2025届山东肥城市泰西中学物理高二第一学期期中检测试题含解析

2025届山东肥城市泰西中学物理高二第一学期期中检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、电荷＋Q激发的电场中有A、B两点．质量为m，电量为q的带正电的粒子，自A点由静止释放后的运动中经过B点时的速度为v0，如果此粒子的质量为2q，质量为4m，仍从A点由静止释放(粒子重力均不计)，则后一个粒子经过B点时的速度应为A．2v0B．4v0C．v0/2D．v02、如图所示，甲、乙两人静止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，结果两人向相反方向滑去。已知甲的质量为45kg，乙的质量为50kg。则下列判断正确的是A．甲的速率与乙的速率之比为1：1B．甲的加速度大小与乙的加速度大小之比为9：10C．甲对乙的冲量大小与乙对甲的冲量大小之比为1：1D．甲的动能与乙的动能之比为1：13、下面各图中A球系在绝缘细线的下端，B球固定在绝缘平面上，它们带电的种类以及位置已在图中标出，则A球能保持静止的是A．B．C．D．4、R1和R2是材料相同、厚度相同、上下表面都为正方形的导体，但R1的尺寸比R2大得多，关于两导体的电阻大小，判断正确的是A．R1＝R2B．R1<R2C．R1>R2D．无法确定5、如图所示，铜盘安装在水平的铜轴上，磁感线垂直穿过铜盘；两块铜片M、N分别与铜轴和铜盘边缘接触，匀速转动铜盘，电阻R就有电流通过。则下列说法正确的是A．铜盘绕铜轴转动时，沿半径方向上的金属“条”切割磁感线，产生电动势B．回路中恒定电流的大小与铜盘转速无关C．回路中的电流大小和方向都作周期性变化D．回路中电流方向不变，从M经导线流进电阻R，再从N流向铜盘6、下列关于温度及内能的说法中正确的是（）A．物体吸热，温度一定升高B．一个物体的温度升高，一定是外界对物体做功C．质量和温度相同的冰和水，内能是相同的D．某一铁块，温度降低，内能一定减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，AB两端的电压U恒为14V，灯泡L标有“6V、12W”字样，电动机线圈的电阻．若灯泡恰能正常发光，且电机能正常运转，则以下说法中正确的是（）A．电动机的输出功率是14WB．电动机的输入功率是16WC．电动机的热功率是1.0WD．整个电路消耗的电功率是30W8、如甲图所示，两个带等量正电荷的小球A、B（可视为点电荷），被固定在光滑绝缘的水平面上，P、N是小球A、B连线的中垂线上两点，且PO=ON．现将一个电量很小的负电小球C（可视为质点），由P点静止释放并向N点运动的过程中，下列关于小球C的图象，可能正确是A．A B．B C．C D．D9、如图所示，一束重力可忽略不计的带电粒子以一定的初速度沿直线通过由相互正交的匀强磁场B和匀强电场E组成的速度选择器，然后粒子通过平板S上的狭缝P进入另一匀强磁场，最终打在上。下列表述正确的是（）A．粒子带正电B．所有打在上的粒子，在磁场中运动时间都相同C．能通过狭缝P的带电粒子的速率等于D．粒子打在上的位置越靠近P，粒子的比荷越大10、如图甲所示，等离子气流由左边连续以v0射入P1和P2两板间的匀强磁场中，ab直导线与P1、P2相连接，线圈A与直导线cd连接．线圈A内有随图乙所示的变化磁场，且规定磁场B向左为正方向．则下列四段时间内，ab、cd导线互相排斥的是A．0～1s B．1s～2s C．2s～3s D．3s～4s三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)如图甲所示为某多用电表内部简化电路图，作电流表使用时，选择开关S应接________(选填“1”“2”“3”“4”或“5”)量程较大．(2)某同学想通过多用表的欧姆挡测量量程为3V的电压表内阻(如图乙)，主要步骤如下：①把选择开关拨到“×100”的欧姆挡上；②把两表笔相接触，旋转欧姆调零旋钮，使指针指在电阻零刻度处；③把红表笔与待测电压表________(选填“正”或“负”)接线柱相接，黑表笔与另一接线柱相连，发现这时指针偏转角度很小；④换用________(选填“×10”或“×1k”)欧姆挡重新调零后测量，发现这时指针偏转适中，记下电阻数值；⑤把选择开关调至________，然后拔下表笔，把多用电表放回桌上原处，实验完毕．12．（12分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中,某学习小组在实验室组装了如图的装置外,还备有下列器材：打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、天平、细沙他们称量滑块的质量为M、沙和小桶的总质量为m当滑块连接上纸带,用细线通过滑轮挂上空的小桶时,滑块处于静止状态要完成该实验,则：（1）还缺少的实验器材是______．（2）实验时为保证滑块受到的合力与沙、小桶的总重力大小基本相等,沙和小桶的总质量应满足的实验条件是______；实验时为保证细线拉力等于滑块所受的合外力,首先要做的步骤是______．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图甲所示，固定平行金属导轨MN、PQ与水平面成37°角倾斜放置，其电阻不计，相距为L＝0.4m.导轨顶端与电阻R相连，R＝0.15Ω.在导轨上垂直导轨水平放置一根质量为m＝2×10－2kg、电阻为r＝0.05Ω的导体棒ab.ab距离导轨顶端d1＝0.4m，距离导轨底部d2＝16m，导体棒与导轨间的动摩擦因数μ＝0.5；在装置所在区域加一个垂直导轨平面向上的磁场，其磁感应强度B和时间t的函数关系如图乙所示。（g取10m/s2）(1)前2s内，施加外力使导体棒保持静止，求通过导体棒的电流I的大小和方向(2)前2s内，哪段时间内静止释放导体棒（不施加外力），释放时导体棒能处于平衡状态？(3)若2s后静止释放导体棒，已知ab棒滑到底部前已达到最大速度vm并匀速下滑到底部。求vm的大小、以及此过程中电阻R上产生的热量Q和通过的电量q.14．（16分）如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电荷量为-4×10-6C的点电荷从A点移到M板，电场力做负功8×10-4J，把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功为4×10-4J，N板接地，设地面为零势面。则（1）A点的电势φA是多少？（2）UMN等于多少伏？15．（12分）如图所示，质量为m，电荷量为e的电子，从A点以速度v0垂直于电场方向射入一个电场强度为E的匀强电场中，从B点射出电场时的速度方向与电场线成120°角，电子重力不计．求：（1）A、B两点间的电势差UAB？（2）电子从A运动到B的时间tAB？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】设A.

