江苏省13市2025届高二物理第一学期期中考试试题含解析

江苏省13市2025届高二物理第一学期期中考试试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一长直铁芯上绕有一固定线圈M，铁芯右端与一木质圆柱密接，木质圆柱上套有一闭合金属环N，N可在木质圆柱上无摩擦移动．M连接在如图所示的电路中，其中R为滑线变阻器，和为直流电源，S为单刀双掷开关．下列情况中，可观测到N向左运动的是()A．在S断开的情况下，S向a闭合的瞬间B．在S断开的情况下，S向b闭合的瞬间C．在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向c端移动时D．在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向d端移动时2、质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地面的高度为h，如图所示，若以桌面为参考面，那么小球落地时的重力势能及整个过程中重力势能的变化是（）A．mgh，减少mg（H－h）B．－mgh，减少mg（H+h）C．－mgh，增加mg（H－h）D．mgh，增加mg（H+h）3、电场中A、B、C三点的电场强度分别为：EA=-5V/m、EB=4V/m、EC=-1V/m，则这三点的电场强度由大到小的顺序是A．A、B、C B．B、C、AC．C、A、B D．A、C、B4、磁子午线是地球磁场N极与S极在地球表面的连线，假设地球磁场是由地球的环形电流引起的，则该假设中的电流方向是A．由南向北沿磁子午线 B．由北向南沿磁子午线C．由东向西垂直磁子午线 D．由向东垂直磁子午线5、某匀强电场方向竖直向上，场强大小为E；一质量为m、带电量为+q的小球以某一初速度竖直向下做匀减速直线运动，其加速度大小为a=小球运动距离S时速度变为零．则在此过程中（）A．电场力做功qESB．小球的电势能增加了C．小球的重力势能减少了qESD．物体的动能减少了qES6、如图所示，平行板电容器与一个恒压直流电源连接，下极板通过A点接地，一带正电小球被固定于P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则()A．平行板电容器的电容将变大B．静电计指针张角变小C．电容器的电荷量不变D．带电小球的电势能将增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，粗糙程度处处相同的半圆形竖直轨道固定放置，其半径为R，直径POQ水平。一质量为m的小物块（可视为质点）自P点由静止开始沿轨道下滑，滑到轨道最低点N时，小物块对轨道的压力为2mg，g为重力加速度的大小。则下列说法正确的是A．小物块到达最低点N时的速度大小为B．小物块从P点运动到N点的过程中重力做功为mgRC．小物块从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功为D．小物块从P点开始运动经过N点后恰好可以到达Q点8、图是两个电源的路端电压与电流的关系图线，由图线可知（）A．两电源电动势不等，且 B．两电源电动势相等C．两电源内电阻不等，且 D．两电源内电阻相等9、如图所示的电路，闭合开关S，滑动变阻器滑片向左移动，下列结论正确的是A．电流表读数变小，电压表读数变大B．小电泡变亮C．电容器C上电荷量增大D．电源的总功率变大10、如图所示．一圆盘可绕通过圆盘中心且垂直于盘面的竖直轴OO′转动．在圆盘上放置一小木块，当圆盘匀速转动时．木块相对圆盘静止．关于木块的受力情况．下列说法正确的是A．木块受到圆盘对它的静摩擦力，方向指向圆盘中心B．由于木块相对圆盘静止，所以不受摩擦力C．由于木块运动，所以受到滑动摩擦力D．