第01讲 数列的概念及其表示（含数列周期性单调性和数列通项公式的构造）（教师版）-2025版高中数学一轮复习考点帮

Page第01讲数列的概念及其表示（含数列周期性单调性和数列通项公式的构造）（7类核心考点精讲精练）1.5年真题考点分布5年考情考题示例考点分析关联考点2024年新Ⅱ卷，第19题,17分由递推关系证明等比数列求直线与双曲线的交点坐标向量夹角的坐标表示2024年全国甲卷，第18题,12分利用an与sn关系求通项错位相减法求和2023年全国甲卷（理科），第17题,10分利用与关系求通项或项错位相减法求和2022年新I卷，第17题,10分利用与关系求通项或项累乘法求数列通项利用等差数列通项公式求数列中的项裂项相消法求和2022年全国甲卷（理科），第17题,10分求数列最值利用与关系求通项或项2022年全国乙卷（理科），第4题,5分判断数列单调性数学新文化2021年全国甲卷（理科），第7题,10分判断数列单调性充分条件与必要条件2.命题规律及备考策略【命题规律】本节内容是新高考卷的常考内容，设题稳定，难度中等，小题分值为5-6分，大题13-17分【备考策略】1.掌握数列的有关概念和表示方法2.能利用与的关系以及递推关系求数列的通项公式3.理解数列是一种特殊的函数,能利用数列的周期性、单调性解决简单的问题【命题预测】本节内容是新高考卷的必考内容，常考查利用与关系求通项或项及通项公式构造的相关应用，需综合复习知识讲解1．数列的有关概念概念含义数列的定义按照一定顺序排列的一列数数列的项数列中的每一个数数列的通项数列{an}的第n项an通项公式数列{an}的第n项an与n之间的关系能用公式an＝f(n)表示，这个公式叫做数列的通项公式前n项和数列{an}中，Sn＝a1＋a2＋…＋an叫做数列的前n项和2.数列的分类分类标准类型满足条件项数有穷数列项数有限无穷数列项数无限项与项间的大小关系递增数列an＋1＞an其中n∈N*递减数列an＋1＜an常数列an＋1＝an摆动数列从第二项起，有些项大于它的前一项，有些项小于它的前一项的数列数列的表示方法列表法列表格表示n与an的对应关系图象法把点(n，an)画在平面直角坐标系中公式法通项公式把数列的通项使用公式表示的方法递推公式使用初始值a1和an＋1＝f(an)或a1，a2和an＋1＝f(an，an－1)等表示数列的方法4．若数列{an}的前n项和为Sn，通项公式为an，则an＝eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(S1，n＝1，,Sn－Sn－1，n≥2.))（1）已知Sn求an的三个步骤(1)先利用a1＝S1求出a1.(2)用n－1替换Sn中的n得到一个新的关系，利用an＝Sn－Sn－1(n≥2)便可求出当n≥2时an的表达式．(3)注意检验n＝1时的表达式是否可以与n≥2的表达式合并．（2）Sn与an关系问题的求解思路根据所求结果的不同要求，将问题向两个不同的方向转化．(1)利用an＝Sn－Sn－1(n≥2)转化为只含Sn，Sn－1的关系式，再求解．(2)利用Sn－Sn－1＝an(n≥2)转化为只含an，an－1的关系式，再求解．5．在数列{an}中，若an最大，则eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(an≥an－1，,an≥an＋1.))若an最小，则eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(an≤an－1，,an≤an＋1.))6.根据形如an＋1＝an＋f(n)(f(n)是可以求和的)的递推公式求通项公式时，常用累加法求出an－a1与n的关系式，进而得到an的通项公式．7.根据形如an＋1＝an·f(n)(f(n)是可以求积的)的递推公式求通项公式时，常用累乘法求出eq\f(an,a1)与n的关系式，进而得到an的通项公式．8.形如an＋1＝eq\f(pan,qan＋r)(p，q，r是常数)的数列，将其变形为eq\f(1,an＋1)＝eq\f(r,p)·eq\f(1,an)＋eq\f(q,p).若p＝r，则eq\b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(\f(1,an)))是等差数列，且公差为eq\f(q,p)，即可用公式求通项．9.根据形如an＋1＝pan＋q的递推关系式求通项公式时，一般先构造公比为p的等比数列{an＋x}，即将原递推关系式化为an＋1＋x＝p(an＋x)的形式，再求出数列{an＋x}的通项公式，最后求{an}的通项公式．10.数列的周期性对于无穷数列,如果存在一个正整数,对于任意正整数恒有成立,则称是周期为的周期数列.的最小值称为最小正周期,简称周期.考点一、数列周期性的应用1．（湖南·高考真题）已知数列满足，，则（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】计算出的前四项的值，可得出，由此可求得的值.【详解】因为数列满足，，，，，，由上可知，对任意的，，.故选：B.2．（2024·山东济宁·三模）已知数列中，，则（

）A． B． C．1 D．2【答案】C【分析】利用数列的递推公式求出数列的周期，即可求解.【详解】由，得，，，，，，则是以6为周期的周期数列，所以.故选：C3．（2024·全国·模拟预测）已知数列满足，，，数列，满足，则数列的前2024项的和为．【答案】1【分析】利用数列的递推公式求出数列的项，再利用特殊角的三角函数值及数列的周期性，结合数列的求和公式即可求解.【详解】因为，，所以…，所以数列的各项依次为3，1，，，，2，3，1，，，，2，…，其周期为6．，，，，，，，，，，，，，，，…，所以数列是周期为12的周期数列，前12项依次为3，0，2，0，，0，，0，，0，1，0，其前项12的和为．又，所以数列的前2024项的和为等于前8项的和．故答案为：.1．（2024·陕西安康·模拟预测）在数列中，，若对，则（

