2023年北京市首都师大附中初三三模物理试卷及答案

第1页/共1页2023北京首都师大附中初三三模物理一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，只有一个选项符合题意。共24分，每小题2分）1．以科学家帕斯卡的名字作单位的物理量是（）A．压强 B．力 C．质量 D．速度2．下列物品中，在通常情况下是绝缘体的是（）A．硬币 B．陶瓷碗 C．铝制饭勺 D．铅笔芯3．下列物态变化现象中，属于熔化的是（）A．立春冰雪消融 B．白露露珠晶莹 C．霜降霜打枝头 D．大雪白雪皑皑4．如图是西安某住宅小区门口栏杆的示意图，当在A处施加一个动力时，可将栏杆逆时针拉起来，下列四个选项中的杠杆与它类型一致的是（）A．钓鱼竿 B．核桃夹 C．托盘天平 D．羊角锤5．人工智能飞速发展的今天，智能配送机器人已被广泛使用，用户可通过人脸识别、输入（扫描）取货码等多种方式取货。如图所示是某款机器人正在送货的情景，下列分析正确的是（）A．机器人旁边的影子，是光的折射形成的 B．行人都能看见机器人，是由于阳光在它表面发生了镜面反射 C．用户进行声纹识别时，利用了不同的人发出声音的音调不同 D．机器人对人脸拍照识别时，利用了光的折射6．下列关于家庭电路和安全用电的说法中，正确的是（）A．使用试电笔，手不能接触任何金属 B．更换灯泡或搬动电器前必须断开电源开关 C．用电器的金属外壳必须与零线连接 D．一般对人体而言，只要电压不高于220V就是安全的7．如图所示的各种情景，下列说法正确的是（）A．甲图中：当阀门关闭，蓄水槽中的水静止时，B管中水柱高度最高 B．乙图中：人用力推木箱，但没有推动，则人推木箱的力没有对木箱做功 C．丙图中：水坝筑成上窄下宽的形状，是由于越深处水对坝体侧面浮力越大 D．丁图中：金鱼吐出的气泡正在水中上升时，受到水的压强逐渐变小、浮力不变8．如图所示是一个悬浮灯，底座和灯泡中都有线圈和磁体，底座质量是0.5kg，灯泡质量是0.1kg，给底座线圈通电后，灯泡发光并悬浮；断电后，灯泡熄灭并落下。下列说法不正确的（）A．底座给灯泡的力是竖直向上的，利用的是同名磁极相互排斥 B．该现象能够说明电流周围存在磁场 C．工作状态下，整个装置对桌面的压力为6N D．断电后，灯泡下落，静止在底座上后，则装置对地的压力变小9．如图所示，联合收割机工作时不断向卡车输送粮食，当联合收割机与卡车以相同速度做匀速直线运动时，下列说法中正确的是（）A．卡车对地面压力不断减少 B．卡车相对于地面是静止的 C．卡车的动能保持不变 D．工作中的联合收割机的发动机不断消耗燃料将内能转化为机械能10．如图，在探究“阻力对物体运动的影响”实验中，让小车从同一斜面同一高度由静止滑下，比较小车在三种不同水平面上运动的距离。下列分析不正确的是（）A．三次实验让小车从斜面同一高度静止滑下的目的是使小车到达水平面时的速度相同 B．小车在毛巾表面受的摩擦力最大，这说明摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关 C．实验表明：小车受的阻力越小，小车运动的路程越远，速度减小得越慢 D．在实验基础上推理：若水平面绝对光滑，物体将做匀速直线运动，这种研究问题的方法叫转换法11．体育中考跳绳的次数是自动记录，其简化电路如图甲所示。R1是光敏电阻，信号处理系统记录ab间的电压，每当绳子挡住射向R1的红外线时，R1的阻值会变大，自动计数器会计数一次。电源电压为6V，ab间电压随时间变化的图象如图乙所示，下列说法正确的是（）A．该同学匀速连续跳绳1min的跳绳次数为120次 B．自动计数器计数一次时，ab间的电压2V C．有红外线照射和无红外线照射时，光敏电阻的阻值之比为1：4 D．有红外线照射时，R1与R2阻值之比为2：112．体积相同的三个小球，放入水中静止时，三个小球的密度关系是ρB＞ρC＞ρ水＞ρA，如图所示。则下列判断正确的是（）A．A、B两球一定是空心的，C球一定是实心的 B．三个小球所受的重力关系是GB＝GC＞GA C．三个小球所受的浮力关系是FB＝FC＞FA D．三个小球底部位置处水的压强大小关系是pB＞pC＞pA二、多项选择题（下列每题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每题2分。