B间的电势差为U，根据动能定理得：对于任意一个粒子有：可得：，U一定，则v与成正比，已知它们的电量之比1：2，质量之比1：4，则比荷q/m之比为2:1，所以速度之比为v1:v2=因此v2=v0故选：D。【名师点睛】粒子分别从A点由静止释放到达B点时，电场力做正功，根据动能定理研究它们的速度之比，从而得解。2、C【解析】

甲、乙两人组成的系统动量守恒，以两人组成的系统为研究对象，以甲的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m甲v甲-m乙v乙=0，所以：；故A错误；甲与乙之间的作用力为作用力与反作用力，大小相等，由牛顿第二定律：a=F/m，所以：．故B错误；甲、乙两人组成的系统动量守恒，所以分离后二者动量大小相等，方向相反。由动量定理：I=△mv=△P可知，甲对乙的冲量大小与乙对甲的冲量大小之比为1：1．故C正确；动能的表达式：Ek＝mv2＝，所以：．故D错误。故选C。【点睛】该题考查动量、能量的转化与守恒，题中两人组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出两人的速度之比。3、A【解析】A图中，对A球进行受力分析：根据力的合成，可知道任意两个力的合力的方向不可能与第三个力方向相反，故A错误．B图中，对A球进行受力分析：根据力的合成，可知道三个力合力可以为0.故B正确．C图中，对A球进行受力分析：根据力的合成，可知道任意两个力的合力的方向不可能与第三个力方向相反．故C错误．D图中，对A球进行受力分析：根据力的合成，可知道三个力合力不可以为0，故D错误．故选B.4、A【解析】设导体的电阻率为ρ，厚度为d，边长为L，则由电阻定律得导体的电阻：，可知电阻与边长L无关，只取决于厚度，故R1=R2，故A正确，BCD错误。5、A【解析】

