2025届福建省福州市第四中学物理高二第一学期期中监测模拟试题含解析

2025届福建省福州市第四中学物理高二第一学期期中监测模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，将一带正电的点电荷沿电场线方向从A点移动到B点，下列说法正确的是()A．静电力做正功，电势能增加B．静电力做负功，电势能增加C．静电力做正功，电势能减少D．静电力做负功，电势能减少2、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的3倍，距离增大为原来的2倍，它们之间的相互作用力变为A．16F B． C． D．3、如图所示，倾斜放置的平行板电容器两极板与水平面夹角为θ，极板间距为d，带负电的微粒质量为m、带电量为q，从极板M的左边缘A处以初速度v0水平射入，沿直线运动并从极板N的右边缘B处射出，则()A．微粒达到B点时动能为B．微粒的加速度大小等于gsinθC．两极板的电势差D．微粒从A点到B点的过程电势能减少4、一石块从枯井口自由下落，经过3s到达井底，忽略空气阻力，则井深约为（）（g取10m/s2）A．10m B．15m C．30m D．45m5、如图所示，光滑的绝缘水平面上沿直线依次排列三个带电球A、B、C（均可视为点电荷）．彼此间距未知，且三个球恰好都处于静止状态．关于这三个球所带的电荷量及电性，下列情形有可能的是（）A．﹣9、4、36B．4、9、﹣36C．﹣3、﹣2、8D．3、﹣2、66、关于磁感应强度，下列说法中正确的是（）A．磁感应强度沿磁感线方向逐渐减小B．磁感应强度的方向就是通电导线在磁场中受力的方向C．磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量D．磁感应强度的方向就是正电荷在该处的受力方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，电表的示数分别用I、U1、U2、U3表示，电表示数变化量分别用ΔI、ΔU1、ΔUA．U3I变大，ΔU3C．U2I变大，ΔU28、如图所示，以坐标原点为圆心，半径为的圆与坐标轴交于、、、．在点固定一个正电荷，另外还有一方向与轴正方向相同，场强大小为的匀强电场．现把一点电荷在圆上移动时，则（）A．从移到电场力对做功为B．从移到电场力对不做功C．从移到电场力对做功为D．从移到电场力对不做功9、一台电风扇，内阻是20Ω，接上220V的电压后，消耗功率为66W，则电风扇正常工作时，下列说法正确的是：（）A．通过电动机的电流是11A B．电动机消耗的热功率是1.8WC．电动机输出的机械能的功率为66W D．电动机的效率是97.3﹪10、关于电势，下列说法正确的是()A．电场中某点的电势，其大小等于单位正电荷由该点移动到零电势点时，电场力所做的功B．电场中某点的电势与零电势点的选取有关C．由于电势是相对的，所以无法比较电场中两点的电势高低D．电势是描述电场能的性质的物理量三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学将铜片和锌片插入水果中制成一个“水果电池”，该同学利用下列所给器材测量该“水果电池”的电动势E和内阻r．A．电流表A1（量程0.6A，内阻约1Ω）B．电流表A2（量程20mA，内阻约50Ω）C．电压表V1（量程4V，内阻约4kΩ）D．电压表V2（量程15V，内阻15kΩ）E．滑动变阻器R1（0～1000Ω）F．滑动变阻器R2（0～9999.9Ω）G．待测“水果电池”（电动势E约为4V，内阻r约为200Ω）H．开关S，导线若干（1）为尽量减小实验的误差，请在图1中虚线方框中画出你设计的实验电路图；要求在每个电路元件上标明你选用的器材符号，不写或写错得零分_______．（2）该同学实验中记录的6组对应的数据如下表，试根据表中数据在图2中描点画出U-I图线_________；由图线可得，“水果电池”的电动势E=___V，内电阻r=___Ω．12．（12分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法测量这个小灯泡的伏安特性曲线。现有下列器材供选用：A．电压表V1(0～5V，内阻约10kΩ)B．电压表V2(0～10V，内阻约20kΩ)C．电流表A1(0～0.3A，内阻约1Ω)D．电流表A2(0～0.6A，内阻约0.4Ω)E．滑动变阻器R1(0～10Ω，2A)F．滑动变阻器R2(0～100Ω，0.2A)G．学生电源(直流6V)、开关及导线(1)为了调节方便，测量尽可能准确，实验中应选用电压表______，电流表_____，滑动变阻器_______(填器材前方的选项符号，如“A”，“B”)(2)为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据；请在下面的方框中画出实验电路图____________。(3)P为上图中图线上的一点，PN为图线上P点的切线、PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，下列说法中正确的是（____）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C．对应P点，小灯泡的电阻约为5.33ΩD．对应P点，小灯泡的电阻约为24.0Ω(4)某同学通过实验得到的数据画出了该小灯泡的伏安特性曲线，如图所示，若用电动势为4.0V、内阻为8Ω的电源直接给该小灯泡供电，则该小灯泡的实际功率是_______W（保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，直流电动机和电炉并联后接在直流电路上，电源的内阻r＝4Ω，电炉的电阻R1＝36Ω，电动机绕线的电阻R2=2Ω．当开关S断开时，电源内电路消耗的热功率P＝25W；当S闭合时，干路中的电流I=7A；求：(1)电源的电动势E．(2)S闭合后电动机的机械功率.14．（16分）如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们之间的距离为12cm，两点的连线与场强方向成53°角．将一个电荷量为1×12﹣6C的电荷由A点移到B点，电场力做功为1．2×12﹣4J．其中cos532＝2．6，sin532＝2．8，求：（1）A、B两点的电势差UAB；（2）匀强电场的场强E．15．（12分）光滑水平面上质量为1kg的小球A，以2.0m/s的速度与同向运动的速度为1.0m/s、质量为2kg的大小相同的小球B发生正碰,碰撞后小球B以1.5m/s的速度运动．求:(1)碰后A球的速度大小;(2)碰撞过程中A、B系统损失的机械能．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】带正电的点电荷所受的电场力方向从A到B，该点电荷沿电场从A点移动到B点，电场力方向与位移方向相同，则电场力做正功，电势能减少．故选C.2、B【解析】