每题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）（多选）13．某同学研究磁体周围的磁场情况，将一根条形磁体放在水平桌面上，在它周围放置一些小磁针，小磁针的指向情况如图甲所示：将小磁针拿掉之后，在条形磁体上面放一块有机玻璃，玻璃上均匀撒一层铁屑，轻轻敲打玻璃，可以看到铁屑的分布情况如图乙所示；根据甲图和乙图所示的实验现象，用磁感线描述条形磁体周围的磁场情况如图丙所示。下列说法正确的（）A．图甲所示的实验，研究的是条形磁体周围的磁场方向特点 B．图乙所示的实验，研究的是条形磁体周围的磁场分布及方向特点 C．图丙所示的条形磁体周围的磁感线，是人们为了描述磁场建立的物理模型 D．由图丙可知，条形磁体周围的磁场是由磁感线组成的（多选）14．春节期间，学校开展了“寻根同源，记住年味”的活动，如图所示是同学们晒的“年味”照片，下列描述正确的是（）A．图甲：热年糕入嘴时很烫，是因为年糕含有的热量多 B．图乙：煮汤圆的过程中利用了燃料燃烧释放的内能 C．图丙：“划”火柴引起燃烧，是通过热传递改变内能 D．图丁：厨房飘出做饭的香味，是因为分子不停地运动（多选）15．如图甲所示，滑轮组悬挂在水平支架上。两次分别匀速提升物体A、B时，卷扬机拉力F所做的功W随时间t的变化关系图线分别为图乙中的a、b，已知两个滑轮的质量相等，两次提升时物体上升的速度均为0.2m/s，物体A的质量为180kg，不计绳重和摩擦，g取10N/kg。下列说法正确的是（）A．物体B的质量为80kg B．提升物体A时滑轮组的机械效率为80% C．提升物体A时卷扬机对地面的压力小于提升物体B时卷扬机对地面的压力 D．相同时间内，滑轮组提升物体A时做的额外功大于提升物体B时做的额外功三、实验探究题（共28分，16、18题每空2分；17、23题3分，其他题每空1分）16．（6分）（1）如图1所示，这支毛笔的长度为cm；（2）如图2所示，MM'为平面镜，AO为入射光线，ON为法线。已知∠AON＝60°，∠BON＝30°，∠CON＝45°，∠DON＝60°。则反射光线将沿着方向射出；（3）根据如图3所示的电流方向，可判断电磁铁的A端是极（选填“N”或“S”）。17．（3分）测量液体的密度。（1）把天平放在水平桌面上，如图甲所示，接下来应进行的操作是，再调节平衡螺母使横梁平衡。（2）调节好天平后，按照如下步骤进行实验。①用天平测出烧杯和液体的总质量为m＝101g；②将烧杯中的一部分液体倒入量筒中，测出体积为V，如图乙所示；③用天平测出烧杯和剩余液体的总质量为m2，所用砝码和游码在标尺上的位置如图丙所示；④计算出液体的密度ρ＝kg/m3。18．如图所示，一个带电球体M放在绝缘支架上，把系在绝缘丝线上的带电小球N先后挂在横杆上的P1和P2处。当小球N静止时，观察丝线与竖直方向的夹角。通过观察发现：当小球N通过丝线挂在P1处时丝线与竖直方向的夹角大于小球N通过丝线挂在P2处时丝线与竖直方向的夹角。根据实验结果写出一个可以探究的科学问题。19．（3分）在探究“凸透镜成像规律”时，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜两侧。（1）如图所示，将蜡烛放置在A位置时，向（选填“左”或“右”）移动光屏，光屏上可呈现出烛焰清晰的（选填“放大”或“缩小”）像。（2）蜡烛在A位置不动，用焦距为5cm的凸透镜替换原凸透镜，凸透镜位置不变，要使光屏上呈现出清晰的像，向（选填“左”或“右”）移动光屏。20．（3分）某同学用如图所示的实验装置。（1）如图甲所示，保持蹄形磁体竖直放置，使导体AB从图示位置向下运动，电路中（填“无”或“有”）感应电流；（2）如图乙所示，改变电流方向（开关闭合），发现导体棒ab的运动方向改变，说明与电流方向有关，利用该装置原理工作的是（填“电铃”或“扬声器”或“动圈式话筒”）。21．（4分）如图所示是“探究不同物质的吸热能力”的实验装置，取甲、乙两种液体，分别倒入两个完全相同的烧杯中，再用家用电加热器接入加热，实验数据记录如表格所示。温度/℃20304050加热时间/s甲04080120乙0204060（1）实验中甲、乙两种液体的质量应（选填“相同”或“不同”），电加热器的额定功率应选用（选填“相同的”或“不同的”），进而通过比较（选填“升高的温度”的“加热时间”）比较甲、乙两种液体吸收热量的多少。