）A． B．1 C． D．【答案】A【分析】根据递推公式得出,进而即可．【详解】由与相减得：，即，又，故，所以.故选：A.2．（2024·全国·模拟预测）已知函数，数列的首项为1，且满足．若，则数列的前2023项和为（

）A．0 B．1 C．675 D．2023【答案】B【分析】利用导数判断得的单调性，直接由的解析式判断其奇偶性，再利用数列的周期性转化条件，结合的性质得到，从而利用数列的周期性即可得解.【详解】因为函数，则，所以函数在上单调递增，且是奇函数．，，，，，即，数列的前2023项和为．故选：B．3．（2024·山东滨州·二模）已知函数，数列满足，，，则．【答案】2【分析】根据函数性质分析可知：在上单调递增，且为奇函数，进而可得，结合数列周期性分析求解.【详解】由题意可知：的定义域为，且，即，可知为定义在上的奇函数；且，因为在上单调递增，可知在上单调递增；综上所述：在上单调递增，且为奇函数.因为，则，可得，即，由可知：3为数列的周期，则，且，所以.故答案为：2.【点睛】易错点睛：本题分析的奇偶性的同时，必须分析的单调性，若没有单调性，由无法得出.考点二、数列单调性的应用1．（2022·全国·高考真题）嫦娥二号卫星在完成探月任务后，继续进行深空探测，成为我国第一颗环绕太阳飞行的人造行星，为研究嫦娥二号绕日周期与地球绕日周期的比值，用到数列：，，，…，依此类推，其中．则（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】根据，再利用数列与的关系判断中各项的大小，即可求解.【详解】[方法一]:常规解法因为，所以，，得到，同理，可得，又因为，故，；以此类推，可得，，故A错误；，故B错误；，得，故C错误；，得，故D正确.[方法二]：特值法不妨设则故D正确.2．（2024·江西·模拟预测）已知数列满足，则“”是是递增数列的（

）A．必要不充分条件 B．充分不必要条件C．充要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】B【分析】根据充分条件、必要条件的定义判断即可.【详解】当时，则，所以，即，所以是递增数列，故充分性成立；当时，则，所以是递增数列，所以当数列是递增数列，可以大于，所以必要性不成立，所以“”是是递增数列的充分不必要条件.故选：B3．（2024·四川雅安·模拟预测）已知数列满足，，，单调递增，则的取值范围为.【答案】【分析】根据可得，再结合单调递增以及等比数列定义可求出，则由即可得解.【详解】因为，所以，又因为单调递增，所以，所以数列是以为首项，为公比的等比数列，所以，所以即，则的取值范围为，故答案为：.4．（2024·陕西西安·模拟预测）已知等比数列是递减数列，且，则的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】由等比数列时递减数列，确定公比，且，故；再根据等比数列的性质得到，最后解一元二次不等式组求出结果即可.【详解】等比数列是递减数列，且，故，且公比，由得，故，所以的取值范围是.故选：A.5．（2024·陕西汉中·二模）已知正项数列的前n项和为，且，数列的前n项积为且，下列说法错误的是（

）A． B．为递减数列C． D．【答案】B【分析】根据与及与的关系，利用等差数列的定义及通项公式，结合数列的性质即可求解.【详解】当时，，解得（负舍），当时，，即，且，所以数列是首项为，公差为的等差数列，所以，又，所以，故A正确；当时，有，取时，此式也满足，故数列的通项公式为,故D正确；因为数列的前n项积为且，所以，当时，，当时，，显然不适用，故数列的通项公式为，显然，所以数列不是递减数列，故B错误，由当时，，得，故C正确，故选：B.【点睛】关键点点睛：解决本题的关键是利用和,结合等差数列的定义及通项公式即可求解.1．（2024·北京东城·一模）设等差数列的公差为，则“”是“为递增数列”的（

）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】A【分析】利用等差数列通项公式求出，再利用单调数列的定义，结合充分条件、必要条件的意义判断即得.【详解】由等差数列的公差为，得，则，当时，，而，则，因此，为递增数列；当为递增数列时，则，即有，整理得，不能推出，所以“”是“为递增数列”的充分不必要条件.故选：A2．（2024·全国·模拟预测）已知数列满足，若是递减数列，则实数的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据题意得到是等比数列，利用等比数列的通项公式得到，利用是递减数列列出关于的不等式，进而求出的取值范围.【详解】将整理得，又，易知当时,，不满足是递减数列，故，因此数列是以为首项，2为公比的等比数列，故，因此，由于是递减数列，故恒成立，得，化简得，故，因此，解得，故选：B．3．（2024·江西·二模）已知数列的首项为常数且，，若数列是递增数列，则的取值范围为（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】由已知条件推得数列是首项为，公比为的等比数列，运用等比数列的通项公式可得，再由数列的单调性，结合不等式恒成立思想，可得所求取值范围．【详解】因为，所以，由于，即，可得数列是首项为，公比为的等比数列，则，因为数列是递增数列，可得，即对任意的正整数都成立．当为偶数时，恒成立，由于数列单调递减，可得，则；当为奇数时，恒成立，由于数列单调递增，可得，则；综上可得的取值范围是．故选：B．4．（2020·北京·高考真题）在等差数列中，，．记，则数列（

