山东省广饶一中2025届高二物理第一学期期中综合测试试题含解析

山东省广饶一中2025届高二物理第一学期期中综合测试试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示电路，开关S原来断开，现将S合上，则A、B两点的电势UA、UB与S断开时相比()A．UA升高，UB降低B．UA降低，UB升高C．都升高D．都降低2、如图所示，A，B两条直线是在A，B两地分别用竖直向上的力F拉质量分别是和的物体实验得出的两个加速度a与力F的关系图线，由图分析可知（）A．B．两地重力加速度C．D．两地重力加速度3、如图所示，真空中有两个点电荷和，分别固定在x坐标轴上，其中位于处，位于处．关于在x轴上各区域，下列说法中正确的是A．除无穷远外，电场强度大小为零的点有两处B．在区域，电势沿x轴正方向逐渐变小C．在的区域，若一正电荷沿x轴正方向运动，其电势能会先减小后增大D．在和的区域，电场强度E沿x轴正方向4、如图所示，在一个不带电的与外界绝缘的导体两端分别设置两个开关，当带正电的小球靠近a端时，由于静电感应，在a、b端分别出现负、正电荷，则以下说法正确的是（）A．闭合S1，有电子从导体流向大地B．闭合S2，有电子从导体流向大地C．闭合S2，有电子从大地流向导体D．闭合S1，没有电子通过5、如图所示，环形导线中通有顺时针方向的电流I，则该环形导线中心的磁场方向为（）A．水平向左B．水平向右C．垂直于纸面向里D．垂直于纸面向外6、如图所示，斜面上有A,B,C,D四个点，AB=BC=CD，从A点以初速度v0水平抛出一个小球，它落在斜面上的B点，若小球从A点以速度v0水平抛出，不计空气阻力，则下列判断正确的是（）A．小球一定落在C点B．小球可能落在D点与C点之间C．小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角一定增大D．小球落在斜面的运动方向与斜面的夹角不相同二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用一段横截面半径为r、电阻率为ρ、密度为d的均匀导体材料做成一个半径为R(r<<R)的圆环。圆环竖直向下落入如图所示的径向磁场中，圆环的圆心始终在N极的轴线上，圆环所在位置的磁感应强度大小均为B。圆环在加速下落过程中某一时刻的速度为v，忽略电感的影响，则A．此时在圆环中产生了(俯视)顺时针的感应电流B．此时圆环受到竖直向下的安培力作用C．此时圆环的加速度D．如果径向磁场足够深，则圆环的最大速度8、物体在力、、的共同作用下处于平衡状态，若突然撤去外力，则物体的运动情况可能是A．匀加速直线运动 B．匀减速直线运动C．匀速直线运动 D．匀变速曲线运动9、如图所示是某型号电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成．已知电吹风的额定电压为220V，吹冷风时的功率为120W，吹热风时的功率为1000W，关于该电吹风，下列说法正确的是A．若S1、S2闭合，则电吹风吹冷风B．电热丝的电阻为55ΩC．电动机工作时输出的机械功率为880WD．当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120J10、“示波器”是电工学中的重要仪器，如图所示为示波器的原理图，有一电子在电势差为U1的电场中加速后，垂直射入电势差为U2的偏转电场，在满足电子能射出偏转电场的条件下，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角变小的是（）A．U1不变，U2变小B．U1变大，U2变小C．U1变小，U2变大D．U1不变，U2变大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）每次使用万用表测电阻时，在选择了适当倍率后，需先进行____________，下图为用欧姆档“×10Ω”测电阻R，则R=_________________12．（12分）有一个小灯泡上有“4V2W”的字样，现要描绘这个小灯泡的伏安特性曲线．现有下列器材供选用：A．电压表（1～5V，内阻11kΩ）B．电压表（1～11V，内阻21kΩ）C．电流表（1～1．3A，内阻1Ω）D．电流表（1～1．6A，内阻1．4Ω）E．滑动变阻器（11Ω，2A）F．滑动变阻器（1kΩ，1A）G．学生电源（直流6V），还有电键、导线若干（1）电流表应选，滑动变阻器应选（用序号字母表示）．（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图．（3）若该同学已正确选用器材，并连接好部分实验电路．如图所示，请在图中完成其余的电路连接四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，水平细杆上套一环，环A与球B间用一不可伸长轻质绝缘绳相连，质量分别为mA=0.40kg和mB=0.60kg，A环不带电，B球带正电，带电量q=1.0×10-4C，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.1．若B球处于一水平向右的匀强电场中，使环A与B球一起向右匀速运动．运动过程中，绳始终保持与竖直方向夹角θ=37°．求：（1）匀强电场的电场强度E多大？（2）环A与水平杆间的动摩擦因数μ？14．（16分）如图所示，半径R=0.45m固定的光滑四分之一圆弧轨道，其末端水平且距离地面高度h=0.10m．将质量M=0.7kg、长度l=0.50m的木板B紧靠轨道末端放置在水平地面上，木板B的上表面与轨道末端等高且平滑对接，质量m=0.3kg的小滑块A从圆弧轨道的顶端由静止滑下，经过轨道末端沿水平方向冲上木块B，在木板B的上表面滑行一段时间后从B的右端滑出．已知小滑块A与木板B上表面间的动摩擦因素μ1=0.40，地面与木板B间的动摩擦因素μ1=0.05，重力加速度g=10m/s1．求：（1）小滑块A滑到圆弧轨道最低点时速度vA的大小；（1）小滑块A滑到圆弧轨道最低点时轨道对它的支持力FN的大小；（3）木板B停止运动时，它的右端与小滑块A的落地点间水平距离△x．15．（12分）如图所示，电源电动势为E＝30V，内阻为r＝1Ω，电灯上标有“6V、12W”字样，直流电动机线圈电阻R＝2Ω.若电灯恰能正常发光，求电动机输出的机械功率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】根据闭合电路欧姆定律：，可知，开关S原来断开，现将S合上，外电路的总电阻减小，总电流增大，并联部分的电压U减小，根据，所以A点电势降低，右端电阻两端电压增大，所以B点电势降低，故D正确。点晴：电路的动态分析的顺序：外电路部分电路变化→总电阻的变化→判断总电流的变化→由闭合电路欧姆定律判断U的变化→由部分电路欧姆定律分析固定电阻的电流、电压的变化→用串、并联规律分析变化电阻的电流、电压、电功。2、A【解析】AC、根据F-mg=ma可知，，a−F图象中斜率表示1/m,，由图可知A的斜率大于B的斜率，所以mA<mB，A正确，C错误；根据牛顿第二定律由图象可知当两个物体外力F都为0时加速度都相同两物体都只受重力作用a=g所以gA=gB，故C错误，D错误．故选A．点睛：根据牛顿第二定律a-F图象中斜率表示1/m，由图象可知当两个物体外力F都为0时加速度都相同，此时只受重力，说明重力加速度相等．3、D【解析】