（2）分析数据可知，当它们升高相同的温度时，（选填“甲”或“乙”）液体需要吸收的热量更多。22．（4分）实验小组的同学们用图甲所示电路进行“伏安法测电阻”的实验。（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整；（2）为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最（选填“左”或“右”）端；实验次数123电压U/V1.02.42.6电流I/A0.20.5（3）小明正确进行实验，并将实验数据记录在表格中，第2次测量时电流表的示数如图乙所示，根据三次实验所测数据可得，定值电阻R1≈（结果保留两位小数）。（4）小明在某次实验中发现电流表示数几乎为零，电压表示数接近电源电压，则电路出现的故障是。23．（3分）如图所示，在90℃温度下一定量的饱和硝酸钾溶液中，小木块漂浮，此时小木块排开液体的体积为V0。将该装置放置在室温20℃的房间里，经过一段时间，溶液温度降至室温，若此过程中木块始终处于漂浮状态。请结合所学知识和公式，分析说明小木块排开液体的体积是如何变化的？（温馨提示：1.溶液的密度和溶液的浓度有关，硝酸钾溶液的密度随浓度的增大而增大；2.硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大；3.溶液体积变化忽略不计）四、科普阅读题（共4分）24．（4分）请阅读《手机充电器的安全使用》，并回答问题。手机充电器的安全使用我们给手机充电时，手机充电器将220V的电压降到5V左右，充电器内部会有电流流过。如果手机充满电后不及时与充电器断开，充电时间过长，可能会加速手机电池的老化影响电池的使用寿命。手机充电器插在插座上不给手机充电时，充电器内部也会有微电流通过。利用功率计插座测量未充电时充电器的电功率，如图所示，此时该充电器的实际功率约为2W。由此可见，在插座上未充电的充电器内部的电路仍在工作，仍然会消耗电能。我国工信部于2022年10月26日发布的调查显示：2022年前三季度三大基础电信企业的移动电话用总数达16.82亿户，调研中发现约的人有不及时拔掉充电器的习惯，那么每天就有约2亿个充电器插在插线板上。这样，就会白白浪费很多电能。长期不拔充电器还会加速充电器内元件的老化，从而增加充电器发生短路和电压击穿概率。有的充电器发热严重，外加居室环境密闭以及夏天天气炎热，就可能会引发充电器燃自爆的。近年来，就有因为长期不拔手机充电器造成火灾的新闻报导。手机充电器大多设置了保护装置，降低了自燃自爆的几率，但是如果使用山寨充电器给手机充电，由于其内部没有设置保护装置，充电器极易发热发烫，也会引发自燃自爆。为了您和家人的安全，请您按照如表所示的北京消防给广大市民的温馨提示来正确使用手机充电器。充电器①为手机充电完成后立即拔下，长时间不拔下可能会造成短路或过热引发火灾；②尽量使用原装手机充电器；③使用不同品牌充电器充电务必看好规格参数。请根据上述材料，回答下列问题：（1）插在插座上没有充电的手机充电器，相当于（选填选项前的字母）；A.电源B.开关C.用电器D.导线（2）手机充电器不及时拔掉容易造成元件过热的现象，甚至引起火灾，此过程中电能转化为能；（3）如果按照每天充电2h，手机即可充满电。在我国，拔掉手机后仍在插座上的充电器一天浪费的电能约为kW•h；（4）安全使用手机充电器的做法是。（写出一个即可）五、计算题（共8分，每题4分）25．（4分）如图所示，R为定值电阻，L为标有“6V3W”的小灯泡，灯丝阻值不变，电源电压恒定。闭合开关，小灯泡正常工作，电流表读数为0.9A。求：（1）小灯泡电阻；（2）定值电阻R电功率。26．（4分）如图所示为一密度均匀、左粗右细的长杆。将测力计系在A端，竖直向上缓慢拉动，使A端微微抬离地面，测力计示数是F1；将测力计系在B端，竖直向上缓慢拉动，使B端微微抬离地面，测力计示数是F2。（1）比较F1F2（填大于、小于或等于）。（2）请证明G＝F1+F2。