）．A．有最大项，有最小项 B．有最大项，无最小项C．无最大项，有最小项 D．无最大项，无最小项【答案】B【分析】首先求得数列的通项公式，然后结合数列中各个项数的符号和大小即可确定数列中是否存在最大项和最小项.【详解】由题意可知，等差数列的公差，则其通项公式为：，注意到，且由可知，由可知数列不存在最小项，由于，故数列中的正项只有有限项：，.故数列中存在最大项，且最大项为.故选：B.【点睛】本题主要考查等差数列的通项公式，等差数列中项的符号问题，分类讨论的数学思想等知识，属于中等题.考点三、用an与Sn的关系求通项或项1．（2024·全国·高考真题）记为数列的前项和，已知．(1)求的通项公式；(2)设，求数列的前项和．【答案】(1)(2)【分析】（1）利用退位法可求的通项公式．（2）利用错位相减法可求.【详解】（1）当时，，解得．当时，，所以即，而，故，故，∴数列是以4为首项，为公比的等比数列，所以.（2）,所以故所以，.2．（2024·全国·高考真题）已知等比数列的前项和为，且.(1)求的通项公式；(2)求数列的前n项和.【答案】(1)(2)【分析】（1）利用退位法可求公比，再求出首项后可求通项；（2）利用分组求和法即可求.【详解】（1）因为,故，所以即故等比数列的公比为，故，故，故.（2）由等比数列求和公式得，所以数列的前n项和.3．（2023·全国·高考真题）设为数列的前n项和，已知．(1)求的通项公式；(2)求数列的前n项和．【答案】(1)(2)【分析】（1）根据即可求出；（2）根据错位相减法即可解出．【详解】（1）因为，当时，，即；当时，，即，当时，，所以，化简得：，当时，，即，当时都满足上式，所以．（2）因为，所以，，两式相减得，，，即，．4．（2022·全国·高考真题）记为数列的前n项和．已知．(1)证明：是等差数列；(2)若成等比数列，求的最小值．【答案】(1)证明见解析；(2)．【分析】（1）依题意可得，根据，作差即可得到，从而得证；（2）法一：由（1）及等比中项的性质求出，即可得到的通项公式与前项和，再根据二次函数的性质计算可得．【详解】（1）因为，即①，当时，②，①②得，，即，即，所以，且，所以是以为公差的等差数列．（2）[方法一]：二次函数的性质由（1）可得，，，又，，成等比数列，所以，即，解得，所以，所以，所以，当或时，．[方法二]：【最优解】邻项变号法由（1）可得，，，又，，成等比数列，所以，即，解得，所以，即有.则当或时，．【整体点评】（2）法一：根据二次函数的性质求出的最小值，适用于可以求出的表达式；法二：根据邻项变号法求最值，计算量小，是该题的最优解．1．（2024·江苏扬州·模拟预测）已知各项均为正数的数列前项和为，且．(1)求数列的通项公式；(2)证明：．【答案】(1)(2)证明见解析【分析】（1）由已知可得，进而可得，可求的通项公式；（2）可求得，进而可得结论.【详解】（1）因为①，所以②，③，由③得：，所以，②-①得：，整理得：，又因为各项均为正数，所以，所以是公差的等差数列，．（2）由（1），，所以，所以．2．（2024·四川自贡·三模）已知数列的前项和为，且．(1)证明：数列为等差数列；(2)若，，成等比数列，求的最大值．【答案】(1)证明见解析(2)【分析】（1）根据作差得到，结合等差数列的定义证明即可；（2）根据等比中项的性质及等差数列通项公式求出，即可得到的通项公式，结合的单调性及求和公式计算可得.【详解】（1）数列满足①，当时，有②，①②可得：，即，变形可得，故数列是以为等差的等差数列；（2）由（1）可知数列是以为等差的等差数列，若，，成等比数列，则有，即，解得，所以，所以单调递减，又当时，，当时，，当时，，故当或时，取得最大值，且．3．（2024·辽宁沈阳·模拟预测）已知数列满足，，是数列的前项和，对任意，有(1)求数列的通项公式；(2)设，求的前100项的和.【答案】(1)；(2)【分析】（1）根据作差得到，从而得到，结合等差数列的定义计算可得；（2）由（1）可得，记，则，利用并项求和法计算可得.【详解】（1）由，，两式相减得，即，因为，所以，即，故是首项为，公差为的等差数列，所以；（2）由（1）知，所以，记，则，4．（2024·全国·二模）已知数列的前n项和为，且，.(1)求数列的通项公式；(2)求数列的前n项和为.【答案】(1)(2)【分析】（1）根据，作差得到，从而得到，再由等差数列的定义及通项公式计算可得（2）由（1）可得，利用分组求和法计算可得.【详解】（1）因为，即，当时，解得或（舍去），当时，所以，即，即，即，又，所以，即，所以是以为首项，为公差的等差数列，所以.（2）由（1）可得，所以.考点四、累加法求数列通项公式1．（2024·福建福州·模拟预测）已知数列满足，（）．(1)求数列的通项公式；(2)记数列的前项和为，证明：．【答案】(1)，；(2)证明见解析.【分析】（1）根据给定条件，利用累加法，结合等差数列前项和公式求解即得.（2）利用裂项相消法求和即可得证.【详解】（1）数列中，当时，，即，则，而满足上式，所以数列的通项公式是，．（2）由（1）知，，则，因此，而，则，所以．2．（全国·高考真题）已知数列满足．(1)求；(2)证明：．【答案】(1)，；(2)证明见解析.【分析】(1)将代入递推式求解即可；(2)用累加法求出数的通项公式即得证明.【详解】（1）解：因为，所以，；（2）证明：因为，所以，，，…，将以上个式子相加，得.也满足所以．3．（2024·湖北·模拟预测）数列中，，，且，(1)求数列的通项公式；(2)数列的前项和为，且满足，，求．【答案】(1)(2)答案见解析【分析】（1）依题意可得，即可得到为等差数列，即可得到，再利用累加法计算可得；（2）由（1）可得，由，得到与同号，再对分类讨论，利用并项求和法计算可得.【详解】（1）因为，所以，所以数列是公差为的等差数列，其首项为，于是，则，，，，，所以，所以；而符合该式，故.（2）由（1）问知，，则，又，则，两式相乘得，即，因此与同号，因为，所以当时，，此时，当为奇数时，，当为偶数时，；当时，，此时，当为奇数时，，当为偶数时，；综上，当时，；当时，.1．（2024·辽宁丹东·二模）已知数列中，，．(1)求的通项公式；(2)设数列是等差数列，记为数列的前n项和，，，求．【答案】(1)(2)【分析】（1）由，得到，再利用累加法求解；（2）设数列的公差为d，根据，得到，从而，再由求解.【详解】（1）由，得，当时，，当时，，所以．（2）设数列的公差为d，因为，得，易知，因为，所以，可得，又因为，所以，所以．2．（2024·陕西渭南·模拟预测）已知各项均为正数的数列的前项和为,且.(1)求的通项公式；(2)若,求数列的前项和.【答案】(1)(2)【分析】（1）根据公式求即可.（2）由（1）知,根据通项公式规律,用错位相减来求即可.【详解】（1）当时,,解出,又,则；当时,由两式相减得,两边同时除以即,即,利用上述等式有,,因此,即,,当时,,满足,因此；（2）由（1）可知,,则,两边同时乘以得,,错位相减得,即整理得，.考点五、累乘法求数列通项公式1．（23-24高二上·内蒙古呼伦贝尔·阶段练习）已知数列中，，，．(1)求数列的通项公式；(2)设，求数列的前n项和．【答案】(1)(2)【分析】（1）利用累乘法即可得解；（2）利用裂项相消法即可得解.【详解】（1）因为，，所以，当时，满足上式，所以；（2）因为，所以，所以.2．