13～15小题，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．（3分）学习了分子动理论之后，小明总结了很多生活中与分子动理论有关的现象，下列总结中不正确的是（）A．“花气袭人知骤暖”说明分子的热运动与温度有关 B．人造木板黏结剂中的甲醛扩散到空气中造成环境污染 C．用透明胶带揭下纸上写错的字，是因为胶带与纸之间有相互的斥力 D．“破镜不能重圆”是分子间的距离太大，作用力变得十分微弱【答案】C【分析】分子动理论基本观点：（1）扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈。注意：作答时一定要有“不停地”与“无规则”两个关键词。（2）分子间存在引力和斥力；分子间距离越大，其作用力越微弱。（3）分子间存在间隙。【解答】解：A、花气袭人说明扩散现象很明显，这是因为分子运动更剧烈导致的，温度越高分子热运动越剧烈；故A正确。B、一切分子都在不停地做无规则运动，故黏合剂中的甲醛也会扩散到空气中，从而造成环境污染；故B正确。C、胶带揭下纸上的错字，因为胶带与纸之间有相互的引力作用；故C错误。D、分子间距离越大，分子间作用力越小；当分子间的间距大于分子直径10倍时候，分子间的作用力已经微弱到几乎可以忽略。故D正确。故选：C。【点评】该题考查分子动理论相关知识。2．（3分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A．物体吸收热量，温度一定升高 B．80℃的水一定比30℃的水含有的热量多 C．物体的内能增加，一定是从外界吸收了热量 D．温度相同的物体接触时不发生热传递【答案】D【分析】（1）内能的大小跟物质的量、温度有关。（2）热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递等。（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的。（4）发生热传递的条件是存在温度差。【解答】解：A、物体吸收了热量，温度不一定升高，如晶体在熔化时，吸收热量，温度不变，故A错误；B、热量是过程量，不能说含有或者具有热量，故B错误；C、物体内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能是有物体对它做了功，故C错误；D、发生热传递的条件是存在温度差，温度相同的物体接触时不发生热传递，故D正确。故选：D。【点评】本题主要考查学生对影响内能因素的掌握，改变内能的两种方式以及沸腾特点的认识，是热学的难点，是中考的热点。3．（3分）下面是研究黑点标注的物体内能改变的情景，通过做功使物体内能增加的是（）A．把铁丝反复弯折，弯折处变热 B．把钢球放入炉火中，烧一段时间 C．冬天，用热水袋对手进行取暖 D．水烧开时，水蒸气将壶盖顶起【答案】A【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能量的转移。【解答】解：A、把铁丝反复弯折，对铁丝做功，弯折处变热、内能增大，属于通过做功增加物体内能的，故A符合题意；B、把钢球放入炉火中烧，钢球从火焰吸收热量，是通过热传递改变物体内能的，故B不符合题意；C、用热水袋对取暖时，手从热水袋吸收热量，是热传递改变物体的内能，故C不符合题意；D、烧开水时水蒸气将壶盖顶起，水蒸气对外做功，物体的内能减小，故D不符合题意。故选：A。【点评】做功和热传递是改变物体内能的两种方法，是等效的，但有着本质的区别：做功是能量转化的过程，是其他形式能和内能的转化；热传递是能量的转移过程，是内能从一个物体转移到另一个物体上。4．（3分）下列关于表中所提供的信息说法正确的是（）一些物质的比热容[单位：J/（kg•℃）]水4.2×103水银0.14×103酒精2.4×103沙石0.92×103煤油2.1×103铝0.88×103冰2.1×103铜0.39×103A．2kg的煤油温度升高10℃，吸收的热量是2.1×104J B．从节能的角度考虑，烧开水时用铝壶比用铜壶好 C．由于水比冰的比热容大，所以冷却食品时0℃的水比0℃的冰效果好 D．因为水的比热容大，所以我国北方楼房中的暖气用水做传热介质【答案】D【分析】（1）查出煤油的比热容，利用吸热公式Q吸＝cmΔt计算；（2）查出铜、铝的比热容，质量相同的不同物质，升高相同的温度，比热容大的吸收热量多；（3）冰熔化成水，吸收热量；（4）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。