参考答案一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，只有一个选项符合题意。共24分，每小题2分）1．【答案】A【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答。【解答】解：在物理学中，A、压强的基本单位是帕斯卡，故A符合题意；B、力的基本单位是牛顿，故B不符合题意；C、质量的基本单位是千克，故C不符合题意；D、速度的基本单位是米/秒，故D不符合题意。故选：A。2．【答案】B【分析】容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。根据导体和绝缘体的定义即可作出判断。【解答】解：硬币、铝制饭勺、铅笔芯容易导电，是导体，陶瓷碗不容易导电，是绝缘体。故选：B。3．【答案】A【分析】物质由固态变成液态的过程叫熔化，由液态变成固态的过程叫凝固；物质由液态变成气态的过程叫汽化，由气态变成液态的过程叫液化；物质由固态直接变成气态的过程叫升华，由气态直接变成固态的过程叫凝华。【解答】解：A、冰雪消融，由固态变成液态，是熔化过程。故A符合题意；B、露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴。故B不符合题意；C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶。故C不符合题意；D、雪主要是云层中的水蒸气凝华形成的。故D不符合题意。故选：A。4．【答案】A【分析】本题主要考查两个方面的知识：（1）力臂的定义：从支点到力的作用线的距离叫做力臂。（2）杠杆的分类方法：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。【解答】解：由图可知杠杆绕A点右侧的轴转动，则A点的动力臂远小于杠杆重力的阻力臂，所以杠杆是一个费力杠杆。核桃夹、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆。钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A符合题意、BCD不合题意。故选：A。5．【答案】D【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；（2）镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律；不同点是镜面反射是入射光线是平行光线时，反射到光滑的镜面，又以平行光线出去；漫反射时，入射光线是平行光线时，反射到粗糙的物体，反射光线向各个方向出去；（3）音色与发声体的材料和结构有关，不同的人发出声音的音色不同。（4）人脸识别利用的是凸透镜成像。【解答】解：A．机器人旁边的影子，是光的直线传播形成的，故A错误；B．行人从各个方向都能看到机器人，是由于阳光在它表面发生了漫反射，故B错误；C．用户进行声纹识别时，利用了不同的人发出声音的音色不同，故C错误；D．机器人对人脸拍照识别时，利用的是凸透镜成像，属于光的折射，故D正确。故选：D。6．【答案】B【分析】（1）用试电笔时，手必须接触笔尾金属体才能使用；（2）更换灯泡、搬动电器时不要带电操作，要切断电源；（3）为防止因用电器漏电使其金属外壳带电而发生触电事故，一般用电器的金属外壳接地；（4）对人体的安全电压是不超过36V。【解答】解：A、使用试电笔时，手要接触笔尾金属体，但不能接触笔尖金属体，故A错误；B、更换灯泡、搬动电器时容易碰到金属部分，切断电源可以保证金属部分不带电，故B正确；C、为了防止因漏电而发生触电事故，有金属外壳的家用电器，外壳一定要接地，故C错误；D、只有不高于36V的电压对人体才是安全的，故D错误。故选：B。7．【答案】B【分析】（1）流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大；（2）力学里所说的功包括两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过的距离；（3）液体内部压强随深度的增加而增大；（4）浮力的大小受液体的密度与排开液体体积的影响。【解答】解：A．甲图中：当阀门打开，蓄水槽中的水流动时，B管下方管道最窄，水流速最大，压强最小，能支撑的水柱的高度最小，所以B管中水柱高度最低，故A错误；B．乙图中：木箱在力的方向上没有移动，则人推木箱的力没有对木箱做功，故B正确；C．丙图中：水坝筑成上窄下宽的形状，由p＝ρgh得，越深处水对坝体侧面压强越大，故C错误；D．