（23-24高二上·江苏苏州·期末）已知数列的前项和为，且（）．(1)求的通项公式；(2)记，求数列的前项和．【答案】(1)（）(2)【分析】（1）根据计算可得，利用累乘法计算即可求解；（2）由（1）可得，结合裂项相消求和法即可求解.【详解】（1）令，得因为（），所以（，），两式相减得（，），即．所以（，），所以，即，所以（，），又，符合上式，所以（）．（2）由（1），所以．1．（23-24高三下·黑龙江哈尔滨·开学考试）记数列的前项和，对任意正整数，有，且.(1)求数列的通项公式；(2)对所有正整数，若，则在和两项中插入，由此得到一个新数列，求的前91项和.【答案】(1)(2)【分析】（1）由得出数列的递推关系，然后由连乘法求得通项；（2）考虑到，，从而确定的前91项中有87项来自，其他4项由组成，由此分组求和．【详解】（1）由，则，两式相减得：，整理得：，即时，，所以时，，又时，，得，也满足上式.故.（2）由，所以，又，所以前91项中有87项来自.所以故.2．（2024·全国·模拟预测）已知（常数），数列的前项和为，且．(1)求数列的通项公式；(2)记，数列的前项和为，求证：．【答案】(1)(2)证明见解析【分析】（1）利用、累乘法可得答案；（2）求出裂项相消求和可得答案.【详解】（1）当时，．当时，，化简变形得，当时，根据累乘法得，又，（为大于0的常数）适合上式，故；（2）由（1）知，，又，故．所以，所以．3．（2024·陕西西安·模拟预测）设数列的前项和为，且．(1)求数列的通项公式；(2)若，数列的前项和为恒成立，求实数的最小值．【答案】(1)(2)【分析】（1）根据条件，利用与间的关系，得到，再利用累积法，即可求出结果；（2）根据（1）中结果得到，利用裂项相消法得到，即可求出结果.【详解】（1）因为①，所以当时，②，由①②得到，整理得到，又，所以，得到，所以当时，，当，满足，所以.（2）由（1）知，所以，因为，且，所以是关于的递增数列，由恒成立，得到，所以实数的最小值为.考点六、递推数列构造等差数列1．（2023·全国·模拟预测）在数列中，，且，其中．(1)求的通项公式；(2)求的前项和．【答案】(1)(2)【分析】（1）利用构造法可证明数列为等差数列，进而求得通项公式；（2）利用错位相减法可求得.【详解】（1）由已知，得，所以数列是以为首项，为公差的等差数列，所以，所以；（2）由（1）得，则，所以，所以.2．（23-24高三上·河南焦作·期末）已知数列中，，．(1)求的通项公式；(2)若，求数列的前n项和．【答案】(1)(2)【分析】（1）根据条件可得数列是以1为首项，为公差的等差数列，即可求出结果；（2）由（1）可得，再利用裂项相消法即可求出结果.【详解】（1）由，可得，又，故数列是以1为首项，为公差的等差数列，所以，得到．（2）由（1）可知，故．1．（23-24高三上·江苏南京·期末）已知数列满足，且对任意都有.(1)设，证明：是等差数列；(2)设，求数列的前项和.【答案】(1)证明见解析(2)【分析】（1）以替换得，，得到，从而证明是公差为的等差数列；（2）令得，，可得，推出，再由（1），得到，再分和求解前项和.【详解】（1）因为对任意都有，所以以替换得，，则，由,，所以是公差为的等差数列；（2）令得，，即，则，所以由（1）得，是以为首项，公差为的等差数列，所以，即.由，令可得，，则，由得，.当时，；当时，①，则②，得，，所以，综上，.2．（2024·山东青岛·二模）已知数列满足，且.(1)求数列的通项公式；(2)设，数列的前项和为，若，求的最小值.【答案】(1)；(2)5.【分析】（1）根据给定的递推公式，按奇偶分别求出通项即可.（2）由（1）的结论，利用等比数列前项和公式求出，再借助单调性求解即得.【详解】（1）数列中，，，当时，，则，由，得，当为正奇数时，数列是首项为3，公差为4的等差数列，则，即，当为偶奇数时，数列是首项为5，公差为4的等差数列，则，即，即，所以数列的通项公式是.（2）由（1）知，显然数列是首项为，公比的等比数列，则，由，得，整理得，而数列是递增数列，，因此，所以的最小值为5.考点七、递推数列构造等比数列1．（重庆·高考真题）数列中，若=1，=2+3（n≥1），则该数列的通项=【答案】【分析】先化简已知式证明是等比数列，再利用公式写出通项公式，即得结果.【详解】因为=2+3，所以，即是等比数列，公比为2，首项为，所以，即.故答案为：.2．（2024·全国·模拟预测）已知数列满足，记．(1)求数列的通项公式；(2)已知，记数列的前项和为．求证：．【答案】(1)(2)证明见解析【分析】（1）首先构造数列是等比数列，求数列的通项公式，再代入条件，即可求解数列的通项公式；（2）由（1）的结果可知，数列的通项公式，并变形为，再讨论为奇数和偶数，采用累加法求和，最后结合数列的单调性，即可证明.【详解】（1）由，则．又，所以数列是以1为首项，3为公比的等比数列，所以．所以．（2）因为，所以，所以．当为奇数时，．当为偶数时，是递增数列，所以．综上，3．（四川·高考真题）设数列的前n项和为，已知．(1)证明：当时，是等比数列；(2)求的通项公式．【答案】(1)证明见解析.(2)当时，;当时.【分析】（1）当时，由题设条件知,由此可知，即可证明结论．（2）当时，由题设条件结合（1）可求得；当时，则，当时，由题设推出，求得，综合可得出的通项公式．【详解】（1）当时，由题意知，令，则，解得，且，，两式相减得，于是，又，所以是首项为1，公比为2的等比数列；（2）当时，由（1）知，即,当时，则，当且时，由得，两式相减得，即，故，因此，令，则即，即为首项为，公比为b的等比数列，故，则,时，适合上式，故.1．（2024·安徽·模拟预测）已知数列的首项，且满足．(1)求的通项公式；(2)已知，求使取得最大项时的值．（参考值：）【答案】(1)(2)4【分析】（1）由递推关系将已知等式变形为，即可求出通项；（2）由已知可设，代入解不等式组求出即可.【详解】（1）因为，所以，又，所以，所以.（2）由（1）有，所以，设时，最大，因为，所以，即，解得，又，所以，所以使取得最大项时的值为4.2．（2024·广东深圳·模拟预测）设数列满足：，．(1)求数列的通项公式；(2)求数列的前n项和．【答案】(1)(2)【分析】（1）根据数列递推式可推出，结合等比数列通项公式即可求得答案；（2）利用（1）的结果可得的表达式，利用等差数列、等比数列的前n项和以及错位相减法，即可求得答案.【详解】（1）由题意知数列满足：，，则，，故为首项是6，公比为2的等比数列，故，即，适合上述结果，故；（2）设，则，设，故；，，作差得到，故，，故.3．（23-24高三上·重庆·期中）设数列的前项之积为，满足.(1)设，求数列的通项公式；(2)设数列的前项之和为，证明：.【答案】(1)(2)证明见解析【分析】（1）数列的前项之积为，满足，时，，解得．时，，变形为，结合，即可得出．（2）由（1）可得：，解得，当时，，可得，需要证明，即证明，设，，令，，利用导数研究函数的单调性即可得出结论．【详解】（1）因为数列的前项之积为，满足，所以当时，，解得．当时，，化为，变形为，又，所以，即且，则数列是以为首项，为公比的等比数列所以．（2）由（1）可得：，解得，当时，．，需要证明，即证明，设，，则，设，，则函数在上单调递增，所以，即，所以．一、单选题1．（2023·浙江宁波·模拟预测）数列满足，，则（

