河南省濮阳市华龙区濮阳一中2025届物理高二上期中复习检测试题含解析

河南省濮阳市华龙区濮阳一中2025届物理高二上期中复习检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下面说法中正确的是（）A．库仑定律适用于点电荷，点电荷就是很小的带电体B．库仑定律是通过实验总结出来的关于点电荷相互作用力跟它们间的距离和电荷量关系的一条物理规律C．计算两个点电荷之间的库仑力，它们所带电荷量不相等，则受到的库仑力的大小不相等D．当两个点电荷距离趋近于零时，库仑力则趋向无穷2、对于关系式R=U/I，下列说法正确的是()A．导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟通过导体的电流成反比B．通以不同电流的两个导体，电流较大的导体电阻就较小C．导体中通过一定的电流所需电压越高，该导体的电阻也越大D．导体上加一定电压时，通过的电流越大，该导体的电阻也越大3、在一个匀强电场中有a、b两点，相距为d，电场强度为E，把一个电量为q的正电荷由a点移到b点时，克服电场力做功为W，下列说法正确的是A．该电荷在a点电势能一定比b点大B．a点电势一定比b点电势低C．a、b两点电势差大小一定为U=EdD．a、b两点电势差Uab=4、如图所示，虚线和实线分别为甲、乙两个弹簧振子做简谐运动的图象．则（）A．任意时刻甲振子的位移都比乙振子的位移大B．零时刻，甲、乙两振子的振动方向相同C．前2秒内甲、乙两振子的加速度均为正值D．第2秒末甲的速度达到其最大，乙的加速度达到其最大5、条形磁铁位于线圈L的正上方，N极朝下，灵敏电流计G、电容C与线圈L连成如图所示的电路。现使磁铁从静止开始加速下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过G的电流方向和电容器的带电情况下列说法正确的是A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电6、如图所示的电路，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，（设电源电阻r不计，两端电压不变）现将滑动变阻器的滑片P向左移动，则（）A．电容器上的带电量将减少B．电容器中的电场强度将增大C．电容器的电容将减小D．液滴将向上运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器，四个电表均为理想电表。当R2的滑动触点在a端时合上开关S，将滑动触点向b端移动的过程中，各表示数变化正确的是()A．A1的示数减小，V1的示数增大B．A1的示数增大，V1的示数减小C．A2的示数增大，V2的示数减小D．A2的示数减小，V2的示数增大8、如图（1）是某一点电荷形成的电场中的一条电场线，A、B是电场线上的两点，一负电荷q仅在电场力作用下以初速度v0从A运动到B过程中的速度图线如图（2）所示，则以下说法中正确的是A．A、B两点的电场强度是EA>EBB．A、B两点的电势差UAB>0C．负电荷q在A到B过程中电势能增大D．由于电场方向由A→B，所以此电场是由A点左侧正点电荷形成的9、如图所示为一点电荷电场的电场线，M、Ｎ为电场中的两点。下列说法正确的是A．该点电荷为负电荷B．该点电荷为正电荷C．M点电场强度小于N点电场强度D．M点电场强度大于N点电场强度10、一根粗细均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时（）A．该金属导线的电阻变为原来的2倍B．该金属丝的电阻率变为原来4倍C．自由电子定向移动的平均速率为D．通过金属导线的电流为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一多用电表的欧姆挡有4挡,分别为×1Ω，×10Ω，×100Ω，×1000Ω，现用它来测一未知电阻值．当用×100Ω挡测量时,发现指针的偏转角度很小．为了使测量结果更准确,测量前应进行如下两项操作,先_____，接着_____，然后再测量并读数．12．（12分）现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图a和b所示。由上图读得圆柱体的直径为_____________mm，长度为____________mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一端固定的长为L的绝缘线，另一端拴住质量为m带电荷量为q的小球，放在水平向右的匀强电场中，如图所示，把细线拉至水平，将小球从A点由静止释放，当小球向下摆过60°角达B的位置时速度恰好为零，求：(1)A、B两点间的电势差;(2)匀强电场的场强．14．（16分）如图所示，在电场强度大小为E1.5102N/C的匀强电场中，将电荷量为q4.0109C的正点电荷由A点沿直线移至B点，AB间的距离为L=10cm，AB方向与电场方向成60°角，求：（1）点电荷所受电场力的大小；（2）在此过程中电场力做的功；（3）A、B两点间的电势差，并说明哪点电势高．15．（12分）如图所示，在电场强度E为2.5×104V/m的匀强电场中，将某一电荷量为-4×10-4C的带负电的点电荷由A点移到B点，已知A、B两点间距离为4cm，两点连线与电场方向成60度角，求：（1）A、B两点间的电势差UAB；（2）电荷由A移到B的过程中，电场力所做的功WAB；

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A．库仑定律适用于点电荷，点电荷是一种物理模型，并不是说它一定是很小的带电体，故A错误；B．库仑定律是通过实验总结出来的关于点电荷相互作用力跟它们间的距离和电荷量关系的一条物理规律，选项B正确；C．库仑力是两点荷之间的相互作用力，即使它们所带电荷量不相等，受到的库仑力的大小也相等，选项C错误；D．当两个点电荷间的距离趋近于零时，它们两者就不能再当作点电荷，则库仑定律就不能直接套用，故D错误；2、C【解析】导体的电阻跟导体两端的电压、通过导体的电流无关，由导体本身决定，故A错误；通以不同电流的两个导体，电流较大的导体电阻不一定较小，还与电压有关系，故B错误；导体中通过一定的电流所需电压越高，由R=UI可知，该导体的电阻一定越大，故C正确；由R=UI可知，导体上加一定电压时，通过的电流越大，该导体的电阻越小，故D错误。所以3、B【解析】