A.某点的电场强度是负电荷Q1和正电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强．根据点电荷的场强公式，所以要使电场强度为零，那么正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强必须大小相等、方向相反．但该点不会在Q1的左边，因为Q1的电荷量大于Q2，也不会在Q1Q2之间，因为它们电性相反，在中间的电场方向都向右．所以，只能在Q2右边．即在x坐标轴上电场强度为零的点只有一个．故A错误；B.因为Q1的电荷量大于Q2，根据点电荷的场强公式，在x＞6cm区域，合场强一定先向左再向右，故电势先增大后减小，故B错误；C.在的区域，根据叠加原理可知，电场强度方向沿x正方向，正电荷沿x轴正方向运动，电场力做正功，电势能减小，故C错误．D.根据可知，r=9cm处电场强度为零，其右侧电场线是向右的；则可知，在0＜x＜6cm的区域和x＞9cm的区域，场强沿x轴正方向，故D正确．4、C【解析】

S1、S2闭合前，由于静电感应和电荷守恒定律可知、两端出现等量异种电荷，当闭合任何一个开关以后，导体就会与大地连接，大地的电子流向导体，整个导体感应出负电荷，故C正确，A、B、D错误；故选C。5、C【解析】图中电流为环形电流，由右手螺旋定则可得：弯曲四指指向电流方向，大拇指方向为内部磁场方向，所以内部磁场应垂直于纸面向里．故选C．6、A【解析】本题考查的是平抛运动规律的问题，根据平抛运动水平射程和飞行时间s=v0t,t=2h二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A．由题意可知，根据右手定则，右图中，环左端面电流方向垂直纸面向里，右端面电流方向向外，则有(俯视)顺时针的感应电流，故A项符合题意；B．根据楞次定律可知，环受到的安培力向上，阻碍环的运动，故B项不符合题意；C．圆环落入磁感应强度B的径向磁场中，产生的感应电动势圆环的电阻电流圆环所受的安培力大小由牛顿第二定律得其中质量联立解得故C项不符合题意；D．当圆环做匀速运动时，安培力与重力相等，速度最大，即有可得解得故D项符合题意。8、ABD【解析】

撤去，其余力的合力与等值、反向、共线，与速度方向不共线时，物体做匀变速曲线运动，共线时做匀变速直线运动，即可能是匀加速直线或匀减速直线，故ABD正确，C错误．9、BD【解析】

A．若闭合，电热丝接入，则此时电阻丝发热，电吹风冷出的是热风，故A错误；

B．电机和电阻并联，当吹热风时，电阻消耗的功率为：由，可知，故B正确；

C．电动机工作时输出的功率为吹冷风时的功率，故只有，故C错误；

D．当吹热风时，电动机消耗的电功率仍为，故每秒钟消耗的电能为，故D正确．10、AB【解析】根据动能定理：，得：，在偏转电场中：，，，，若使偏转角变小即使变小，故A、B正确．点晴：本题是带电粒子先加速后偏转问题，电场中加速根据动能定理求解获得的速度、偏转电场中类平抛运动的研究方法是运动的分解和合成，常规问题．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、调零R=300Ω【解析】每次使用万用表测电阻时，在选择了适当倍率后，需先进行欧姆调零；由题意知所选倍率为“×10”，表盘示数为30，故R=30×10=300Ω．12、（1）DE（2）（3）【解析】试题分析：（1）因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用1～5V的电压表．由P=UI得，灯泡的额定电流I=1．5A，故电流表应选择1～1．6A的量程，故电流表选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选E；（2）在用伏安法描绘这个灯泡的I一U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法；由于灯泡的电阻较小，所以选择电流表外接法．所以电路图如图．（3）按电路图画出实际电路图为考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线实验．【名师点睛】（1）仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器；（2）根据滑动变阻器分压及限流接法的不同作用，结合题意选择滑动变阻器的接法；由电流表、电压表与灯泡内阻间的大小关系确定电流表的接法．本题考查实验中的仪表选择及接法的选择；应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4.5×104N/C；（2）0.45【解析】（1）以B球为研究对象，受到重力、电场力和拉力，三力平衡，则有电场力F=mBgtanθ=4.5N匀强电场的电场强度E=4.5×104N/C；（2）对整体分析，在水平方向