由库仑定律可得变化前为：，变化后为：A．16F．故A不符合题意．B．．故B符合题意．C．．故C不符合题意．D．．故D不符合题意．3、C【解析】

由题分析可知，微粒做匀减速直线运动，动能减小．故A错误；由题分析可知，tanθ=得a=gtanθ，故B错误；微粒沿水平方向做直线运动，则重力势能不变，动能减小，则电势能增加．由上可知微粒的电势能增加量△ɛ=ma，又△ɛ=qU，得到两极板的电势差U=．故C正确．微粒从A点到B点的过程电势能增加．故D错误．故选C.4、D【解析】

石块做自由落体运动，根据公式h＝gt2，下落总时间3秒，则井深为：h=45m，故ABC错误，D正确；

故选D。5、D【解析】根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，因此ABC均错误，同时根据库仑定律来确定电场力的大小，并由平衡条件来确定各自电量的大小，故D正确．点晴：三个小球只受静电力而平衡时，三个小球所带的电性一定为“两同夹一异”，且在大小上一定为“两大夹一小”．6、C【解析】磁感应强度B大小用磁感线的疏密表示，越密处B大，越疏处B小．故A错误．磁感应强度B的方向与安培力F的方向互相垂直．故B错误．磁感应强度的物理意义就是用来描述磁场强弱和方向的物理量．故C正确．磁感应强度的方向就是小磁针在该处静止不动时N极的指向，即N极的受力方向．故D错误．故选C．【点睛】磁场的方向就是小磁针静止的时候N极所指的方向，也是小磁针的N极所受力的方向，与小磁针的S极受力方向相反，与通电导线所受安培力的方向垂直．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】

