湖南省永州市东安县一中2025届物理高二上期中调研试题含解析

湖南省永州市东安县一中2025届物理高二上期中调研试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在绝缘的斜面上存在着沿水平向右的匀强电场，一带电金属块由静止开始沿斜面滑到底端，已知在金属块下滑的过程中动能增加了0.7J，金属块克服摩擦力做功0.3J，重力做功1.2J，则以下判断正确的是（）A．金属块带负电荷B．电场力做功0.2JC．金属块的机械能减少1.2JD．金属块的电势能增加0.2J2、如图所示，质量为的半圆轨道小车静止在光滑的水平地面上，其水平直径长度为2R，现将质量也为的小球从距点正上方高处由静止释放，然后由点经过半圆轨道后从冲出，在空中能上升的最大高度为（不计空气阻力），则A．小球和小车组成的系统动量守恒B．小车向左运动的最大距离为2RC．小球离开小车后做斜上抛运动D．小球第二次能上升的最大高度3、关于分子动理论，下列说法正确的是A．气体扩散的快慢与温度无关B．布朗运动是液体分子的无规则运动C．分子间同时存在着引力和斥力D．分子间的引力总是随分子间距增大而增大4、某人平抛出一个小球，平抛的初速度为，3s末落到水平地面时的速度为，忽略空气阻力。下列四个图中能够正确反映抛出时刻、1s末、2s末、3s末速度矢量的示意图是A． B． C． D．5、如图所示，质量为M的小车在光滑的水平面上以向右匀速运动，一个质量为m的小球从高h处自由下落，与小车碰撞后，与车一起向右运动，则其速度为A． B．C． D．6、弹簧振子做机械振动，若从平衡位置O开始计时，经过时，振子第一次经过P点，又经过了，振子第二次经过P点，则到该振子第三次经过P点还需要多长时间（）A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，四个相同的表头分别改装成两个电流表和两个电压表。电流表的量程大于的量程，电压表的量程大于的量程，把它们按图接入电路，且都没有超过量程，则（）A．电流表的读数大于电流表的读数B．电流表的偏转角小于电流表的偏转角C．电压表的读数等于电压表的读数D．电压表的偏转角等于电压表的偏转角8、用来加速带电粒子的回旋加速器，其核心部分是两个D形金属盒．在加速带电粒子时，两金属盒置于匀强磁场中，两盒分别与高频电源相连．带电粒子在磁场中运动的动能Ek随时间t的变化规律如图所示，忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列判断正确的是．A．伴随粒子动能变大，应有(t2－t1)>(t3－t2)>(t4－t3);B．高频电源的变化周期应该等于2(tn－tn－1);C．要想粒子获得的最大动能增大，可增加D形盒的半径;D．粒子加速次数越多，粒子最大动能一定越大.9、一交流电流的图象如图所示，由图可知A．该交流电流瞬时值表达式为i=10B．该交流电流的频率为50HzC．该交流电流的最大值为10D．用电流表测该电流其示数为1010、霍尔效应是美国物理学家霍尔于1879年发现的，利用霍尔效应制成的霍尔位移传感器的测量原理如图所示，有一个沿x轴方向均匀变化的磁场，磁感应强度大小B=B0+kx（B0、k均为常数,且k>0）。在传感器中通以如图所示的电流I，则当传感器沿x轴正方向运动时（）A．霍尔位移传感器的上、下两表面的电势差U越来越大B．k越大，位移传感器的灵敏度∆U∆xC．若该霍尔位移传感器是利用电子导电，则其上表面电势高D．通过该传感器的电流越大，则其上、下两表面间的电势差U越小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示，电流表内阻，现把它改装成两个量程的电流表，当接a、b两个接线柱时量程为3A，当接a、c两个接线柱时两车为0.6A，求电阻和．12．（12分）某实验小组利用下列实验器材探究某压敏电阻的压力特性电压表（量程0～3V，可视为理想电压表），电源（4V，内阻不计），定值电阻R0，压敏电阻Rx，开关S，导线若干。F040.080.0120.0160.0Rx/Ω400.0320.3240.0160.179.8（1）请用笔面线代替导线，完成该实验的电路图（如图甲所示），要求电压表测量定值电阻R两端的电压。（2）压敏电阻阻值Rx随压力F变化的规律如下表所示，试在图乙所示的坐标中作出Rx﹣F图象（3）若压敏电阻受到的压力为80N时，电压表示数为2V，则定值电阻R0的阻值为_____Ω，当压敏电阻受到的压力为120N时，电压表的示数为_____V。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）P、Q为竖直放置的平行金属板，将如图所示电压U加在两板上，且U为正时P板电势高．一质量m=6.4×10-13kg，电量q=3.2×10-10C的带正电粒子从t1=0.2×10-2s时刻开始由静止从P板向Q板运动．已知PQ两板间距L=1.0m，则粒子由P板出发后，将以多大的动能撞击Q板．（粒子重力不计）14．（16分）如图（a）所示，一端封闭的两条平行光滑导轨相距L，距左端L处的中间一段被弯成半径为H的1/4圆弧，导轨左右两段处于高度相差H的水平面上．圆弧导轨所在区域无磁场，右段区域存在磁场B0，左段区域存在均匀分布但随时间线性变化的磁场B（t），如图（b）所示，两磁场方向均竖直向上．在圆弧顶端，放置一质量为m的金属棒ab，与导轨左段形成闭合回路，从金属棒下滑开始计时，经过时间t0滑到圆弧底端．设金属棒在回路中的电阻为R，导轨电阻不计，重力加速度为g．⑴问金属棒在圆弧内滑动时，回路中感应电流的大小和方向是否发生改变？为什么？⑵求0到时间t0内，回路中感应电流产生的焦耳热量．⑶探讨在金属棒滑到圆弧底端进入匀强磁场B0的一瞬间，回路中感应电流的大小和方向．15．（12分）虚线PQ、MN间存在如图所示的水平匀强电场，一质量kg、电荷量C的带电粒子从a点以m/s的速度垂直进入匀强电场中，从虚线MN上的某点b（图中未画出）离开匀强电场时速度与电场方向成30°角。已知虚线PQ、MN的间距d=20cm，带电粒子的重力忽略不计。求：（1）水平匀强电场的场强大小；（2）a、b两点间的电势差。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