丁图中：金鱼吐出的气泡正在水中上升时，受到水的压强逐渐变小，气泡体积逐渐变大，气泡未到达水面时，排开水的体积变大，由阿基米德原理可知气泡的浮力变大，故D错误。故选：B。8．【答案】D【分析】（1）悬浮灯利用了同名磁极相互排斥的原理；（2）通电导体的周围存在磁场；（3）桌面对底座的支持力为悬浮灯和底座的重力；（4）根据物体处于平衡状态，故力大小不变。【解答】解：A．悬浮灯之所以能悬浮在空中，是利用了同名磁极相互排斥的原理，悬浮灯受到的斥力与重力是平衡力，方向竖直向上，故A正确；B．给底座线圈通电后，灯泡发光并悬浮，说明通电导体的周围存在磁场，故B正确；C．悬浮灯静止时，处于平衡状态，故桌面对底座的支持力等于悬浮灯和底座的重力，即支持力约为：F＝G＝（0.5kg+0.1kg）×10N/kg＝6N，故C正确；D．断电后，灯泡下落，静止在底座上后，仍处于平衡状态，故装置对地的压力不变，故D错误。故选：D。9．【答案】D【分析】（1）水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力；（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；（3）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；（4）内燃机工程过程中将燃料的化学能转化为内能，内能再转化为机械能。【解答】解：A、联合收割机工作时不断向卡车输送粮食，卡车的质量增大，重力增大，对地面的压力增大，故A错误；B、当联合收割机和卡车匀速直线运动时，卡车与地面的位置发生了变化，所以卡车相对于地面是运动的，故B错误；C、联合收割机工作时不断向卡车输送粮食，卡车的质量增大，卡车的运动速度不变，所以卡车的动能不断增大，故C错误；D、工作中的联合收割机不断将燃料的化学能转化内能，内能再转化为机械能，故D正确。故选：D。10．【答案】D【分析】（1）在进行牛顿第一定律的实验时，我们主要研究的是摩擦阻力对小车运动情况的影响，因此，需控制小车在水平面的速度相等，这样才能得出其不同摩擦阻力下，对小车运动状态的影响。再根据不同表面的摩擦大小，可判断小车前进距离的远近；（2）分析实验现象可知，小车受到的阻力越小，其前进的距离会越远，据此进一步做出极端假设，即小车不受外力时，会永远运动下去。这一实验是牛顿第一定律得出的基础，再在此基础上进行科学推理才最终得出了这一著名的定律。【解答】解：A、实验中，让同一小车，三次在同一斜面的同一高度处从静止开始下滑，目的是使小车到达水平位置时，具有相同的速度；故A正确；B、毛巾最粗糙，所以小车在毛巾表面受的摩擦力最大，这说明摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关，故B正确；C、由实验现象可以看出：小车受的阻力越小，小车运动的路程越远，速度减小得越慢，故C正确；D、在实验的基础上推理出：若水平面绝对光滑，物体将以恒定不变的速度永远运动下去。这种研究方法是科学推理法，不是转换法，故D错误。故选：D。11．【答案】C【分析】由甲图电路知，R1与R2串联，ab间电压为R1两端的电压。（1）由图乙可知跳绳一次的时间，然后求出1min内跳绳的次数；（2）由题知，当绳子挡住射向R1的红外线时，R1的阻值会变大，自动计数器会计数一次，根据串联电路的分压原理可知R1分得电压增大，根据图乙读出此时ab间的电压，根据串联电路的分压原理求出此时R1与R2阻值之比；（3）当无红外线照射时，R1阻值变小，R1分得电压减小，根据图乙读出此时ab间的电压，根据串联电路的分压原理求出此时R1与R2阻值之比，进一步得出有红外线照射和无红外线照射时光敏电阻的阻值之比。【解答】解：由甲图电路知，R1与R2串联，ab间电压为R1两端的电压。（1）由图乙可知，跳绳一次的时间为0.6s，则1min内跳绳的次数n＝＝100次，故A错误；（2）由题知，当绳子挡住射向R1的红外线时（即无红外线照射R1），R1的阻值会变大，自动计数器会计数一次，根据串联电路的分压原理知，R1分得电压增大，由图乙知，此时U1＝Uab＝4V，故B错误；由串联电路的分压原理有：＝＝，即：＝＝，则R1＝2R2；（3）当有红外线照射时，R1阻值变小，R1分得电压减小，由图乙知，此时U1'＝Uab'＝2V，由串联电路的分压原理有：＝＝，即：＝＝，则R1′＝R2；即有红外线照射时，R1与R2阻值之比为1：2，故D错误；所以，有红外线照射和无红外线照射时，光敏电阻R1的阻值之比＝＝，故C正确。