）A． B． C． D．3【答案】A【分析】首先根据递推公式，求数列中的项，并得到数列的周期，再求的值.【详解】因为，，所以，解得，又，解得，又，，，显然，接下去，所以数列是以3为周期的周期数列，则.故选：A.2．（2023·河南郑州·模拟预测）已知数列各项均为正数，，且有，则（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】设，根据题设中的递推关系可得，故利用等比数列的通项公式可求，从而可求的通项公式.【详解】，，显然若，则，则，，与题意矛盾，所以，，两边同时取倒数，得：，设，，，，因为，故，故，所以为等比数列，所以，故，所以，故，故选：D.二、多选题3．（2023·海南省直辖县级单位·模拟预测）已知数列的首项，则（

）A．为等差数列 B．C．为递增数列 D．的前20项和为10【答案】AD【分析】A选项，变形得到，得到为等差数列；B选项，在A选项基础上得到，得到；C选项，计算出，C错误；D选项，分为奇数和为偶数，得到通项公式，得到前20项和.【详解】A选项，因为，所以，所以为公差为1的等差数列，A正确；B选项，因为，所以，故，故，则，B错误；C选项，，，为递减数列，C错误；D选项，当为奇数时，，当为偶数时，，所以的前20项和为，D正确.故选：AD．三、填空题4．（2024·四川·模拟预测）已知为正项数列的前项和，且，则.【答案】【分析】依题意可得，即可得到，两式作差得到，再求出，即可得到数列表示首项为，公差为的等差数列，即可求出其通项公式.【详解】因为，即，当时，，又因为，即，解得或（舍去），当时，，两式相减，可得，因为，可得，又，所以，所以数列表示首项为，公差为的等差数列，所以．故答案为：四、解答题5．（2024·四川雅安·三模）已知数列的前项和为.(1)求数列的通项公式；(2)令，求数列的前项和.【答案】(1)(2)【分析】（1）由的关系分是否等于1进行讨论即可求解；（2）首先得，进一步结合错位相减法以及等比数列求和公式即可得解.【详解】（1）当时，当时，，两式相减得，，数列是以2为首项，2为公比的等比数列，（2）由（1）可知，记，，，两式相减得.6．（2024·山西·模拟预测）已知数列的前项和为，且.(1)求的通项公式；(2)若，求数列的前项和.【答案】(1)(2)【分析】（1）首先利用作差法得到，再由作差可得；（2）由（1）知，再利用分组求和法及裂项相消法计算可得.【详解】（1）因为，当时有，两式相减得，所以，当时，，所以，此时仍然成立，所以，当时，，又也满足，所以.（2）由（1）知，所以.7．（2024·河北沧州·三模）已知数列满足，，.(1)求数列的通项公式；(2)设，数列的前项和为，求证：.【答案】(1)(2)证明见解析【分析】（1）由数列的递推公式，利用累乘法即可求解；（2）对进行不等式放缩，即可证明不等式.【详解】（1），，，，两式相除，得，当，时，，，即；当，时，，，即，综上所述，数列的通项公式为；（2），，又，.8．（2024·贵州贵阳·三模）已知正项数列的前项和为，且满足.试求:(1)数列的通项公式;(2)记，数列的前项和为，当时，求满足条件的最小整数.【答案】(1)(2)9【分析】（1）由已知结合和与项的递推关系进行转化，结合等差数列的通项公式即可求解；（2）利用裂项求和求出，然后结合恒成立与最值关系的转化即可求解．【详解】（1）因为，当时，，当时，，因为，两式相减得，，因为，所以，所以，均为等差数列，，．所以；（2）由题意得，，所以，因为，所以，解得．所以满足条件的最小整数为9．9．（2024·全国·模拟预测）已知数列的前项和为．(1)求．(2)若，则当取最小值时，求的值．【答案】(1)；(2).【分析】（1）利用与的关系，消去，求出，代入原式计算即得；（2）依题意求得的表达式，取，则需求在且为奇数时的最小值，根据此函数的单调性即可求得.【详解】（1）由，得．两式相减，得，