AB.圆盘在外力作用下运动，相当于沿半径方向上的金属“条”切割磁感线，从而产生感应电动势；根据法拉第电磁感应定律，则有：产生的电动势大小不变，则感应电流不变，可知回路中恒定电流的大小与铜盘转速有关，故选项A符合题意，B不符合题意；CD.根据右手定则可知电流从点流出，经过电阻流向点，因此电流方向为从向再到，通过的电流从下向上，电流方向不变，通过的电流是直流电，故选项C、D不符合题意。6、D【解析】晶体熔化时吸热，但温度不变，故A错误；一个物体的温度升高，不一定是外界对物体做功，还可能是吸收了热量，故B错误；质量和温度相同的冰和水，水的内能大，故C错误；同一物体分子个数是一定的，当温度降低时，分子的热运动越缓慢，则分子的动能就越小，从而物体的内能减小；由于铁块的质量不变，因此铁块的温度降低，内能一定减小，故D正确。所以D正确，ABC错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

ABC．电动机两端的电压UM=U-UL=14-6V=8V，整个电路中的电流所以电动机的输入功率P入=UMI=8×2W=16W．电动机的发热功率P热=I2RM=22×0.5W=2W，则电动机的输出功率P出=P入-P热=（16-2）W=14W．故AB正确．C错误．D．整个电路消耗的功率P总=UI=14×2W=28W故D错误．故选AB。8、AB【解析】试题分析：由于电场线的分布情况未知，小球从P到O，场强可能先增大后减小，电场力先增大后减小，加速度先增大后减小，v-t图象的斜率先增大后减小．小球经过O点时场强为零，电场力为零，则加速度为零．小球从O到N，根据对称性可知，加速度先增大后减小，v-t图象的斜率先增大后减小．故A正确．根据电场线的分布情况可知，PO段与ON段电场强度方向相反，从P到O，场强可能先增大后减小，从O到N，场强先增大后减小．故B正确．φ-x图象的斜率等于场强，越接近O场强应减小，图象的斜率应减小，故C错误．小球从P到O，电场力做正功，电势减小．从O到N，电场力增大，电势能增大，故D错误．故选AB.考点：电场强度；电势及电势能9、ACD【解析】

A．由左手定则可判断出该粒子带正电，故A正确；BD．根据解得粒子在磁场中运动时间为所以打在上的粒子，粒子的比荷不同，在磁场中运动时间就不同。粒子的比荷越大，半径越小。故B错误，D正确；C．设带电粒子沿直线通过速度选择器的速度为v，有即可知带电粒子进入另一匀强磁场的速度是相同的。故C正确。故选ACD。10、CD【解析】

左边装置中，由左手定则可知，等离子气流正离子向上偏，则P1为正极，电流从a到b；右边装置部分，由楞次定律可知，在0-2s内cd中的电流从c到d，2-4s内流经cd的电流从d到c；因为流经导线的电流同向时相互吸引，反向时相互排斥，2～4

s内cd中电流跟ab中电流反向，因此ab、cd相互排斥。

A.0～1s，与结论不相符，选项A错误；B.1s～2s，与结论不相符，选项B错误；C.2s～3s，与结论相符，选项C正确；D.3s～4s，与结论相符，选项D正确；故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1负×1kOFF挡或交流电压最高挡【解析】

（1）[1]．由图示电路图可知，开关接1、2时表头与电阻并联，此时多用电表测电流，选择开关接1时并联分流电阻阻值小，电流表量程大。（2）③[2]．欧姆表内置电源负极与红表笔相连，把红表笔与待测电压表负接线柱相接，黑表笔与另一接线柱相连；④[3]．欧姆表指针偏角很小，说明所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，应换大挡，换用×1k欧姆档重新调零后测量。⑤[4]．把选择开关调至OFF挡或交流电压最高挡，然后拔下表笔，把多用电表放回桌上原处，实验完毕．12、刻度尺沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量平衡摩擦力【解析】

由题中“探究加速度与力、质量的关系”可知，本题考查牛肚第二定律中加速度与力、质量的关系实验，根据实验原理和实验步骤可分析本题。【详解】（1）[1]因为需要通过打点计时器的纸带数据求解加速度，因此还需要的器材是刻度尺；（2）[2]根据牛顿第二定律可知，当沙和沙桶的总质量远小于滑块质量时，绳子的拉力才能近似等于沙和沙桶的重力，所以沙和沙桶应该满足的条件是：沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量。[3]实验时为保证细线拉力等于滑块所受的合外力,首先需要做的是平衡摩擦力。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.4A，方向b→a（2）t＝0.3～2.0s时间段内释放导体棒时，导体棒处于平衡状态