【解答】解：A、煤油吸收的热量：Q吸＝c煤油mΔt＝2.1×103J/（kg•℃）×2kg×10℃＝4.2×104J，故A错误；B、质量和初温都相等的铜和铝，铜的比热容较小，升高相同的温度时，由Q＝cmΔt可知，铜壶吸收的热量少，所以用质量相等的铜壶和铝壶烧开水，从节能角度考虑，选用铜壶较好，故B错误；C、用质量相等的0℃的冰冷却食品，冰吸收热量首先熔化成0℃的水，比用0℃的水直接冷却物体多了一个冰熔化吸热的过程，所以要使物体冷却，用质量相等的0℃的冰和0℃的水，冰的效果会好些，故C错误；D、北方楼房中的暖气用水做传热介质，是因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以取暖效果好，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了吸热公式的应用、对比热容较大的理解，关键是从表格中得出相关物质的比热容。5．（3分）对于图中所示的四幅图，下列说法中正确的是（）A．甲图中软木塞飞出时，管内水蒸气的内能增加 B．乙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，主要是因为分子间存在引力 C．丙图中活塞向下运动是内燃机的做功冲程 D．丁图中小朋友下滑时，内能转化为机械能【答案】B【分析】（1）物体对外做功，内能减小，温度降低；（2）分子间存在引力；（3）在做功冲程中，燃气推动活塞向下运动，内能转化为机械能；压缩冲程机械能转化为内能；（4）改变物体内能的方式：做功和热传递。【解答】解：A、甲图中软木塞飞出时，管内水蒸气的内能减少，故A错误；B、乙图中两个压紧的铅块能吊起钩码，主要是因为分子间存在引力，故B正确；C、丙图中活塞向下运动时，进气门、排气门都关闭，是内燃机的压缩冲程，故C错误；D、丁图中小朋友下滑时，机械能转化为内能，故D错误；故选：B。【点评】本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。6．（3分）用丝绸摩擦过的玻璃棒去接触不带电的验电器A，A的金属箔片张角变大，如图所示。再用C棒去同时接触A、B验电器的金属球，发现A的金属箔片张角变小，B的金属箔片张角变大。则下列说法正确的是（）A．验电器原理是异种电荷相互吸引 B．C棒与其手柄D均为导体 C．当C棒接触两验电器的金属球时，产生的电流方向为A到B D．丝绸摩擦玻璃棒的过程中，电子是由丝绸转移到玻璃棒【答案】C【分析】（1）验电器原理是同种电荷相互排斥；（2）手柄应是绝缘体；正负电荷的规定：丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，缺少电子；（3）正电荷定向移动的方向规定为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反；（4）用丝绸摩擦过的玻璃棒失去电子带正电。【解答】解：A、验电器是利用同种电荷相互排斥的原理，故A错误；B、C棒是导体，手柄D应为绝缘体，否则电荷会通过人体传出，故B错误；C、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，该玻璃棒去接触验电器A时，验电器A也会带正电；用带绝缘柄的金属杆将两个验电器的金属球接触时，B验电器上自由电子向验电器A转移，负电荷移动的方向与电流方向相反，故产生的电流方向为A到B，故C正确；D、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，故电子是由玻璃棒转移到丝绸，故D错误。故选：C。【点评】本题考查两种电荷、验电器原理、以及电流的方向的规定，难度不大。7．（3分）某自动售货机，它可通过手机扫码（闭合S1）或通过投币（闭合S2），启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明。符合上述情况的电路设计是图中的（）A． B． C． D．【答案】C【分析】根据题意可知，通过手机扫码和投币都可以启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关S2可以独立工作、互不影响即为并联，再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光控开关控制，据此分析进行解答。【解答】解：由题意可知，通过手机扫码使开关S1闭合或通过投币使开关S2闭合都能启动电动机完成自动售货，由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，开关S1和开关S2应并联共同控制电动机；由题知，在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明，则灯泡与电动机并联能独立工作，且只由光控开关S3控制，综上结合选项可知，只有C图符合题意。故选：C。【点评】本题考查了串、并联电路的设计，解答时可以根据题意分析选项找出符合要求的选项即可。8．（3分）张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法错误的是（）A．