所以，代入，即得.（2）由（1）知，则，

不妨取，则且为奇数，因为函数在上单调递减，在上单调递增.

因且为奇数，当时，，，此时；当时，，，此时，因，故当取得最小值时，.10．（2024·河北保定·二模）已知数列的前n项和为，且.(1)求的通项公式；(2)若数列满足，求的前项和.【答案】(1)；(2).【分析】（1）根据的关系由：求解即可；（2）根据通项分奇偶分别计算求和，结合裂项相消和等比数列求和公式即可.【详解】（1）当时，.当时，，当时，也符合.综上，.（2）由则，故的前项和.一、单选题1．（2024·安徽合肥·三模）已知数列的前项和为，首项，且满足，则（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】借助与的关系并化简可得，结合，逐项代入计算即可得解.【详解】由可得，所以可得，.故选：D2．（2024·江苏苏州·二模）已知数列的前项和为，，若对任意的恒成立，则实数的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据给定的递推公式求出，再按为奇数、偶数分类求解即可得的范围.【详解】由，得，当时，，则，整理得，即，而，解得，于是，数列是首项为，公比为的等比数列，因此，即，由，得，当为奇数时，，即，显然为递增数列，当时，，于是，当为偶数时，，即，显然恒有，于是，所以实数的取值范围为.故选：B二、多选题3．（2024·福建泉州·一模）已知数列满足，，则下列说法正确的是（

