2025届云南省永仁县一中物理高二第一学期期中检测试题含解析

2025届云南省永仁县一中物理高二第一学期期中检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列各图中，正确的是（）A． B．C． D．2、四根完全相同的长直导线互相平行，它们的截面处于一个正方形的四个顶点上，导线中通有大小都相等的电流．电流的方向不同，正方形的对角线交点O的磁感应强度大小就不同．下列四个图中，O点的磁感应强度最大的是A． B．C． D．3、两个质点相距r时，它们之间的万有引力为F，若它们间的距离缩短为，其中一个质点的质量变为原来的2倍，另一质点质量保持不变，则它们之问的万有引力为()A．2F B．4F C．8F D．16F4、以下说法正确的是A．导体中的电流是正电荷的定向移动形成的B．电荷定向移动的速率等于电流的传导速率C．导体中横截面积越大的地方运动电荷的平均速率越大D．单位时间内通过导体横截面的电荷量越大，电流越大5、两只定值电阻R1＝60Ω，R2＝20Ω，电压表一个，练习使用电压表测电压，电路连接如图所示，电源输出电压U＝12V不变，先用电压表与R1并联，电压表示数为U1，再用电压表与R2并联，电压表示数为U2，则下列说法正确的是A．U1一定为9.0V B．U2一定大于3.0VC．U1与U2之和一定为12V D．U1与U2之和小于12V6、如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，电容器下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于静止状态，现交平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，下列说法正确的是（）A．带电油滴将竖直向上运动 B．P点的电势将降低C．电容器的电容增大，极板带电荷量不变 D．电容器的电容增大，极板带电荷量减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一小球从点竖直抛出，在空中同时受到水平向右的恒力，运动轨迹如图，、两点在同一水平线上，为轨迹的最高点，小球抛出时动能为，在点的动能为，不计空气助力。则（）A．小球水平位移与的比值1∶3B．小球水平位移与的比值1∶4C．小球落到点时的动能为D．小球从点运动到点过程中最小动能为8、如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2=1：3B．R1：R2=3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=3：19、如图，图线1表示导体的电阻为R1，图线2表示导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2=1：3B．把R1拉长到原来的3倍长后电阻等于R2C．将R1与R2串联后接于电源上，则功率之比P1：P2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：310、如图所示，绝缘的轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m的带正电小球（小球与弹簧不拴接），整个系统处在方向竖直向上的匀强电场中。开始时，整个系统处于静止状态，现施加一外力F，将小球向下压至某一位置，然后撤去外力，使小球从静止开始向上运动。设小球从静止开始向上运动到离开弹簧的过程中，电场力对小球所做的功为W1，小球克服重力所做的功为W2，小球离开弹簧时的速度为v。不计空气阻力，则在上述过程中（）A．小球与弹簧组成的系统机械能守恒B．小球的重力势能增加了W2C．小球的电势能减少了W1D．小球的机械能增加了三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用伏安法测量一电池的内阻．已知该待测电池的电动势E约为9V，内阻约数十欧，允许输出的最大电流为50mA．可选用的实验器材有：电压表（量程5V）；电压表（量程10V）；电流表（量程50mA）；电流表（量程100mA）；滑动变阻器R（最大阻值300）；定值电阻R1（阻值为200，额定功率为W）；定值电阻R2（阻值为200，额定功率为1W）；开关S；导线若干．测量数据如坐标纸上U-I图线所示．（1）在答题卡相应的虚线方框内画出合理的电路原理图，并标明所选器材的符号．（2）在设计的电路中，选择定值电阻的根据是_____________．（3）由U-I图线求得待测电池的内阻为_________.（4）在你设计的实验电路中，产生系统误差的主要原因是___________．12．（12分）为了描绘一个“12V、6W直流电源E：15V，电流表A：量程分别为0~0.6A和0~3A，内阻约为电压表V：量程分别为0~3V和0~15V，内阻约为滑动变阻器R：最大阻值为20Ω，允许通过的最大电流为1A开关一个；导线若干．实验时要求加在灯泡两端的电压可从0V调到12(1)根据小灯泡的规格，电流表应选择量程__________（填“0~0.6A”或“0~3A”），电压表应选择量程__________（填“0~3V”或(2)在下面方框里画出符合本实验要求的电路图_________，并根据电路图连接右侧的实物图_____________．（提示：电路图和实物图画到答题纸上）．(3)某次测量时，电流表指针位置如图所示，电流表读数为__________A，此时小灯泡的实际功率为__________W．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示为电流天平，可以用来测量匀强磁场的磁感应强度，他的右臂挂着矩形线圈，匝数n，线圈的水平边长为L，处于匀强磁场内，磁感应强度B的方向与线圈平面垂直，当线圈中通过电流I时，调节砝码使两臂达到平衡，然后使电流反向，大小不变，这时需要在左盘中增加质量为m的砝码，才能时两臂再达到新的平衡．(1)导出用已知量和可测量n、m、L、I计算B的表达式(2)当n=5，L=10.0cm，I=0.10A，m=10g时，磁感应强度是多少?（重力加速度g取10/m2）14．（16分）如图所示，一足够长的矩形区域abcd内充满方向垂直纸面向里的、磁感应强度为B的匀强磁场，在ad边中点O，垂直于磁场射入一速度方向跟ad边夹角θ＝30°、大小为v0的带正电粒子．已知粒子质量为m，电荷量为q，ad边长为L，ab边足够长，粒子重力不计，求：（1）粒子能从ab边上射出磁场的v0大小范围；（2）如果带电粒子不受上述v0大小范围的限制，求粒子在磁场中运动的最长时间．15．（12分）A、B是两个电荷量都是Q的点电荷，相距l，AB连线中点为O。现将另一个电荷量为q的点电荷放置在AB连线的中垂线上，距O为x的C处（图甲）。（1）若此时q所受的静电力为F1，试求F1的大小。（2）若A的电荷量变为﹣Q，其他条件都不变（图乙），此时q所受的静电力大小为F2，求F2的大小。（3）为使F2大于F1，l和x的大小应满足什么关系？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A.电流垂直纸面向外，根据右手定则可以判断磁感应强度方向为逆时针，故A错误。B.根据右手定则判断，螺线管右端为N极，磁感线方向向右，故B错误。C.正电荷所在位置的磁场方向垂直纸面向里，根据左手定则判断，受力向上，故C正确。D.根据左手定则判断，导线受到的安培力垂直导线向下，故D错误。2、C【解析】