当在导体乙的两端加上1V的电压时，通过导体乙的电流为0.1A B．将甲、乙两导体并联后接到电压为3V的电源上时，干路中的电流为0.9A C．通过导体甲的电流与其两端的电压成正比 D．导体甲的电阻大于导体乙的电阻【答案】D【分析】从U﹣I图象可以得出的信息：①在一定电压下通过导体的电流；②求电阻值；③通过比较相同电压下的电流大小，比较电阻大小关系；④通过导体的电流与其两端的电压成正比。【解答】解：（1）由图象可知，当U＝1V时，I＝0.1A，故A正确；（2）当甲、乙两导体并联后接到电压为3V的电源上，由图知I甲＝0.6A，I乙＝0.3A，I＝0.9A，故B正确；（3）由图象可知，通过导体的电流随电压的增大而增大，并且成倍数的增大，即成正比，故C正确；（4）加同样电压时（3V），I甲＝0.6A，I乙＝0.3A，I甲＞I乙，所以R甲＜R乙，故D错误；故选：D。【点评】从U﹣I图象可以得出的信息：一是知道一定电压下的通过导体电流求导体电阻，二是比较两个电阻的大小9．（3分）关于对公式R＝的理解，下列说法中正确的是（）A．导体中通过的电流越大，则电阻越小 B．加在导体两端的电压越大，则电阻越大 C．导体的电阻与它两端的电压成正比，与通过它的电流成反比 D．导体的电阻等于导体两端的电压与通过它的电流的比值【答案】D【分析】根据欧姆定律的内容和影响电阻大小的因素进行解答。【解答】解：（1）导体的电阻等于导体两端的电压和通过它的电流的比值，故D正确。（2）导体的阻值是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关；故A、B、C选项错误。故选：D。【点评】知道影响电阻大小的因素，并且知道导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流无关是解决本题的关键，欧姆定律只是计算电阻的一种方法。10．（3分）实验中，小李按如图所示的电路图正确连接电路。闭合开关S后，他发现两块电流表指针的偏转角度相同。分析可知，R1与R2之比为（）A．1：5 B．5：1 C．1：4 D．4：1【答案】D【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，A2测干路电流；根据并联电路的电流特点和两只电流表的指针偏转角度相同判断两电流表的量程，大量程示数是小量程示数的5倍，再根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比。【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，A2测干路电流；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两只电流表的指针偏转角度相同，所以，干路电流I是R1支路电流I1的5倍，即I＝5I1，则＝＝＝，因并联电路中各支路两端的电压相等，由I＝可得：＝＝＝。故选：D。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是两电流表量程的确定和知道指针偏转角度相同时大量程示数是小量程示数的5倍。11．（3分）如图所示电路，电源电压为5V，当开关S闭合时，却只有一只灯泡发光，且电压表示数为0V。由此可以判断电路的故障可能是（）A．灯L1短路 B．灯L2短路 C．灯L1开路 D．灯L2开路【答案】A【分析】开关闭合时，发现只有一只灯泡发光，说明电路有短路；根据电压表示数判定电路的故障。【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表测量的是L1的电压；A、灯Ll短路，L1不亮、L2亮，电压表无示数，故A正确；B、灯L2短路，L2不亮、L1亮，电压表有示数，故B错误；CD、两灯串联，若L1、L2其中任一个开路，另一个都不会亮，故CD都错。故选：A。【点评】本题考查了学生利用电压表判断电路故障的分析能力，平时做实验时试一试，掌握灯短路或开路对电路的影响，多积累这方面的经验，提高分析能力。12．（3分）LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管。二极管由下列哪种材料制成（）A．陶瓷材料 B．金属材料 C．半导体材料 D．超导材料【答案】C【分析】二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。二极管是由P型半导体和N型半导体组成的，这两种半导体相互接触时，其交接区域称为PN结，PN结具有单向导电性。【解答】解：A、陶瓷是绝缘体，B、金属是导体，C、半导体的导电性介于导体和绝缘体之间，D、超导现象是导体的电阻为变零时的现象。故选：C。【点评】本题综合考查了导体、绝缘体、半导体和超导体，它们都有很重要的用途。