故选：C。12．【答案】C【分析】（1）当物体的密度大于液体的密度时物体沉底，当物体的密度等于液体的密度是物体悬浮，当物体的密度小于液体的密度是物体漂浮，据此判断小球是否空心的问题；（2）已知小球的体积相同，根据阿基米德原理并结合图中排开液体的体积判断小球所受的浮力关系；物体漂浮或悬浮时，受到的浮力等于自身重力，物体沉底时，受到的浮力小于自身重力，结合浮力关系求出小球的重力关系；（3）根据液体压强公式p＝ρgh可知深度越深，受到的液体压强越大，据此判断小球受到的液体压强的大小关系。【解答】解：A、已知ρB＞ρC＞ρ水＞ρA，根据物体的浮沉条件可知实心的B、C两球静止时沉入水中，实心A球静止时处于漂浮状态，由图可知A球漂浮、B球悬浮，C球沉底，所以B一定是空心的，A、C可能实心、也可能是空心，故A错误；BC、三个小球体积相同，根据F浮＝ρ水gV排可知三个小球受到的浮力：FA＜FB＝FC，故C正确；物体漂浮或悬浮时，受到的浮力等于自身重力，物体沉底时，受到的浮力小于自身重力，根据物体的浮沉条件知：FA＝GA、FB＝GB、FC＜GC，所以GA＜GB＜GC，故B错误；D、根据液体压强公式p＝ρgh可知深度越深，受到的液体压强越大，所以pA＜pB＜pC，故D错误。故选：C。二、多项选择题（下列每题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每题2分。每题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）（多选）13．【答案】AC【分析】（1）在磁体周围空间存在一种特殊的物质，这种物质能对放入其中的磁体产生力的作用，这就是磁场；（2）为了形象地描述磁场，我们引入了磁感线。【解答】解：A．图甲，小磁针放在条形磁体的周围，条形磁体的周围存在磁场，小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，故A正确；B．磁体周围始终存在磁场，借助细铁屑可以显示磁体周围的磁场分布特点，但不能显示磁场方向，故B错误；CD．磁感线是人们利用建模的方法画出来的，并不真实存在的曲线，磁场是不由磁感线组成的，故C正确，D错误。故选：AC。（多选）14．【答案】BD【分析】（1）热量是在热传递的过程中内能改变的多少，是一个过程量；（2）燃料燃烧的过程是燃料的化学能转化为内能；（3）做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；（4）扩散是指不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象。表明分子在不停地做无规则运动。【解答】解：A、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；B、煮汤圆的过程中利用了燃料燃烧释放的内能；故B正确；C、图丙中，与盒子摩擦拆引燃火柴，是通过做功改变物体的内能，故C错误；D、能闻到饭菜的香味是分子的无规则运动产生扩散的结果，故D正确。故选：BD。（多选）15．【答案】AC【分析】（1）在图线a、b中读出100s拉力的功，根据s＝nh和v＝计算绳端移动距离，由W＝Fs计算两图线绳端拉力；不计绳重和摩擦，若两图线都提升物体A，由F＝（G+G动）分别计算动滑轮重力，从而确定表示提升A物体的图线，再计算B的重力，从而得到B的质量；（2）不计绳重和摩擦，根据η＝＝＝计算提升物体A时滑轮组的机械效率；（3）根据F＝（G+G动）分析提升A、B时拉力的大小关系，从而判定压力的大小；（4）用同一滑轮组提升不同物体时，不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力做的功为额外功，据此分析判断相同时间，提升A和B额外功的大小。