木块受到重力、支持力、摩擦力作用三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻”的实验中，提供的器材有：A．干电池一节B．电流表(量程0.6A)C．电压表(量程3V)D．开关S和若干导线E．滑动变阻器R1(最大阻值20Ω，允许最大电流1A)F．滑动变阻器R2(最大阻值200Ω，允许最大电流0.5A)G．滑动变阻器R3(最大阻值2000Ω，允许最大电流0.1A)（1）按图甲所示电路测量干电池的电动势和内阻，滑动变阻器应选___（填“R1”、“R2”或“R3”）．（2）图乙电路中部分导线已连接，请用笔画线代替导线将电路补充完整．要求变阻器的滑片滑至最左端时，其使用电阻值最大．（3）闭合开关，调节滑动变阻器，读取电压表和电流表的的示数．用同样方法测量多组数据，将实验测得的数据标在如图丙所示的坐标图中，请作出U­I图线，由此求得待测电池的电动势E=____V，内电阻r=____Ω．（结果保留两位有效数字）所得内阻的测量值与真实值相比____（填“偏大”、“偏小”或“相等”）12．（12分）某同学使用多用电表粗略测量一定值电阻的阻值：（1）表内电池的_______极与红表笔相连；（2）先把选择开关旋到“×l00”档位，测量时指针偏角太小.请你简述接下来的测量过程:①断开待测电阻，将选择开关旋到_______（填“×lk”或者“×lO”）档位；②将两表笔短接，______________；③再接入待测电阻，重新读数；④测量结束后，将选择开关旋到OFF档.（3）表盘的示数如下图，则电阻值是_______Ω.（保留三位有效数字）（4）在使用多用电表的欧姆档测量电阻时，若（______）A．双手捏住两表笔金属杆，测量值将偏大B．测量某电阻阻值时偏角越大越准确C．选择“×10”倍率测量时发现指针位于20与30正中间，则测量值小于25ΩD．从电池使用时间太长导致电动势减小内阻变大，虽然完成调零，但测量值将略大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，线段A为某电源的U－I图线，线段B为某电阻R的U－I图线，由上述电源和电阻组成闭合电路时，求：（1）电源的输出功率P出是多大？（2）电源内部损耗的电功率P内是多少？（3）电源的效率η是多大？14．（16分）如图所示，A、B是两个带等量同种电荷的小球，A固定在竖直放置的10cm长的绝缘支杆上，B静止于光滑绝缘的倾角为30°的斜面上且恰与A等高，若B的质量为克，则B带电荷量是多少？（取g=10m/s2）15．（12分）静电场可以用电场线和等势面形象描述。（1）请根据电场强度的定义和库仑定律推导出点电荷Q的场强表达式；（2）点电荷Q的电场线和等势面分布如图所示，等势面S1、S2到点电荷的距离分别为r1、r2；a.计算等势面S1、S2处的电场强度大小E1、E2；b.电场线的疏密反映空间区域电场强度的大小，若点电荷Q发出的电场线数量为N，计算S1、S2上单位面积通过的电场线条数之比；c.因为电场线的疏密反映空间区域电场强度的大小，小明发现穿过等势面S1、S2的电场线数量相等，猜测图中电场强度E与等势面S1、S2面积的乘积相等，请论述小明的猜测是否合理。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：由楞次定律的第二种描述：“来拒去留”可知要使N向左运动，通过N的磁通量应减小；而A、B中由断开到闭合过程中磁通量均增大，故AB错误；若将移动滑动头，则向c端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中电流减小，磁通量减小，故会使N左移，故C正确；而D中向d移动时，滑动变阻器接入电阻减小时，故电路中电流增大，磁场增大，故会使N右移，故D错误；故选C考点：楞次定律；点评：楞次定律有两种描述：“增反减同”和“来拒去留”，后者判断导体的运动更有效，应学会应用．2、B【解析】