A．正电荷从a点移到b点时，克服电场力做功为W，即电场力对电荷做负功，电势能增加，则电荷在a点电势能较b点小，故A错误；B．由电势能公式EP=qφ分析知，正电荷在电势低处电势能小，所以a点电势比b点电势低，故B正确；C．a、b两点不一定沿着电场线方向，所以a、b两点电势差大小不一定为U=Ed，故C错误；D．电荷从a移动到b，电场力做功为-W，根据电势差的定义得：ab间的电势差：Uab=，故D错误．4、D【解析】

A．简谐运动图象反映了振子的位移与时间的关系，可知，甲振子的位移有时比乙振子的位移大，有时比乙振子的位移小，故A错误；B．根据切线的斜率等于速度，可知，零时刻，甲、乙两振子的振动方向相反，故B错误；C．由分析可知，前2秒内乙振子的加速度为正值，甲振子的加速度为负值，故C错误；D．第2秒末甲的位移等于零，通过平衡位置，速度达到其最大，乙的位移达到最大，加速度达到其最大，故D正确。故选D。5、D【解析】

AB.当磁铁N极向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可得，感应磁场方向与原来磁场方向相反，再由安培定则可得感应电流方向沿线圈盘旋而下，由于线圈相当于电源，线圈下端相当于电源的正极，则流过G的电流方向是从b到a，故AB错误。CD.线圈下端相当于电源的正极，下极板带正电，故C错误，D正确。6、A【解析】电容器两板间电压等于R2两端电压．当滑片P向左移动时，总电阻增大，则总电流减小，R2两端电压U减小，由E=U/d知电容器中的场强减小；电容器的电压减小，由Q=CU，知电容器放电，电荷量减小，故A正确，B错误；电容器的电容与U的变化无关，保持不变，故C错误；电容器中场强变小，则带电液滴所受电场力变小，使液滴向下运动，故D错误；故选A.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

R2的滑动触点向b端移动时，R2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数U2减小，R3电压U1增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，即A1的示数减小，而总电流I增大，则流过R2的电流I2增大，即A2的示数变大。A．A1的示数减小，V1的示数增大，与结论相符，选项A正确；B．A1的示数增大，V1的示数减小，与结论不相符，选项B错误；C．A2的示数增大，V2的示数减小，与结论相符，选项C正确；D．A2的示数减小，V2的示数增大，与结论不相符，选项D错误；8、BC【解析】

A.速度图象的斜率等于物体的加速度，由图可知点电荷从A向B运动的过程中，加速度越来越大，所受的电场力越来越大，场强越来越大，故A点的场强小于B点场强，EA＜EB故A错误。B.由于物体沿电场线运动过程中做减速运动，故点电荷所受电场力方向由B指向A，又由于负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，所以电场线的方向由A指向B；而沿电场线的方向电势降低，所以A点电势比B点的电势高UAB>0故B正确。C.从图象知道，速度减小，电荷的动能减小，由于仅在电场力作用，所以根据能量守恒可知其电势能增大，负电荷q在A到B过程中电势能增大，故C正确。D.因为A点的场强小于B点场强，A点离场源电荷远，电场线的方向由A指向B，所以此电场一定是负电荷形成的电场，故D错误。9、AC【解析】

AB.根据电场线分布可知，该点电荷为负电荷，选项A正确，B错误；CD.因N点电场线较M点密集，可知M点电场强度小于N点电场强度，选项C正确，D错误。10、CD【解析】

AD．将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律分析得到，电阻变为原来的4倍，电压U恒定不变，根据欧姆定律可知，电流I变为原来的，故A错误，D正确；B．金属丝的电阻率与金属丝的长度无关，所以电阻率不变，故B错误；C．电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流I为原来的，横截面积S变为原来的倍，，则自由电子定向移动的平均速率为，故C正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、换“×1000Ω”挡将两表笔短接调零【解析】

[1][2]第一次测量时用×100挡，调零后测量时发现指针偏转角度太小，说明待测电阻阻值较大，应换一更大挡，所以，换×1000Ω的档位后两表笔短接进行欧姆调零，接着将两表笔短接调零，然后再测量并读数。12、1.844mm42.40mm【解析】

由题意可知考查螺旋测微器、游标卡尺读数问题，根据读数原理分析可得。【详解】[1]螺旋测微器读数先读固定刻度为1.5mm，再读可动刻度柱体的直径为两部分之和[2]用游标卡尺测量该圆柱体的长度，主尺示数为42mm，游标尺读为实际读数为两部分之和【点睛】螺旋测微器读数方法：固定刻度+可动刻度（格数），格数要估读一位小数游标卡尺读数方法：主尺+游标卡尺示数（10分度：格数、50分度：格数、50分度：格数，格数不需要估读）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)UAB=-【解析】

(1)对于A→B的圆周运动由动能定理有：mglsin解得：UAB(2)由匀强电场U=Ed可知，场强为：E=代入数据得：E=3【点睛】求电势差时，要注意顺序，运用动能定理求解电势差时，电场力做功公式WAB=qUAB，各个量都要代入符号进行计算．14、（1）（2）（3）