【解答】解：A、由图甲知，承担重物绳子的段数n＝2，拉力做的功是总功，由图象知，当t＝100s时，图线a的总功Wa＝4×104J，图线b的总功Wb＝2×104J，由s＝nh和v＝可得，绳端移动距离s＝nv物t＝2×0.2m/s×100s＝40m，由W＝Fs可得：Fa＝＝＝1000N，Fa＝＝＝500N，物体A的重力GA＝mAg＝180kg×10N/kg＝1800N，不计绳重和摩擦，由F＝（G+G动）可得：G动＝nF﹣G＝2F﹣G，若a图线表示提升物体A时拉力F所做的功W随时间t的变化关系图线：G动＝2Fa﹣GA＝2×1000N﹣1800N＝200N，若b图线表示提升物体A时拉力F所做的功W随时间t的变化关系图线：G动＝2Fb﹣GA＝2×500N﹣1800N＝﹣800N（不合理），所以：a、b图线分别表示提升物体A、B时拉力做的功W与时间t的图线，动滑轮重G动＝200N，所以：GB＝2Fb﹣G动＝2×500N﹣200N＝800N，物体B的质量：mB＝＝＝80kg，故A正确；B、不计绳重和摩擦，提升物体A时滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝90%，故B错误；C、A的质量大于B的质量，根据G＝mg可知，A的重力大于B的重力，根据F＝（G+G动）可知，卷扬机提升A时的拉力大，则对地面的压力小，故C正确；D、相同时间内，用此滑轮组提升物体A和B时，两物体被提升高度h相同，由W额＝G动h知，做的额外功相同，故D错误。故选：AC。三、实验探究题（共28分，16、18题每空2分；17、23题3分，其他题每空1分）16．【答案】21.20；OD；S。【分析】（1）刻度尺的最小刻度值为相邻的刻度线表示的长度；起始端从0开始，读出末端刻度值，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角，据此结合图片进行分析；（3）知道螺线管中的电流方向，根据安培定则，用右手握住螺线管，四指的方向和电流方向相同，那么大拇指所指的一端即为螺线管的N极。【解答】解：（1）由图可知，刻度尺的分度值为0.1cm，起始端从0开始，则这支毛笔的长度为21.20cm；（2）在反射现象中，反射角等于入射角，所以反射光线将沿着OD方向射出；（3）根据安培定则，用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则拇指所指的那端就是螺线管的N极。可判断出电磁铁的A端是S极。故答案为：21.20；OD；S。17．【答案】（1）将游码移到标尺最左端的零刻度线处；（2）1.05×103。【分析】（1）从天平使用前的调平衡过程分析，由图可知，游码没有移到零刻度线，所以，首先要游码移到标尺最左端的零刻度线处；（2）用量筒测液体体积，读数时视线要与液体的凹液面平齐，可以读出示数；由图丙可读出烧杯和剩余液体的总质量为m2等于砝码的质量数加上游码的示数；由烧杯和液体的总质量与烧杯和剩余液体的总质量可以求出量筒中液体的质量，根据ρ＝可以计算出液体的密度。【解答】解：（1）如图甲所示，游码没有移到标尺最左端的零刻度线处，所以，我们调平衡时首先要把游码移到零刻度线处，再调节平衡螺母；（2）用量筒测液体体积，读数时视线要与液体的凹液面平齐，由图乙可知，液体体积V＝60mL＝60cm3；由图丙可知，砝码的质量为35g，游码的所示为3g，所以m2＝35g+3g＝38g；量筒中液体的质量m′＝m﹣m2＝101g﹣38g＝63g；液体的密度：ρ＝＝＝1.05g/cm3＝1.05×103kg/m3。故答案为：（1）将游码移到标尺最左端的零刻度线处；（2）1.05×103。18．【答案】带电小球N受力的大小（夹角）与带电体间的距离大小（位置）有关吗。【分析】小球偏离竖直方向的角度大小，反映小球受到的力的大小不同，将小球受到的力的大小不同与小球N距离M的距离的远近不同联系起来，即可得到探究的问题。【解答】解：随着带电小球N距离带电球体M的距离在增大，发现带电小球在竖直方向上偏转的角度在减小，即其受到的作用力在减小；由此可以提出的探究问题：带电小球N受力的大小（夹角）与带电体间的距离大小（位置）有关吗？故答案为：带电小球N受力的大小（夹角）与带电体间的距离大小（位置）有关吗。19．【答案】（1）左；缩小；（2）左【分析】（1）u＞2f时，凸透镜成倒立、缩小的实像，此时的f＜v＜2f；（2）将凸透镜换成焦距为5cm时，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大而得出光屏移动的方向。