）A．当时， B．当时，数列是常数列C．当时， D．当时，数列单调递减【答案】BCD【分析】对于A，直接说明即可；对于B，直接用数学归纳法即可；对于C和D，用数学归纳法证明，再推知C和D的结论即可.【详解】对于A，当时，由知A错误；对于B，当时，有，这意味着只要就有.而，从而由数学归纳法即可证明，所以B正确；对于C和D，当时，我们用数学归纳法证明.当时，由知结论成立；假设已有，则由可知.所以，展开即.这就得到.同时，由可得.所以.故由数学归纳法可知恒成立，所以C正确；同时，由于，故.展开即，故，所以D正确.故选：BCD.【点睛】关键点点睛：本题的关键在于是用数学归纳法证明数列的范围和单调性.三、填空题4．（2024·浙江绍兴·三模）记为正项数列的前项积，已知，则；．【答案】22025【分析】由数列的前项积，利用赋值法令可求得，将表达式化简可得数列是等差数列，即可求得.【详解】根据题意令，可知，又数列的各项均为正，即；解得；由可得，即，可得；所以数列是以为首项，公差为的等差数列；因此，所以.故答案为：2；2025.5．（2024·山东菏泽·模拟预测）已知正项数列的前项和为，且，则的最小值为．【答案】【分析】根据给定的递推公式探求得数列的周期，再利用周期性及基本不等式求解即得.【详解】正项数列中，由，得，则，即数列是以4为周期的周期数列，而，则，因此，当且仅当时取等号，所以的最小值为.故答案为：【点睛】关键点点睛：求解本题的关键是求出数列的周期，再借助周期性求前n项和.四、解答题6．（2024·山东·模拟预测）设数列满足，且．(1)求的通项公式；(2)求的前项和．【答案】(1)(2)【分析】（1）由已知可得，累乘法可求的通项公式；（2）由（1）可得，利用错位相减法可求的前项和.【详解】（1）由题易知，且，所以，所以，所以也满足该式，所以．（2），①，②②-①，得．设，③则，④④-③，得，所以．7．（2024·吉林·模拟预测）已知数列的前项和为，且.(1)求实数的值和数列的通项公式；(2)若，求数列的前项和.【答案】(1)，(2)【分析】（1）利用，和等比数列的定义可得答案；（2）法一：利用错位相减求和可得答案；法二：设，求出，可得，可得可得答案.【详解】（1）当时，，，，当时，，整理得，数列是以1为首项，3为公比的等比数列，；（2）法一：，①，②，①②得；法二：，设，且，解得，，即，其中，，.8．（2024·江西宜春·模拟预测）数列满足．(1)求的通项公式；(2)若，求的前项和．【答案】(1)(2)【分析】（1）由已知结合数列的和与项的递推关系即可求解；（2）先求出，然后结合错位相减求和即可求解．【详解】（1）数列满足，当时，，两式相减可得，，所以，当时，也满足上式，所以；（2）由（1）得，所以，则，两式相减的，，所以．9．（2024·江苏无锡·二模）已知正项数列的前项和为，满足.(1)求数列的通项公式；(2)设为数列的前项和.若对任意的恒成立，求k的取值范围.【答案】(1)(2)【分析】（1）运用公式，已知求即可；（2）求出，后运用错位相减求出，后结合函数单调性可解．【详解】（1）①，且，当时，代入①得；当时，.②①-②得，整理得，因为，所以，所以数列为等差数列，公差为1，所以.（2），，③，④③-④得，所以，所以，且，化简得，令，所以，所以的最大值为，所以.所以的取值范围为.10．（2024·四川成都·模拟预测）记数列的前n项和为，已知．(1)若，证明：是等比数列；(2)若是和的等差中项，设，求数列的前n项和为．【答案】(1)证明见解析(2)【分析】（1）利用公式得到数列的递推公式，构造法证明是等比数列；