令每根导线在O点产生的磁感应强度为B．根据题意，由右手螺旋定则知A图中处于对角线的两根导线电流产生磁场正好相互抵消，所以O点的磁感应强度为0；同理可知B图中O点的磁感应强度为2B；C图中O点的磁感应强度为；C图中O点的磁感应强度为2B．由上可得C图中磁感应强度是最大的，故C正确，ABD错误．3、C【解析】解：两个质点相距r时，它们之间的万有引力为F=，若它们间的距离缩短为1/2r，其中一个质点的质量变为原来的2倍，则它们之间的万有引力为F′==8F．故选C．【点评】要注意万有引力是与质量乘积成正比，与距离的平方成反比．影响万有引力大小的变量有质量、距离，要考虑全面，不能考虑一个变量而忽略了另一个变量的变化．4、D【解析】电荷的定向移动形成电流，在金属导体中形成电流时，定向移动的是电子．在电解液中形成电流时，正离子和负离子都在定向移动，故A错误；电流的传递速率等于光速，电荷定向移动的速度很小，远远小于电流传导的速度，故B错误；由电流的微观表达式可知，I=nqvS可知，导体中横截面积越大的地方运动电荷的平均速率越小，故C错误；根据电流的定义可知，单位时间内通过导体横截面的电荷数越多电流越大，故D正确．【名师点睛】本题要注意无论是正电荷还是负电荷，只要定向移动都会形成电流，不要将电流的形成速度与电流的方向的规定混淆；同时注意电流的微观表达式的应用．5、D【解析】

