2024届吉林省四平市高考模拟（一）物理试题试卷

2024届吉林省四平市高考模拟（一）物理试题试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处”。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将木试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、某研究性学习小组在探究电磁感应现象和楞次定律时，设计并进行了如下实验：如图，矩形金属线圈放置在水平薄

玻璃板上，有两块相同的蹄形磁铁，相对固定，四个磁极之间的距离相等.当两块磁铁匀速向右通过线圈位置时，线

圈静止不动，那么线圈所受摩擦力的方向是（）

A.先向左，后向右先向左，后向右，再向左

C.一直向右一直向左

2、2019年8月31日7时41分，我国在酒泉卫星发射中心用“快舟一号”甲运载火箭，以“一箭双星”方式，成功将微

重力技术实验卫星和潇湘一号07卫星发射升空，卫星均进入预定轨道。假设微重力技术试验卫星轨道半径为飞，潇

湘一号07卫星轨道半径为此，两颗卫星的轨道半径两颗卫星都作匀速圆周运动。已知地球表面的重力加速

度为g,则下面说法中正确的是（）

A.微重力技术试验卫星在预定轨道的运行速度为眄

B.卫星在R,轨道上运行的线速度大于卫星在%轨道上运行的线速度

c.卫星在凡轨道上运行的向心加速度小于卫星在R］轨道上运行的向心加速度

D.卫星在R2轨道上运行的周期小于卫星在用轨道上运行的周期

3、如图，一两端封闭的玻璃管在竖直平面内倾斜放置，与水平面间的夹角为仇一段水银柱将管内一定质量气体分割

成两部分。在下列各种情况中，能使管中水银柱相对玻璃管向。端移动的情况是（）

e

b

A.降低环境温度B.在竖直平面内以b点为轴逆时针缓慢转动玻璃管

C.保持〃角不变，使玻璃管减速上升D.使玻璃管垂直纸面向外做加速运动

4、如图所示，两平行导轨时、勿竖直放置在匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒P。放在导轨上使其

水平且始终与导轨保持良好接触，现在金属棒P。中通以变化的电流/,同时释放金属棒以地其运动.已知电流/随时间

/变化的关系式为/a为常数，k>6,金属棒与导轨间的动摩擦因数一定.以竖直向下为正方向，则下面关于棒的

速度v、加速度a随时间/变化的关系图象中，可能正确的有

5、职业高空跳伞运动员从近万米高空带着降落伞跳下，前几秒内的运动可视为自由落体运动。已知运动员的质量为

80kg,重力加速度g取10m",关于运动员所受重力做功的功率，下列说法正确的是（）

A.下落第1s末的瞬时功率为4000W

B.下落第1s内的平均功率为8000W

C.下落第2s末的瞬时功率为800QW

D.卜落第2s内的平均功率为12000VV

6、如图所示，传送带以恒定速度,。向右运动，力、〃间距为〃质量为利的物块无初速度放于左端4处，同时用水平

恒力尸向右拉物块，物块与传送带间的动摩擦因数为〃，物块从4运动到B的过程中，动能以随位移x变化的关系

图像不可能的是（）

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、某课外兴趣小组欲利用如图所示的电路探究光电效应现象，V为理想电压表。G为灵敏电流计。电路闭合后，用绿