【解答】解：（1）根据图示可知，将蜡烛放置在A位置时，此时u＞2f，凸透镜成倒立、缩小的实像，此时的f＜v＜2f，所以光屏应该向左移动；（2）当将凸透镜换成焦距f为5cm的，由图可知，此时u＞2f，则成倒立缩小的实像，相当于增大了物距、减小了像距，应将光屏向左移动才能得到清晰的像。故答案为：（1）左；缩小；（2）左。20．【答案】（1）有；（2）通电导体的受力方向；扬声器【分析】（1）产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，然后根据具体情况分析即可；（2）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，力的方向与磁场的方向、电流的方向有关。【解答】解：（1）由图甲可知，导体AB从图示位置向下运动，闭合电路的一部分做切割磁感线运动，所以电路中就有感应电流；（2）如图乙所示，改变电流方向（开关闭合），磁场的方向不变，发现导体棒ab的运动方向改变，受力方向改变，这说明通电导体的受力方向与电流方向有关，利用该装置原理工作的是扬声器；电铃的工作原理是电流的磁效应，动圈式话筒的工作原理是电磁感应现象。故答案为：（1）有；（2）通电导体的受力方向；扬声器。21．【答案】（1）相同；相同的；加热时间；（2）甲。【分析】（1）改变物体内能的两种方法是做功和热传递，电流做功的过程就是电能转换为其它形式能的过程；选用两个相同规格的电加热器加热，在相同时间内使两种液体吸收的热量相同，我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；（2）比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。【解答】解：（1）根据比较吸热能力的方法知，要控制不同物质的质量相同，故分别给初温相同且质量相同的甲、乙两种液体加热；实验中应选用规格相同的电加热器给不同的液体加热，控制相同时间放出的热量相同；实验中我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；（2）分析表中数据可知，当它们从20℃升高到30℃时，甲用时40s，乙用时20s，所以升高相同的温度时，甲的加热时间长，甲液体需要吸收的热量多，甲的吸热本领强，比热容大。故答案为：（1）相同；相同的；加热时间；（2）甲。22．【答案】（1）见解答图；（2）右（或左）；（3）5.07；（4）定值电阻R1断路。【分析】（1）滑动变阻器上下各选一个接线柱串联在电路中；（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑片移至阻值最大处；（3）根据电流表选用量程确定分度值读数，利用R＝求出三次实验的电阻，然后求平均值作为定值电阻R1的阻值；（4）小明在某次实验中发现电流表示数几乎为零，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了。【解答】解：（1）滑动变阻器上下各选一个接线柱串联在电路中，如下图所示：或；（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑片移至阻值最大处，即最右（或左）端；（3）第2次测量时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.48A；由表中数据可知，三次实验的电阻为：R1＝＝＝5Ω，R2＝＝＝5Ω，R3＝＝＝5.2Ω，故定值电阻R1＝＝≈5.07Ω；（4）小明在某次实验中发现电流表示数几乎为零，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路出现的故障是定值电阻R1断路。故答案为：（1）见解答图；（2）右（或左）；（3）5.07；（4）定值电阻R1断路。23．【答案】小木块排开液体的体积先增大再不变。【分析】根据硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大可知温度从90℃下降到室温时，硝酸钾溶解度减小，原饱和溶液晶体析出密度减小，由于木块始终处于漂浮状态，则浮力不变，根据F浮＝ρ液gV排可知，V排增大，当温度保持在室温时，溶液密度不变，V排不变。【解答】答：溶液温度从90℃下降到室温，硝酸钾溶解度减小，原饱和溶液有晶体析出，溶液密度减小，小木块漂浮时，受到的浮力F浮＝G，由于小木