在金属块滑下的过程中动能增加了0.7J，金属块克服摩擦力做功0.3J，重力做功1.2J，根据动能定理求出电场力做功．知道电场力做功量度电势能的改变．知道重力做功量度重力势能的改变．【详解】A、B、D、在金属块滑下的过程中动能增加了0.7J，金属块克服摩擦力做功0.3J，重力做功1.2J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK，解得W电=△EK-WG-Wf=0.7-1.2-（-0.3）=-0.2J，所以电场力做功-0.2J，金属块的电势能增加0.2J．由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷；故D正确，A，B错误.C、在金属块滑下的过程中重力做功1.2J，重力势能减小1.2J，动能增加了0.7J，所以金属块的机械能减少0.5J，故C错误.故选D.【点睛】解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．2、D【解析】

A.小球与小车组成的系统在竖直方向合力不为0，所以系统的动量不守恒。故A项错误；B.在水平方向所受合外力为零，水平方向系统动量守恒，设小车的位移为x，以向右为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：mv−mv′=0即：，解得小车的位移：x=R，故B项错误；C.小球与小车组成的系统在水平方向动量守恒，系统初状态在水平方向动量为零，由动量守恒定律可知，系统在任何时刻在水平方向动量都为零，小球离开小车时相对小车向上运动，水平方向和小车有相同的速度，所以小球与小车在水平方向速度都为零，小球离开小车后做竖直上抛运动，故C项错误；D.小球离开小车时，小球与小车水平方向动能为零，如果系统机械能守恒，由机械能守恒定律可知，小球离开小车后上升的最大高度为h0，由题意可知，小球离开小车后在空中能上升的最大高度为<h0，系统机械能不守恒。小球第二次在车中滚动时，克服摩擦力做功，机械能减小，因此小球再次离开小车时，小球与小车水平方向速度为零，小球第二次离开小车在空中运动过程中，小车处于静止状态，小球能上升的高度小于，故D项正确。3、C【解析】A、扩散的快慢与温度有关，温度越高，扩散越快，故A错误；B、布朗运动为悬浮在液体中固体小颗粒的运动，不是液体分子的热运动，固体小颗粒运动的无规则性，是液体分子运动的无规则性的间接反映，故B错误；C、分子间斥力与引力是同时存在，而分子力是斥力与引力的合力，分子间的引力和斥力都是随分子间距增大而减小；当分子间距小于平衡位置时，表现为斥力，即引力小于斥力，而分子间距大于平衡位置时，分子表现为引力，即斥力小于引力，但总是同时存在的，故C正确，D错误．点睛：本题考查了布朗运动、扩散以及分子间的作用力的问题；注意布朗运动和扩散都说明了分子在做永不停息的无规则运动，都与温度有关；分子间的斥力和引力总是同时存在的．4、D【解析】