以桌面为零势能参考平面，那么小球落地时的重力势能为整个过程中小球高度降低，重力势能减少，重力势能的减少量为故B正确，ACD错误。故选B。3、A【解析】

EA=-5V/m、EB=4V/m、EC=-1V/m，正负表示方向，其绝对值表示大小，则EA＞EB＞EC．即电场由强到弱的顺序是ABC．A．A、B、C，与结论相符，选项A正确；B．B、C、A，与结论不相符，选项B错误；C．C、A、B，与结论不相符，选项C错误；D．A、C、B，与结论不相符，选项D错误；4、C【解析】

根据题意知，地磁体的N极朝南,根据安培定则,大拇指指向地磁体的N极，则四指的绕向即为电流的方向，即安培假设中的电流方向应该是由东向西垂直磁子午线，所以选C5、D【解析】

对小球受力分析，由牛顿第二定理可得：，解得：．AB：电场力做功，电势能增加了．故AB两项均错误．C：重力做功，小球的重力势能减少了．故C项错误．D：据动能定理，则物体的动能减少了．故D项正确．6、D【解析】将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离后两极板间的距离变大，根据公式可得电容减小，A错误；电容器两极板和电源相连，所以电容器两极板间的电压恒定不变，故静电计的张角不变，B错误；根据可知Q减小，C错误；根据公式可知两极板间的电场强度减小，P点与上极板间的电势差减小，而P点的电势比上极板低，上极板的电势不变，则P点的电势增大，因为油滴带正电荷，则小球的电势能增大，D正确．【点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据判断电容器的电容变化情况，然后结合，等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

设小物块到达最低点N时的速度大小为v。在N点，根据牛顿第二定律得：FN-mg=m；据题有FN=2mg；联立得，故A错误。小物块从P点运动到N点的过程中重力做功为mgR，故B正确。小物块从P点运动到N点的过程，由动能定理得：mgR-Wf=mv2，可得克服摩擦力所做的功为Wf=mgR，故C正确。由于小物块要克服摩擦力做功，机械能不断减少，所以小物块不可能到达Q点，故D错误。故选BC。【点睛】本题主要考查了动能定理和牛顿第二定律的综合运用，要知道在最低点，靠重力和支持力的合力提供向心力．8、BC【解析】

AB．根据闭合电路欧姆定律得知：U=E-Ir，当I=0时，U=E即图线纵轴域表示电源电动势的大小，由图可知两电源的电动势相等，故A错误，B正确；CD．图线的斜率的绝对值表示电源的内阻大小，图线1的斜率小于图线2的斜率，所以内阻r1＜r2，故C正确，D错误。故选BC。9、AC【解析】AB：滑动变阻器滑片P向左移动时，接入电路的电阻增大，电路的总电阻增大，电源的电动势不变，则总电流减小，电流表的读数变小，内电压减小，外电压增大，所以电压表示数变大．通过灯泡的电流减小，则小灯泡变暗．故A项正确，B项错误．C：通过灯泡的电流减小，则灯泡两端的电压减小，而外电压增大，所以电容器两端的电压增大，根据Q=CU知，电容器上电荷量增大．故C项正确．D：电源的电动势不变，总电流减小，则电源的总功率减小．故D项错误．10、AD【解析】

物块与圆盘相对静止，一起做圆周运动，受到重力、支持力和静摩擦力，静摩擦力提供向心力，静摩擦力的方向指向圆心．故AD正确，BC错误．故选AD．【点睛】静摩擦力的方向与物体的相对运动趋势方向相反，本题中静摩擦力指向圆心，说明物体相对圆盘有向外滑动的趋势．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R11.51.9偏小【解析】（1）为方便实验操作，滑动变阻器应选择，而且额定电流较大；

（2）根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：

（3）根据坐标系内描出的点作出电源的图象，图象如图所示：

由图示电源图象可知，图象与纵轴交点坐标值为，电源电动势，电源内阻：；相对于电源来说，电流表采用外接法，电流表的测量值小于通过电源的电流，电动势和内阻的测量值均小于真实值．点睛：本题考查了实验器材的选择、连接实物电路图、求电源电动势与内阻，知道实验原理、掌握实验器材的选择原则、会应用图象法处理实验数据即可正确解题．12、负×lk调节欧姆调零旋钮2.20×104D【解析】

（1）为保证电流从红表笔进，黑表笔出，表内电池的负极与红表笔相连；（2）①偏角小说明阻值大，要换较大挡，选×1k档；②换挡后，要重新欧姆调零：将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指到欧姆档零刻度处．（3）读数为：22×1k=2.20×104Ω；（4）A.双手捏住两表笔金属杆，等效于与待测电阻并联一个电阻，测量值将偏小，故A错误；B.测量某电阻阻值时在中值电阻附近较准确，故B错误；C.由于欧姆档刻度左边比较密，右边比较稀疏，选择“×10”倍率测量时发现指针位于20与30正中间，则测量值小于250Ω，故C错误；D.电池电动势减小内阻变大时，同样的电流，外接的电阻较小，测量值将略大，故D正确．故选：D四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4W，（2）2W，（3）66.7%【解析】试题分析：（1）由电源的U-I图象读出电动势，求出内阻．两图线交点表示电阻与电源组成闭合电路时的工作状态，读出电压和电流，由公式P=UI求出电源的输出功率．（2）电源内部损耗的电功率由公式求解．