光照射光电管，发现灵敏电流计发生了偏转。保持滑动变阻器滑片尸位置不变，以下说法正确的是（）

A.保持人射光为绿光，若增大入射光强度，则灵敏电流计的示数会增大

B.换用紫光照射光电管，逸出电子的最大初动能比绿光照射时大

C.换用红光照射光电管，则灵敏电流计的指针一定不会发生偏转

D.换用黄光照射光电管，灵敏电流针指针未发生偏转，若只增大入射光强度。灵敏电流计指针可能发生偏转

8、以下说法正确的是o

,,m

A.某物质的密度为小其分子的体积为匕，分子的质量为m，则夕二7

B.空气中水蒸气的压强与同温度下水的饱和汽压的比值越大，空气的相对湿度越大

C.在装满水的玻璃杯内，可以不断地轻轻投放一定数量的大头针，水也不会流出，这是由于大头针填充了水分子间

的空隙

D.内能不同的物体，物体内部分子热运动的平均动能可能相同

E.玻璃管裂口放在火上烧熔，它的尖锐处就变圆滑，是因为熔化的玻璃在表面张力的作用下，表面积要收缩到最小的

缘故

9、一带负电粒子仅在电场力的作用下，从x轴的原点O由静止开始沿x轴正方向运动，其运动速度,随位置x的变

化关系如图所示，图中曲线是顶点为O的抛物线，粒子的质量和电荷量大小分别为m和夕，则卜列说法正确的是（）

a.安装好实验器材。接通电源后，让拖着纸带的小车沿长木板运动，重复几次。

b.选出一条点迹清晰的纸带，找一个合适的点当作计时起点0(”0),然后每隔0.1s选取一个计数点，如图2中A、

B、C、仄E、F……所示。

图2

c.通过测量、计算可以得到在打4、B.C、。、E……点时小车的速度，分别记作力、及、力、V4>vs

d.以速度羽为纵轴、时间，为横轴建立直角坐标系，在坐标纸上描点，如图3所示。

Mms'1)

1.0

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0.20.30.4

图3

结合上述实验步骤，请你完成下列问题：

(1)在下列仪器和器材中，还必须使用的有_____和(填选项前的字母)。

A.电压合适的50Hz交流电源

B.电压可调的直流电源

C.刻度尺

D.秒表

E.天平(含祛码)

⑵在图3中已标出计数点A、〃、。、E对应的坐标点，请在该图中标审计数点C（以=0.86m/s）对应的坐标点，并画

出v-t图像。

⑶观察M图像，可以判断小车做匀变速直线运动，其依据是______。根据v-t图像计算出小车的加速度。=nVs2。

（4）某同学测量了相邻两计数点间的距离：OA=7.05cm,AB=7.68cm,BC=8.31cm,CD=8.95cm,DE=9.57cm,EF=10.20cm,

通过分析小车的位移变化情况，也能判断小车是否做匀变速直线运动。请你说明这样分析的依据是

12.（12分）实验小组利用以下方法对物体的质量进行间接测量，装置如图1所示：一根轻绳跨过轻质定滑轮与两个

相同的重物P、Q相连，已知重物P、Q的质量均为，力当地重力加速度为g。在重物Q的下面通过轻质挂钩悬挂待

测物块Z,重物P的下端与穿过打点计时器的纸带相连。

（1）先接通频率为50Hz的交流电源，再由静止释放系统，得到如图2所示的纸带，则系统运动的加速度即m/s2

（结果保留2位有效数字）；

⑵在忽略阻力的理想情况下，物块Z质量M的表达式为M=（用字母a、g表示）；

⑶实际情况下，空气阻力、纸带与打点计时器间的摩擦、定滑轮中的滚动摩擦不可以忽略，物块Z的实际质量与理论

值M有一定差异，这种误差是_____误差（填“偶然”或“系统

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，矩形拉杆箱上放着平底箱包，在与水平方向成〃=37。的拉力尸作用下，一起沿水平面从静止

开始加速运动.已知箱包的质量机=LOkg,拉杆箱的质量M=9.0kg,箱底与水平面间的夹角。=37。，不计所有接触

面间的摩擦，取g=10m/s2,sin370=0.6,cos37°=0.8o

（1）若尸=25N,求拉杆箱的加速度大小a；

⑵在⑴的情况下，求拉杆箱运动x=4.0m时的速度大小V；

⑶要使箱包不从拉杆箱上滑出，求拉力的最大值尸m。

14.（16分）如图所示，半径R=1.0m的光滑圆弧轨道固定在叠宜平面内，轨道的一个端点B和圆心。的连线与水

平方向间的夹角。=37。，另一端点。为轨道的最低点.C点右侧的光滑水平面上紧挨C点静止放置一木板，木板质量

M=lkg,上表面与。点等高,质量为切=Ikg的物块(可视为质点)从空中A点以vo=l.lm/s的速度水平抛出，恰好

从轨道的B端沿切线方向进入轨道,取g=10m".求：

(1)物块经过3点时的速度VH.

(1)物块经过C点时对木板的压力大小.