（多选）13．（4分）用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量的损失），如图是A和B的温度随加热时间变化的图像。下列说法正确的是（）A．A的比热容与B的比热容之比为2：1 B．t1时刻B液体的温度高，是因为它具有较多的热量 C．都加热t1时间，B吸收热量比A吸收热量多 D．A和B升高相同的温度，A吸收热量较多【答案】AD【分析】（1）用相同的加热器，对质量相等的A和B两种液体加热，加热相同时间t，物体A、B吸收的热量相同，由图像得出物体A、B升高的温度的关系，根据Q吸＝cmΔt可得出A、B的比热容之比；（2）热量是过程量，不能说具有或含有；（3）实验中加热时间表示吸收热量的多少；（4）由图可知，加热相同的时间，B物质升高的温度多，据此分析若A和B升高相同的温度，谁的时间长。【解答】解：A．由图可知，AB两物质加热相同的时间，即吸收的热量相同，B升高的温度是A物质升高的温度的2倍，根据可知，A物质的比热容是B物质的2倍，即A的比热容与B的比热容之比为2：1，故A正确；B．热量是过程量，不能说具有或含有，只能说吸收或放出热量，故B错误；C．用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量的损失），实验中加热时间表示吸收热量的多少，都加热t1时间，两物质吸收的热量相同，故C错误；D．由A可知，A物质的比热容是B物质的2倍，因此若A和B升高相同的温度，由Q＝cmΔt可得，A吸收热量较多，故D正确。故选：AD。【点评】本题主要考查比热容概念，加热相同时间t和物体温度升高吸收热量的计算，其中正确理解用相同的加热器加热相同时间，表示物体吸收的热量相同是解题的关键，利用公式Q吸＝cmΔt求解比例题目是解题的一个技巧。（多选）14．（4分）如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P由图示位置向左端滑动的过程中，下列判断正确的是（）A．电流表A1示数变小 B．电流表A2示数变小 C．电压表V和电流表A2的示数之比保持不变 D．电压表V示数变大【答案】AC【分析】由图示电路图可知，R1和R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过定值电阻R2的电流，电压表测电源两端电压；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用欧姆定律与并联电路特点分析答题。【解答】解：由图示电路图可知，R1和R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过定值电阻R2的电流，电压表测电源两端电压；AB、滑片移动过程中，电阻R2阻值不变，两端电压不变，通过电阻的电流不变，电流表A2示数不变，滑动变阻器的滑片P由图示位置向左端滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，通过滑动变阻器的电流减小，干路电流减小，电流表A1示数减小，故A正确，B错误；C、电压表测电阻R2两端电压，电流表A2测通过R2的电流，电阻R2阻值不变，则电压表V和电流表A2的示数之比保持不变，故C正确；D、电压表测电源两端电压，电源电压不变，电压表示数不变，故D错误。故选：AC。【点评】本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表的影响，解决此类问题要判断滑动变阻器在电路中电阻的变化，再利用并联电路的特点和欧姆定律来判断电压和电流的变化。（多选）15．（4分）如图所示，电源电压保持不变。闭合开关时，滑动变阻器的滑片P从b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图所示，下列说法正确的是（）A．电源电压是9V B．定值电阻R的阻值是9Ω C．滑动变阻器的阻值范围是0～18Ω D．若定值电阻R出现接触不良时，电流表示数为0，电压表示数为9V【答案】AD【分析】（1）当滑片P位于a端时，电路为R的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最大，根据图象读出最大电流和电压表的示数，据此可知电源电压；根据欧姆定律求出定值电阻R的阻值；当滑片P位于b端时，定值电阻R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，根据图象读出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值；滑动变阻器连入电路中的阻值最小时，电路中的电流最大，根据图象中的最大电流和对应电压值求出滑动变阻器连入电路的最小阻值；（2）当定值电阻R出现接触不良时，则串联电路断路，电压表串联在电路中，相当于测量电源电压。