根据欧姆定律得知：U1I=R1，ΔU1ΔI=R1不变，选项B正确；当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时R2变大，U2I=R2，变大。根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-I（R1+r），则有Δ8、BC【解析】

点电荷+q处在匀强电场和点电荷Q产生的电场中，对于点电荷Q产生的电场，以Q为圆心的圆是一条等势线，+q在等势线上移动时，电场力不做功；对于匀强电场，根据W=qEd，d是沿电场线方向两点的距离，即可计算电场力做功．【详解】A、B项：从a移到c，点电荷Q产生的电场对+q不做功，在匀强电场中，a、c电势相等，电场力对+q也不做功，故A错误，B正确；C、D项：从d移到b，点电荷Q产生的电场对+q不做功，匀强电场对+q做功为：W=qE•2r=2qEr，所以电场力做功为2qEr，故C正确，D错误．故应选：BC．【点睛】本题关键抓住以Q为圆心的圆是一条等势线，+q在等势线上移动时，电场力不做功，只要分析匀强电场的电场力做功情况即可．9、BD【解析】

根据功率P=UI可以求得电动机的电流的大小；由PQ=I2r可以求得转化为内能的功率的大小，再由P机=P-PQ可以求得转化为机械能的功率。【详解】A项：由P=UI可得电流为：I=PU=B项：线圈电阻发热功率为：PQ=I2r=0.32×20=1.8w，故B正确；C项：机械功率为：P机=P-PQ=66-1.8=64.2W，故C错误；D项：效率为机械功率与总功率之比为：η=P机P=故应选：BD。【点睛】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的。10、ABD【解析】

电势是描述电场能的性质的物理量；电势是相对的，是相对于零电势点而言的，而电势差是绝对的；【详解】A．根据电势的定义可知，电场中某点的电势，其大小等于单位正电荷从该点移动到零电势点时，静电力所做的功，故A正确；B．电势是相对的，是相对于零电势点而言的，电场中某点电势与零电势点的选取有关，故B正确；C．电势是相对的，是相对于零电势点而言的，电场中某点电势与零电势点的选取有关，而电场中某两点间的电势差与零电势点选取无关，任意选取0势能点都可以比较电场中两点的电势高低，故C错误；D．根据电势的物理意义可知，电势是描述电场能的性质的物理量，故D正确．故选ABD。【点睛】本题要理解电势的相对性和电势差的绝对性，运用类比的方法分析电势、电势差与零电势点的关系．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、如图所示：如图所示：3.80V【解析】（1）由表中实验数据可知，所测最大电流为14mA，则电流表选A2，电源电动势约为4V，则电压表选V1，相对于来说电压表内阻远大于电源内阻，电流表相对于电源应采用外接法，实验电路图如图所示．

（2）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出电源的U-I图象如图所示，由图象可知，图象与纵轴交点坐标值为3.80V，则电源电动势为：E=3.80V，直线的斜率为内阻：点睛：本题考查测电源电动势与内阻的实验，要注意分析仪表，正确选择才能得出正确的图象；同时要掌握应用图象法处理实验数据的方法．12、ADEAC0.42W【解析】

（1）[1][2][3]．灯泡的额定电压为4V，电压表应选A；灯泡的额定电流电流表应选择0～0.6A的量程，故选D；变阻器用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器选E．

（2）[4]．灯泡内阻电压表内约为10kΩ，电流表内阻约为0.4Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，因此电流表应采用外接法；描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示：

（3）[5]．AB、由图示I-U图象可知，随电压增大，电流增大，电压与对应电流的比值增大，即灯泡电阻变大，故A正确，B错误；CD、由图象可知，在P点，小灯泡的电阻为故C正确，D错误；（4）[6]．根据闭合电路欧姆定律得：U=E-Ir，则有U=4-8I，画出U-I图象如图所示；

交点对应的电压与电流即为小灯泡此时的实际电压与电流，所以小灯泡两端电压为1.2V，电流I=0.35A，所以实际功率为P=UI=1.2×0.35W=0.42W四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）100V（2）571.2W【解析