(3)若木板足够长，物块在木板上相对滑动过程中产生的热量。.

15.(12分)如图所示，在同一水平面上的两根光滑绝缘轨道，左侧间距为2/,右侧间距为1,有界匀强磁场仅存在于

两轨道间，磁场的左右边界(图中虚线)均与轨道垂直。矩形金属线框而cd平放在轨道上，ab边长为I,反边长为

27o开始时，儿边与磁场左边界的距离为2/,现给金属线框施加一个水平向右的恒定拉力，金属线框由静止开始沿着

两根绝缘轨道向右运动，且加边始终与轨道垂直，从儿边进入磁场直到边进入磁场前，线框做匀速运动，从加

边进入右侧窄磁场区域直到4边完全离开磁场之前，线框又做匀速运动。线框从开始运动到完全离开磁场前的整个过

程中产生的热量为问：

(1)线框ad边刚离开磁场时的速度大小是be边刚进入磁场时的几倍？

⑵磁场左右边界间的距离是多少？

(3)线框从开始运动到完全离开磁场前的最大动能是多少？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解题分析】

当原磁通量增加时，感应电流的磁场与原来磁场的方向相反，两个磁场产生相互排斥的作用力；当原磁通量减少时，

感应电流的磁场就与原来磁场的方向相同，两个磁场产生相互吸引的作用力，所以感应电流总要阻碍导体和磁极间的

相对运动。当磁铁匀速向右通过线圈时，N极靠近线圈，线圈的感应电流总要阻碍磁极的相对运动，给磁极向左的安

培力，那么磁极给线圈向右的安培力，线圈静止不动，是因为受到了向左的摩擦力。当N极离开线圈，线圈的感应电

流总要阻碍磁极的相对运动，给磁极向左的安培力，那么磁极给线圈向右的安培力，线圈静止不动，是因为受到了向

左的摩擦力。所以整个过程线圈所受的摩擦力一直向左。故D正确。故选D。

2、C

【解题分析】

A.由万有引力提供向心力有

得

设地球半径为R则有

厂Mm

6下=机8

联立得

由于

则

v尸痢

故A错误；

B.由公式

〃Mmv2

(J——=m—

rr

得

卡

由于鸟<J则卫星在小轨道上运行的线速度小于卫星在《轨道上运行的线速度，故B错误；

C.由公式

—Mm

G——=ma

r-

得

GM

r

则卫星在R2轨道上运行的向心加速度小于卫星在用轨道上运行的向心加速度，故C正确；

D.由开普勒第三定律二二k可知，由于为〈凡则卫星在R轨道上运行的周期大于卫星在R1轨道上运行的周期，故

T-

D错误。

故选C。

3、C

【解题分析】

A.假定两段空气柱的体积不变，即0,匕不变，初始温度为了，当温度降低时，空气柱1的压强由pi减至pi

△p尸pi-p'l,空气柱2的压强由P2减至P'2,Apl=pl-p，2,

由查理定律得：

△，2=~~^T»

因为P2=P1+/[>P”所以△P1VAP2,即水银柱应向力移动。故A错误；

B.在竖直平面内以。点为轴逆时针缓慢转动玻璃管，使，角变大，若水银柱相对玻璃管不动，则增大了水银柱对下部

气体的压力，水银柱向力端移动，故B错误；

C.玻璃管竖直向上减速运动，加速度向下，水银柱失重，若水银柱相对玻璃管不动，水银柱对下部气体压力减小，水

银柱向。端移动，故c正确；

D.使玻璃管垂直纸面向外做加速运动不会影响水银柱竖直方向上的受力，水银柱的位置不变，故D错误。

4、B

【解题分析】

以竖直向下为正方向，根据牛顿第二定律得，金属棒的加速度a=Wf=MN=nFA=nBIL=jiBLkt,联立解得加速度

a=g当,与时间成线性关系，且t=0时，a=g,故CD错误。因为开始加速度方向向下，与速度方向相同，做加速运

动，加速度逐渐减小，即做加速度逐渐减小的加速运动，然后加速度方向向上，加速度逐渐增大，做加速度逐渐增大

的减速运动。故A错误，B正确。故选B。

【题目点拨】

解决本题的关键会根据合力确定加速度的变化，结合加速度方向与速度方向判断物体做加速运动还是减速运动，知道

速度时间图线的切线斜率表示加速度.