【解答】解：ABC、当滑片P位于a端时，电路为电阻R的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最大，由图象可知，电路中的最大电流1.5A时，电压表的最大示数为9V，即电源电压为9V，故A正确；由I＝可得，定值电阻R的阻值：R＝＝＝6Ω，故B错误；当滑片P位于b端时，定值电阻R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，由图象可知，电路中的最小电流I′＝0.5A，则电路中的总电阻：R总＝＝＝18Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值：R滑大＝R总﹣R＝18Ω﹣6Ω＝12Ω，则滑动变阻器的阻值范围是0～12Ω，故C错误；D、当定值电阻R出现接触不良时，则串联电路断路，电流表示数为0，此时电压表串联在电路中，相当于测量电源电压，其示数为9V，故D正确。故选：AD。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象读出电流和电压的对应值。二、填空题（每空1分，共6分）16．（2分）铁棒很难压缩，是由于分子间存在斥力。沿海地区昼夜温差比内陆地区昼夜温差小是因水的比热容大。【答案】斥；比热容大【分析】分子之间存在着斥力，故液体和固体很难被压缩；水的比热容较大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，水的温度变化比干泥土小。【解答】解：分子间存在相互作用的引力和斥力，铁棒很难压缩，是由于分子间存在斥力。沿海地区昼夜温差比内陆地区小，是由于水的比热容比干泥土的比热容大，同样受热或冷却的情况下（吸收或放出相同热量），水的温度变化较小。故答案为：斥；比热容大。【点评】本题考查了分子动理论的内容、比热容等知识，属于基础知识的考查范围，难度不大。17．（2分）如图所示，电源电压是3V且保持不变，S闭合后电压表的示数为1V，则灯L2两端的电压为1V，若断开开关S，电压表示数将会变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】1；变大【分析】由图知，闭合开关S后，灯L1与L2串联，电压表测灯L2两端的电压，断开开关S，电压表串联在电路中，测电源两端电压。【解答】解：由图知，闭合开关S后，灯L1与L2串联，电压表测灯L2两端的电压，此时电压表示数为1V；断开开关S，电压表串联在电路中，测电源两端电压，示数为3V，故断开开关S后，电压表示数变大。故答案为：1；变大。【点评】本题考查了串联电路的电压特点和电压表的读数，关键是电压表所测电路元件的判断和电压表量程的选择。18．（2分）如图为某种灯泡的电流I与电压U的关系图象。若有6只这种灯泡串联接在电压为6V的电源上，通过灯泡的电流为0.2A；若把一只这种灯泡与一电阻并联接在电压为6V的电源上，总电流为1.5A，则该电阻的阻值为6Ω。【答案】0.2；6Ω。【分析】（1）若有6只这种灯泡串联接在电压为6V的电源上，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出每只灯泡两端的电压，根据图象读出通过灯泡的电流；（2）若把一只这种灯泡与一电阻并联接在电压为6V的电源上时它们两端的电压相等，根据图象读出通过灯泡的电流，根据并联电路的电流特点求出通过电阻的电流，再根据欧姆定律求出该电阻的阻值。【解答】解：（1）若有6只这种灯泡串联接在电压为6V的电源上时，因灯泡的电阻相等且通过的电流相等，所以，由I＝的变形式U＝IR可知，每只灯泡两端的电压相等，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，每只灯泡两端的电压U＝1V，由图象可知，通过灯泡的电流为0.2A；（2）若把一只这种灯泡与一电阻并联接在电压为6V的电源上时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由图象可知，通过灯泡的电流IL＝0.5A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电阻的电流：IR＝I﹣IL＝1.5A﹣0.5A＝1A，则该电阻的阻值：R＝＝＝6Ω。故答案为：0.2；6Ω。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。三、作图、实验与探究题（本题共4个小题，共26分）19．（2分）在如图虚线框中填入电压表或电流表的符号，使开关闭合时两灯都亮。【答案】见解答图。【分析】根据电压表一定要并联在电路中，电流表一定要串联在电路中分析即可。