（2）由已知求出，裂项相消求数列的前n项和为．【详解】（1）对①，当时，有②，：，即，

经整理，可得，

，故是以为首项、为公比的等比数列．（2）由（1）知，有，，题设知，即，则，故．

而，

故.1．（2023·北京·高考真题）已知数列满足，则（

）A．当时，为递减数列，且存在常数，使得恒成立B．当时，为递增数列，且存在常数，使得恒成立C．当时，为递减数列，且存在常数，使得恒成立D．当时，为递增数列，且存在常数，使得恒成立【答案】B【分析】法1：利用数列归纳法可判断ACD正误，利用递推可判断数列的性质，故可判断B的正误.法2：构造，利用导数求得的正负情况，再利用数学归纳法判断得各选项所在区间，从而判断的单调性；对于A，构造，判断得，进而取推得不恒成立；对于B，证明所在区间同时证得后续结论；对于C，记，取推得不恒成立；对于D，构造，判断得，进而取推得不恒成立.【详解】法1：因为，故，对于A，若，可用数学归纳法证明：即，证明：当时，，此时不等关系成立；设当时，成立，则，故成立，由数学归纳法可得成立.而，，，故，故，故为减数列，注意故，结合，所以，故，故，若存在常数，使得恒成立，则，故，故，故恒成立仅对部分成立，故A不成立.对于B，若可用数学归纳法证明：即，证明：当时，，此时不等关系成立；设当时，成立，则，故成立即由数学归纳法可得成立.而，，，故，故，故为增数列，若，则恒成立，故B正确.对于C，当时，可用数学归纳法证明：即，证明：当时，，此时不等关系成立；设当时，成立，则，故成立即由数学归纳法可得成立.而，故，故为减数列，又，结合可得：，所以，若，若存在常数，使得恒成立，则恒成立，故，的个数有限，矛盾，故C错误.对于D，当时，可用数学归纳法证明：即，证明：当时，，此时不等关系成立；设当时，成立，则，故成立由数学归纳法可得成立.而，故，故为增数列，又，结合可得：，所以，若存在常数，使得恒成立，则，故，故，这与n的个数有限矛盾，故D错误.故选：B.法2：因为，令，则，令，得或；令，得；所以在和上单调递增，在上单调递减，令，则，即，解得或或，注意到，，所以结合的单调性可知在和上，在和上，对于A，因为，则，当时，，，则，假设当时，，当时，，则，综上：，即，因为在上，所以，则为递减数列，因为，令，则，因为开口向上，对称轴为，所以在上单调递减，故，所以在上单调递增，故，故，即，假设存在常数，使得恒成立，取，其中，且，因为，所以，上式相加得，，则，与恒成立矛盾，故A错误；对于B，因为，当时，，，假设当时，，当时，因为，所以，则，所以，又当时，，即，假设当时，，当时，因为，所以，则，所以，综上：，因为在上，所以，所以为递增数列，此时，取，满足题意，故B正确；对于C，因为，则，注意到当时，，，猜想当时，，当与时，与满足，假设当时，，当时，所以，综上：，易知，则，故，所以，因为在上，所以，则为递减数列，假设存在常数，使得恒成立，记，取，其中，则，故，所以，即，所以，故不恒成立，故C错误；对于D，因为，当时，，则，假设当时，，当时，，则，综上：，因为在上，所以，所以为递增数列，因为，令，则，因为开口向上，对称轴为，所以在上单调递增，故，所以，故，即，假设存在常数，使得恒成立，取，其中，且，因为，所以，上式相加得，，则，与恒成立矛盾，故D错误.故选：B.【点睛】关键点睛：本题解决的关键是根据首项给出与通项性质相关的相应的命题，再根据所得命题结合放缩法得到通项所满足的不等式关系，从而可判断数列的上界或下界是否成立.2．（2022·浙江·高考真题）已知数列满足，则（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】先通过递推关系式确定除去，其他项都在范围内，再利用递推公式变形得到，累加可求出，得出，再利用，累加可求出，再次放缩可得出．【详解】∵，易得，依次类推可得由题意，，即，∴，即，，，…，，累加可得，即，∴，即，,又，∴，，，…，，累加可得，∴，即，∴，即；综上：．故选：B．【点睛】关键点点睛：解决本题的关键是利用递推关系进行合理变形放缩.3．（2021·浙江·高考真题）已知数列满足.记数列的前n项和为，则（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】显然可知，，利用倒数法得到，再放缩可得，由累加法可得，进而由局部放缩可得，然后利用累乘法求得，最后根据裂项相消法即可得到，从而得解．【详解】因为，所以，．由，即根据累加法可得，，当时，则，当且仅当时等号成立，，由累乘法可得，且，则，当且仅当时取等号，由裂项求和法得：所以，即．故选：A．【点睛】本题解题关键是通过倒数法先找到的不等关系，再由累加法可求得，由题目条件可知要证小于某数，从而通过局部放缩得到的不等关系，改变不等式的方向得到，最后由裂项相消法求得．4．（2021·浙江·高考真题）已知数列的前n项和为，，且.（1）求数列的通项；（2）设数列满足，记的前n项和为，若对任意恒成立，求实数的取值范围.【答案】（1）；（2）.【分析】（1）由，结合与的关系，分讨论，得到数列为等比数列，即可得出结论；（2）由结合的结论，利用错位相减法求出，对任意恒成立，分类讨论分离参数，转化为与关于的函数的范围关系，即可求解.【详解】（1）当时，，，当时，由①，得②，①②得，又是首项为，公比为的等比数列，；（2）由，得，所以，，两式相减得，所以，由得恒成立，即恒成立，时不等式恒成立；时，，得；时，，得；所以.【点睛】易错点点睛：（1）已知求不要忽略情况；（2）恒成立分离参数时，要注意变量的正负零讨论，如（2）中恒成立，要对讨论，还要注意时，分离参数不等式要变号.5．（2021·全国·高考真题）记为数列的前n项和，为数列的前n项积，已知．（1）证明：数列是等差数列;（2）求的通项公式．【答案】（1）证明见解析；（2）.【分析】（1）由已知得,且，取,得,由题意得,消积得到项的递推关系,进而证明数列是等差数列;（2）由（1）可得的表达式,由此得到的表达式,然后利用和与项的关系求得.【详解】（1）[方法一]：由已知得,且，,取,由得,由于为数列的前n项积，所以,所以，所以,由于所以，即,其中所以数列是以为首项，以为公差等差数列;[方法二]【最优解】：由已知条件知

①于是．

②由①②得．

③又，

④由③④得．令，由，得．所以数列是以为首项，为公差的等差数列．[方法三]：

由，得，且，，．又因为，所以，所以．在中，当时，．故数列是以为首项，为公差的等差数列．[方法四]：数学归纳法

由已知，得，，，，猜想数列是以为首项，为公差的等差数列，且．下面用数学归纳法证明．当时显然成立．假设当时成立，即．那么当时，．综上，猜想对任意的都成立．即数列是以为首项，为公差的等