5、D

【解题分析】

A.下落笫1S末的瞬时功率为

2

4=mgv}=mg-gty=80xIOx1W=8OOOW

选项A错误；

B.下落第Is内的平均功率为

月=mg%=mg•乎=gx80x1x1WM000W

选项R错误：

C.下落第2s末的瞬时功率为

2

P2=mg匕=mg•gt?=80xIOx2W=16000W

选项C错误；

D.下落第2s内的平均功率为

月=〃咯曜=mg-劭=80x1Oxw=x2(X)()W

选项D正确；

故选D。

6、A

【解题分析】

开始时滑块受向右的拉力尸和向右的摩擦力/而做加速运动，则动能“K=(Ft/)x；若物块在到达最右端之前还未达到

与传送带共速，此时图像为C；若F>f,则当物块与传送带共速后还会加速，此时动能增加为AEK=(R/)X,此时图像

为D；若尸9则当物块与传送带共速后会随传送带一起匀速运动，动能不变，此时图像为B；物块与传送带共速后

只能匀速或者加速，不可能做减速，则图像A不可能。

故选A。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、AB

【解题分析】

A.保持入射光为绿光，若增大入射光强度，单位时间单位面积上照射出的光电子数日会增多，从而会使饱和电流增

大，A符合题意；

B.换用紫光照射光电管，即增大入射光频率，根据爱因斯坦光电效应方程

纥=.一心

知逸出电子的最大初动能比绿光照射时大，B符合题意；

C.用绿光照射光电管，能发生光电效应，说明绿光的频率大于该金属的截止频率，但无法判断红光的频率是否大于

该金属的截止频率，即换用红光照射光电管，也可能发生光电效应，即灵敏电流计的指针可能会发生偏转，C不符合

题意；

D.换用黄光照射光电管，灵敏电流计指针未发生偏转，说明黄光的频率小于该金属的截止频率，若只增大人射光强

度，灵敏电流计指针依然不可能发生偏转，D不符合题意。

故选AB。

8、BDE

【解题分析】

m

A.密度是宏观的物理量，分子的质量与体积是微观的物理量，则夕，万，故A错误；

B.根据相对湿度的定义式可知，空气中水蒸气的压强与同温度时水的饱和汽压的比值越大，空气的相对湿度越大，

故B正确；

C.在装满水的玻璃杯内，可以不断地轻轻投放一定数量的大头针，水也不会流出的原因是液体的表面张力作用，液

体表面层分子的分布要比内部稀疏些，分子之间的吸引力和排斥力都减弱了，其中斥力减弱更多，所以表面层分子之

间有相互吸引力，这种力叫表面张力，由于表面张力的作用，使水面形成一层弹性薄膜，所以水不会流出，故c错误;

D.物体的内能由温度、体积和物质的量决定，内能不同的物体，温度可能相同，温度是分子平均动能的标志，温度

相同，分子的平均动能相同，故D正确；

E.玻璃管道裂口放在火上烧熔，熔化的玻璃在表面张力的作用下收缩到最小，从而变得圆滑，故E正确。

故选BDEo

9、AC

【解题分析】

AD.由题意可知，图中曲线是抛物线，则曲线的表达式可写为

X]2

匕

粒子只在电场力作用下运动，由动能定理得

「1

Fx=—inv

2

即

_tnv'niv,

r=-----=——L

2x2Xj

又

F=Ecj

所以粒子在运动过程中，受到的电场力不变，说明电场为匀强电场，场强为

E=^~

2/

即粒子沿“轴做加速度不变，所以A正确，D错误;

BC.粒子从。点运动到不点，由动能定理得

〃*2

2

电场力做正功，电势能减少，为

则0、M两点之间的电势差为

2q

所以B错误，C正确。

故选AC,

10、BI)

【解题分析】

A.金属线框刚进入磁场时，磁通量增加，磁场方向垂直纸面向里，根据楞次定律判断可知，线框中感应电流方向沿

逆时针方向，故A错误;