【解答】解：根据电路图可知，要想闭合开关时两灯都亮，则两灯应并联，上面的电表与灯泡并联，为电压表，下面的电流与右侧灯泡串联，为电流表，如图所示：【点评】电压表、电流表是使用有相似的地方，比如：电流都是从正极流入，负极流出；也有不同的地方，比如：电流表在电路中相当于导线，则必须要串联；电压表在电路中相当于开路，则必须要并联。结合这些特点可做出判断。20．（2分）如图所示是电位器示意图，请在A、B、C三个接线柱中选择两个连入电路，要求顺时针旋转滑片时灯泡变亮。【答案】见解答图【分析】顺时针旋转滑片时，灯泡变亮，说明顺时针旋转时，电位器连入电路的电阻变小，故将中间和上面的接线柱接入电路。【解答】解：滑片顺时针旋转时，灯泡变亮，原因是电流变大，电源电压不变时，电阻变小，连入电路的电阻丝变短，一定是连入了上面的接线柱A和中间的接线柱B，如下图所示：【点评】电位器是一个变形的滑动变阻器，能根据实际要求把滑动变阻器连入电路，调节灯泡的亮度。21．（4分）在“探究物质的吸热能力”的实验中，实验装置如图所示。（1）实验中必须要选取初温相同且质量（选填“质量”或“体积”）相等的甲、乙两种液体；选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热，这样做的目的是在相同时间内甲和乙两种液体吸收热量相同。（2）根据实验测得的数据分别描绘出了甲和乙两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图丙所示，则乙的吸热能力更强。（3）若甲液体的比热容为2.1×103J/（kg•℃），则乙液体的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。【答案】（1）质量；吸收热量；（2）乙；（3）4.2×103【分析】（1）（2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；（3）根据Q＝cmΔt，在质量和吸热相同的情况下，升高的温度与比热容成反比，据此得出甲液体的比热容。【解答】解：（1）根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同（甲、乙两液体密度不同，根据m＝ρV，体积相同的两液体质量不同），实验中必须要选取初温相同且质量相等的甲、乙两种液体；选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热，根据转换法，这样做的目的是在相同时间内甲和乙两种液体吸收的热量相同。（2）观察图丙，在相同时间内，吸收的热量相同，但甲液体升高的温度较高，根据比热容公式可知，甲液体的吸热能力较弱，乙液体的吸热能力较强。（3）根据比热容公式可知，在5min内，甲从20℃升高为60℃，乙从20℃升高为40℃，吸收的热量是相同的，质量也相同，可得甲液体的比热容为：故答案为：（1）质量；吸收热量；（2）乙；（3）4.2×103。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。22．（7分）小海和小梅一起做“探究并联电路中电流的规律”实验。（1）图甲是他们设计的电路图，图丙是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是C（选填“A”“B”或“C”）处的电流。连好电路闭合开关前，发现电流表指针位置如图乙所示，原因是电流表没有调零。正确调整后闭合开关，发现指针又偏向图乙位置，其原因是电流表正负接线柱接反了。（2）请在图丙中移动一根导线，测量另一处的电流。在移动的导线上画“×”，并用笔画线代替导线连接正确的电路。（3）在（2）中移动后电流表测量的是A或B（选填“A”“B”或“C”）的电流。（4）如下表是他们实验过程中测出A、B、C三处的实验数据，小海根据数据得出一个初步结论IC＝IA+IB（只写表达式），小梅认为：这个实验还存在不足之处，为了得到普遍规律应多次实验，你认为应该进行的操作方法是换用不同规格的灯泡多次测量。位置ABC电流/A0.300.240.54【答案】见试题解答内容【分析】（1）电流表与待测电路串联；电流表使用前要调零；电流应从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针反向偏转；（2）（3）电流表与待测电路串联，电流表可与灯L1串联，或电流表与灯L2串联；（4）分析表中数据得出结论；只根据一组实验数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的结论，要换用不同规格的灯泡多次测量。