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，可知水平分速度不变，则v1、v2、v3的矢量末端在同一竖直线上，竖直分速度之差△v=g△t，时间间隔相等，则竖直分速度之差相等，故D正确，ABC错误。故选D。【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，会通过矢量图表示平抛运动的速度，以及速度的变化。5、A【解析】

对于小球与小车组成的系统，在小球与小车碰撞的过程中，系统水平方向不受外力，则系统水平方向的动量守恒，取水平向右为正方向，由动量守恒定律得：解得故选A。6、D【解析】若从O点开始向右振子按下面路线振动，如图所示，则振子的振动周期为：，则该质点再时间△t1=T-0.2s=1.4s，经第三次经过P点。若振子从O点开始向左振动，则按下面路线振动，如图所示：设从P到O的时间为t，则，解得：，可得周期为：，则该质点再时间，故D正确，ABC错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

电流表A1的量程大于A2的量程，故电流表A1的内阻小于A2的内阻；电压表V1的量程大于V2的量程，故V1的电阻大于V2的电阻；

AB．由图可知，两电流表并联，故两流表两端的电压相等，两表由同一电流表改装而成，而将电流表扩大量程时为并联一小电阻，故相当于为四个电阻并联，故两表头中电流相同，故两表的偏角相同，故A1中的电流要大于A2中的电流，故A1的读数比A2的读数大，故A正确，B错误；CD．两电压表串联，故通过两表的电流相等，故V1的读数比V2的读数大，两电压表串联，通过表头的电流相等，表头指针偏转角度相等，电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角，故D正确，C错误。故选AD。8、BC【解析】试题分析：根据回旋加速器的原理可知：粒子每做一次圆周运动，就经过电场加速两次，所以其周期为2(tn－tn－1)，故选项B正确；粒子每加速一次，就做半个圆周运动，根据T=2πmqB可知其周期与粒子运动的半径无关，所以有(t2－t1)=(t3－t2)="("t4－t3)，故选项A错误；根据洛伦兹力提供粒子做圆周运动的向心力qvB=mv考点：考查对回旋加速器原理的理解和应用．9、BC【解析】从图中可知该交流电的周期为T=0.02s，故频率为f=1T=50Hz，最大值为im=102A，电流表测量的是有效值，故电流表示数为I=i10、ABC【解析】

最终电子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，有qUc=qvB，电流的微观表达式为I=nqvS=nqvbc，所以U=BInqb．B越大，上、下表面的电势差U越大。电流越大，上、下表面的电势差U越大。故A正确，D错误。k越大，根据磁感应强度B=B0+kx，知B随x的变化越大，根据U=BInqb知，U随x的变化越大，即传感器灵敏度（△U△x【点睛】解决本题的关键知道霍尔元件中移动的是自由电子，最终电子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，上下表面形成稳定的电势差．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、，【解析】当接a、b两个接线柱时量程为3A，其中起分流作用为一支路，与串联为一支路，此时量程为3A，由电路结构可得，则流过的电流为根据电路结构可得电阻的关系式：，当接a、c两个接线柱时两车为0.6A，此时为一支路起分流作用，为一支路，此时流过的电流为，所以流过的电流为,根据电路结构知：结合以上各式可以求得：，综上所述本题答案是：，12、240；2.4【解析】

（1）明确给出的仪器，从而确定实验接法，作出电路图即可；（2）根据给出的表格数据利用描点法即可确定对应的图象；（3）根据图象可确定对应的电阻和电压的对应的关系，再根据串联电路的规律确定值电阻的阻值和电压表示数。【详解】（1）由于本实验中只有一个定值电阻和待测压敏电阻，故可以直接将二者串联后接在电压两端，而电压表并联在定值电阻两端即可，如图所示；（2）根据给出的表格，利用描点法即可确定对应的图象；（3）当压力为80N时，电压表示数为2V，由图可知，此时压敏电阻的阻值为240Ω，根据串联电路规律可知，定值电阻与压敏电阻的电压相同，故二者电阻相等，故R0=240Ω；而当压力为120N时，由图可知，其电阻为160Ω，则电压表示数U=VV=2.4V；【点睛】本题考查测量电阻的实验，要注意明确实验原理，注意实验要求，同时掌握利用图象处理数据的基本方法，同时要注意掌握串并联电路的基本规律的应用。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、4×10-10J【解析】由