B.由图象可知，金属框进入磁场过程中做匀速直线运动，速度为力，匀速运动的时间为，2・八，故金属框的边长：L

=vi（h・力），故B正确;

CD.在金属框进入磁场的过程中，金属框所受安培力等于重力，则得：mg=BlL,又/=号，又L=vy（Z2-/1）,

A

联立解得：B=——―-—；线框仅在进入磁场和离开磁场过程中受安培力，进入时安培力等于重力，离开时

安培力大于重力，开始减速，故开始离开磁场时安培力最大，功率最大，为Pm=F安出又£,=也也

,联立得:

安R

2

匕二吗,故C错误，D正确.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

小车速度随时间均匀变化相邻

相等时间(O.ls)内的位移变化量均为。.63”〃左右，在误差范围内相等，所以小车做匀速直线运动。

【解题分析】

(1)[1JAB.图中打点计时器用的是50Hz交流电源而不是直流电源，故选项A正确，B错误；

C.测量纸带上的点之间距离时，还需要用到刻度尺，故选项C正确；

D.但是不用秒表，因为计时器的点间距能够说明间隔时间的问题，选项D错误；

E.实验用不到天平，因为不用测量质量，选项E错误。

故选AC,

(2)[2]先画出C点，即在时间为0.3s时找出对应的速度0.86m/s即可，然后将图中各点用直线画出来;

（3）［3］因为它是一条直线，说明其加速度的大小是不变的，故说明是匀变速直线运动，也可以说是因为速度的变化

的相同时间内是相同的.

⑷加速度的大小可以根据加速度的定义来计算得出

0.99-0.74

m/s2=0.62m/s2

().5-0.1

计算加速度时需要在直线上取两个点，所取的点间距尽量大一些;

（4）［5］由于在匀变速直线运动中，相邻相等时间内的位移的变化量是相等的，故我们只需要验证这个运动是不是满

足这个关系就可以；由于相邻点间的时间是相等的，又因为

EF-DE=10.20cm-9.57cm=0.63cm

DE-CD=9.57cm-8.95cm=0.62cm

CD-BC=8.95cm-8.31cm=0.64cm

BC-AB=8.31cm-7.68cm=0.63cm,・・

说明相邻相等时间内通过的位移都是相等的，所以小车的运动是匀变速直线运动。

Ima_…

12、8.0系统

【解题分析】

根据位移差公式入1=4-求解系统的加速度。对整个系统进行分析，根据牛顿第二定律求解M的表达式。根据误差

来源分析误差的性质。

【题目详解】

根据位移差公式=解得系统运动的加速度为

At(2.95+3.29)-(2.32+2.64)”「

«=­r=--------------；--------xlOm/s=8.0m/sz2

T24x0.022

(2)[2]根据牛顿第二定律，对Q和Z有

(M=(M+

对物体P有

T-mg=tna

.,Ima

联立解得历=——o

g-a

⑶[3]由题意可知本实验中误差是由于实验原理的选择而造成的，无法通过多测数据来消除，故这是一种系统误差。

【题目点拨】

本题主要考查了通过系统牛顿第二定律测质量的方法，能分析出实验误差的原因。明确系统误差和偶然误差的定义。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)2m/s2；(2)4m/s；(3)93.75N

【解题分析】

(1)若尸=25N,以整体为研究对象，水平方向根据牛顿第二定律可得

Fcosa=(m+M)a

解得

Feosa25x0.8,,

a=------=------------m/sz=2m/s2

，n+M1+9

⑵根据速度位移关系可得

y^-lax

解得

v=<2ax=，2x2x4m/s=4m/s

⑶箱包恰好不从拉杆箱上滑出时，箱包与拉杆之间的弹力刚好为零，以箱包为研究对象，受到重力和支持力作用，此

时的加速度为由，如图所示，

M

nigXX\

\<^・・・

根据牛顿笫二定律可得

mgtanO=ma0

解得

<zo=gtanZ?=7.5m/s2

以整体为研究对象，水平方向根据牛顿第二定律可得

Fmcosa=(m+M)a(t

解得拉力的最大值为

Fm=93.75N

14.(1)vg=2m/s(1)E；=46N(3)Q=9J.

【解题分析】

设物块在