【解答】解：（1）电流表与待测电路串联，图丙是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是C处的电流；连好电路闭合开关前，发现电流表指针位置如图乙所示，原因是电流表没有调零；正确调整后闭合开关，发现指针又偏向图乙位置，其原因是电流表正负接线柱接反了；（2）电流表与待测电路串联，电流表与灯L1串联，测L1这个灯的电流，如下左所示；或电流表与灯L2串联，测L2这个灯的电流，如下右所示；（3）在（2）中移动后电流表测量的是A或B的电流；（4）根据表中的实验数据，0.54A＝0.30A+0.24A，故小海根据数据得出一个初步结论：IC＝IA+IB，小梅只根据一组实验数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的结论，要换用不同规格的灯泡多次测量。故答案为：（1）C；电流表没有调零；电流表正负接线柱接反了；（2）如上所示；（3）A或B；（4）IC＝IA+IB，换用不同规格的灯泡多次测量。【点评】本题探究并联电路中电流的规律，考查电流表的使用、电路连接、数据分析、归纳法的运用等知识。23．（11分）某实验小组用图甲所示电路进行“探究电流与电阻的关系“实验。（1）请将图甲连接完整，要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大。（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于B端（选填“A”或“B”）。（3）闭合开关后，同学们发现，无论怎样调节滑动变阻器，电流表始终没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是定值电阻断路。（4）排除故障后，先将5Ω定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为某一定值，此时电流表的示数如图乙所示，为0.4A。（5）接下来断开开关，取下5Ω的定值电阻，换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应向B（选填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为2V时，读出电流表的示数。再更换20Ω定值电阻继续实验，实验数据记录在表格中。由实验数据可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。实验次数123R/Ω51020T/h0.20.1（6）该小组想用一块电流表和一个定值电阻R0，测未知电阻Rx的阻值。于是他们设计了如图丙所示的电路图，并进行如下实验操作：①闭合S、S1，此时电流表的示数为I1。②断开开关S1，此时电流表的示数为I2。③请用已知量R0和测出量I1、I2表示出未知电阻Rx的表达式，则Rx＝。【答案】（1）见解答；（2）B；（3）定值电阻断路；（4）0.4；（5）B；2；反比；（6）②断开开关S1；③。【分析】（1）电压表并联在定值电阻两端，根据滑动变阻器的工作原理和题目要求接入电路；（2）为了电路安全，闭合开关前滑动变阻器处于最大值端；（3）闭合开关，移动变阻器滑片P，发现电流表无示数，电路断路，而电压表有示数，说明电压表到电源两极间是通路，由此可知故障原因；（4）电流表的量程分度值已知，可知此时电流表的示数；（5）右串联电路中电压的分配与电阻成正比可知，把5Ω电阻换成10Ω电阻后，滑动变阻器接入的电阻也变大，即滑片向B端移动，直到电流表的示数和接入5Ω时两端的电压2V；由表中数据知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电路与其电阻的乘积是一个定值；（6）闭合两个开关，电流I1为两个支路电流之和，要向知道电源电压和通过Rx的电流，可以断开S1，此时的电流I2为通过Rx的电流，通过R0的电流为I1﹣I2，R0为定值电阻，可知电源电压，由电阻等于电压除以电流求出Rx。【解答】解：（1）电压表并联在定值电阻两端，根据滑动变阻器的工作原理和题目要求接入电路；，如下图所示：（2）为保护电路，变阻器连入电路中电阻最大即B端；（3）闭合开关，移动变阻器滑片P，发现电流表无示数，电路断路，而电压表有示数，说明电压表到电源两极间是通路，所以故障原因可能是定值电阻断路；（4）同学们首先将5Ω定值电阻接入电路，将滑片P滑到b端，再闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达某一数值，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数0.4A；（5）研究电流与电阻的关系时，要控制电压表示数不变，由欧姆定律的变形公式，电压表示数U＝IR＝0.4A×5Ω＝2V；根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V，读出电流表的示数；由表格中数据发现：电阻为原来的几倍，通过的电流为原来的几分之一，故在电压一定时，电流与电阻成反比。（6）①闭合S、S1，此时两电阻并联，电流