不接电压表时，R1、R2串联，电压之比而U′1+U′2=12V解得：U′1=9V，U′2=3V当电压表并联在R1两端时，解得U1＜9V同理当电压表并联在R2两端时，U2＜3V所以U1+U2＜12V。A．U1一定为9.0V，与结论不相符，选项A错误。B．U2一定大于3.0V，与结论不相符，选项B错误。C．U1与U2之和一定为12V，与结论不相符，选项C错误。D．U1与U2之和小于12V，与结论相符，选项D正确。6、A【解析】将上极板竖直向下移动时，d减小，电容器的电压U不变，由分析得知，板间场强增大，则油滴所受电场力增大，油滴将沿竖直向上运动．故A正确．P点到下极板的距离不变，而E增大，由U=Ed知，P点与下极板间电势差增大，P点的电势大于零，则P点的电势升高，故B错误；d减小，由知，电容C增大，U不变，由分析可知电容器所带电量增加，故CD错误；故选A点睛：本题是电容器动态变化分析问题，抓住不变量：电容器与电源保持相连，电压不变，由，，结合进行分析．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

AB．小球在竖直方向上做竖直上抛运动，根据对称性得知，从A点至M点和从M点至B点的时间t相等，小球在水平方向上做初速为零的匀加速直线运动，设加速度为a，根据位移时间公式联立可得故A正确，B错误；C．据小球的运动轨迹如图所示：小球从A到M，由功能关系知在水平方向上恒力做功为则从A到B水平方向上恒力做功为根据能量守恒可知，小球运动到B点时的动能为故C正确；D．由题知开始又竖直方向上在水平方向上又有联立以上解得几何关系可知，则据运动轨迹，但小球的运动方向与合加速度的方向垂直时，小球的速度最小，则小球从A到B过程最小速度一定与等效G´垂直，如图P点，所以故D错误。故选AC。8、AD【解析】

AB．根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以故A正确，B错误；C．串联电路电流相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比故C错误；D．并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比故D正确．9、AC【解析】

A.根据I−U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1:R2=1:3.故A正确；B.把R1拉长到原来的3倍长后,截面积变为原来的，根据可知，电阻变为原来的9倍,为R2的3倍，故B错误；C.串联电路电流相等,所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1:I2=1:1.根据P=I2R可知,功率之比P1:P2=1:3，故C正确；D.并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1:I2=3:1，故D错误；10、BC【解析】

A．由于电场力做功，所以小球和弹簧组成的系统机械能不守恒，A错误；B．重力做功为且为负功，则重力势能应增加，B正确；C．电场力做正功，所以电势能减小为，C正确；D．小球增加的机械能应该为电场力对小球做的功，所以机械能增加，D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（１）（２）定值电阻在电路中的功率会超过W，R1的功率满足要求；（３）51.0（49.0～53.0范围内的均给分）（４）忽略了电压表的分流【解析】试题分析：（1）根据伏安法测电源电动势与内阻的原理作出实验电路图；（1）根据题意选择定值电阻；（3）由图象求出电源内阻；（4）根据实验电路分析实验误差．解：（1）应用伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，电路图如图所示：（1）定值电阻R1在电路中的最大功率：P1=I1R1=（0.05）1×100=0.5W＞W，定值电阻R1在电路中的最大功率：P1=I1R1=（0.05）1×110=0.55W＜1W，为保护电路安全，则定值电阻应选择R1．（3）由图示图象可知，电源内阻r===50Ω；（4）由实验电路图可知，相对于电源电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流表所测电流小于电路电流，电压表分流是造成系统误差的原因．故答案为（1）电路原理图如图所示；（1）定值电阻在电路中消耗的功率会超过W，R1的功率满足实验要求；（3）50；（4）电压表分流．【点评】本题考查了作实验电路、实验器材选择、求电源内阻、实验误差分析；电源U﹣I图象斜率的绝对值是电源内阻，知道实验原理、根据图象分析即可正确解题．12、0-0.6A;0-15V;0.40;2.40;【解析】

(1)小灯泡的规格是“12V、6W”，灯泡的额定电压Ue=12V，灯泡的额定电流Ie=(2)实验时要求加在灯泡两端的电压可从0V调到12V，则滑动变阻器采用分压式接法；灯泡正常发光时的电阻RL实物连接如图：(3)电流表的分度值是0.02A，电流表指针位置如图所示，电流表读数为0.40A；由灯泡的伏安特性曲线知，灯泡此时的电压为6.0V，此时小灯泡的实际功率P=UI=6.0×0.40W=2.4W四、计算题：本题共2