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文档简介
安徽省黄山市普通高中2025届高三上物理期中达标检测模拟试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、下列关于物理学史上的四个重大发现,其中说法不正确的是A.卡文迪许通过扭秤实验,测定出了万有引力常量B.奥斯特通过实验研究,发现了电流的磁效应C.法拉第通过实验研究,发现了电磁感应现象D.牛顿根据理想斜面实验,提出力不是维持物体运动的原因2、如图,一光滑的轻滑轮用细绳悬挂于O点;另一细绳跨过滑轮,其一端悬挂物块a,另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b,外力F向右上方拉b,整个系统处于静止状态。若F方向不变,大小在一定范围内变化,物块b仍始终保持静止,则()A.绳的张力也在一定范围内变化B.物块b一定受到5个力作用C.连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化D.物块b与桌面间的摩擦力方向可能水平向右3、如图所示,A、B两小球分别连在弹簧两端,B端用细线固定在倾角为的光滑斜面上,A、B两小球的质量分别为、,重力加速度为g,若不计弹簧质量,在线被剪断瞬间,A、B两球的加速度分别为()A.都等于B.和0C.和0D.0和4、如图所示,将一个质量为m的球固定在弹性杆AB的上端,今用测力计沿水平方向缓慢拉球,使杆发生弯曲,在测力计的示数逐渐增大的过程中,AB杆对球的弹力方向为()。A.始终水平向左B.始终竖直向上C.斜向左上方D.斜向左下方5、功的单位用基本单位可表示为A.J B.N·m C.W·s D.kg·m2/s26、甲、乙两个质点沿同一直线运动,其中质点甲以6m/s的速度匀速直线运动,质点乙做初速度为零的匀变速直线运动,它们的位置x随时间t的变化如图所示.已知t=3s时,甲、乙图线的斜率相等.下列判断正确的是A.最初的一段时间内,甲、乙的运动方向相反B.t=3s时,乙的位置坐标为-11mC.图t=6s时,两车相遇D.乙经过原点的速度大小为m/s二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,光滑斜面固定在水平面上,顶端O有一小球,从静止释放,沿斜面运动到底端B的时间是t1.若给小球不同的水平初速度,落到斜面上的A点,经过的时间是t2,落到斜面底端B点,经过的时间是t3,落到水平面上的C点,经过的时间是t4,则()A. B. C. D.8、如图所示,有A、B两个可视为点电荷的带同种电性的小球,水平面与竖直墙壁光滑绝缘,斜面也光滑绝缘,固定斜面后A球静止,现将斜面向左平移一小段距离,A球重新平衡,则A.A球的高度降低B.A、B间的库仑力增大,A受的支持力增加C.库仑力对A做负功D.以A、B为系统的电势能减小9、如图所示,绷紧的长为6m的水平传送带,沿顺时针方向以恒定速率v1=2m/s运行。一小物块从与传送带等高的光滑水平台面滑上传送带,其速度大小为v2=5m/s。若小物块与传送带间的动摩擦因数μ=0.2,重力加速度g=10m/s2,下列说法中正确的是A.小物块在传送带上先向左做匀减速直线运动,然后向右做匀加速直线运动B.若传送带的速度为5m/s,小物块将从传送带左端滑出C.若小物块的速度为4m/s,小物块将以2m/s的速度从传送带右端滑出D.若小物块的速度为1m/s,小物块将以5m/s的速度从传送带右端滑出10、如图,一平行板电容器连接在直流电源上,电容器的极板水平,两微粒a、b所带电荷量大小相等、符号相反,使它们分别静止于电容器的上、下极板附近,与极板距离相等.现同时释放a、b,它们由静止开始运动,在随后的某时刻t,a、b经过电容器两极板间下半区域的同一水平面,a、b间的相互作用和重力可忽略.下列说法正确的是()A.a的质量比b的大B.在t时刻,a的动能比b的大C.在t时刻,a和b的电势能相等D.在t时刻,a和b的动量大小相等三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)如图所示是利用自由落体运动进行“验证机械能守恒定律”的实验装置,所用的打点计时器通以50Hz的交流电.(1)甲同学按照正确的实验步骤操作后,选出一条纸带如图所示,其中O点为重物刚要下落时打点计时器打下的第一个点,A、B、C为三个计数点,用刻度尺测得OA=11.13cm,OB=17.69cm,OC=15.90cm,在计数点A和B、B和C之间还各有一个点.已知重物的质量为1.00kg,取g=9.80m/s1.在OB段运动过程中,重物重力势能的减少量△Ep=_____J;重物的动能增加量△Ek=_____J(结果均保留三位有效数字).(1)由于该实验没有考虑各种阻力的影响,导致△Ep与△Ek不相等,这属于本实验的_____误差(选填“偶然”或“系统”).(3)乙同学想利用该实验装置测定当地的重力加速度.他打出了一条纸带后,利用纸带测量出了各计数点到打点计时器打下的第一个点间的距离h,算出了各计数点对应的速度v,以h为横轴,以12v1为纵轴画出了如图所示的图线.由于图线没有过原点,他又检查了几遍,发现测量和计算都没有出现问题,其原因可能是:_____.乙同学得出该图线的斜率为k,如果不计一切阻力,则当地的重力加速度g_____k(选填“大于”、“等于”或“小于12.(12分)某同学做“探究求合力的方法”实验,所用器材有:木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和两个弹簧测力计,实验装置如图(1)该同学按下列步骤操作:①在水平桌面上放一块方木板,在方木板上铺一张白纸,用图钉把白纸钉在方木板上;②用图钉把橡皮条的一端固定在木板上的A点,在橡皮条的另一端系上两条细绳,细绳的另一端系着绳套;③用两个弹簧测力计分别钩住绳套,互成角度地拉橡皮条,使橡皮条伸长,橡皮条与细绳的结点到达某一位置O,记下O点的位置及两个弹簧测力计的示数F1和F2;④按选好的标度,分别作出F1和F2的图示,并用平行四边形定则求出合力F;⑤只用一个弹簧测力计,通过细绳套拉橡皮条使其伸长,读出弹簧测力计的示数F',记下F'的方向,按统一标度做出这个力⑥比较F'和F在上述步骤中:步骤③遗漏的重要操作是_____________________________________________。步骤⑤遗漏的重要操作是___________________________________________________。(2)根据实验数据画出力的图示,如图所示,图上标出了F1、F2、F、F'四个力,其中_____________(填上述字母)不是由弹簧测力计直接测得的,F与F'两力中,方向一定沿AO方向的是(3)实验中用M、N两个测力计通过细线拉橡皮条的结点,使其到达O点,此时α+β=90°,然后保持M的示数不变,而使α减小,为保持结点位置不变,可采用的办法是____A减小N的示数同时减小β角B减小N的示数同时增大β角C增大N的示数同时增大β角D增大N的示数同时减小β角四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)某次探矿时发现一天然透明矿石,经测量其折射率n=.人工打磨成球形后置于空气中(如图所示),已知球半径R=10cm,MN是一条通过球心O的直线,单色细光束AB平行于MN射向球体,B为入射点,AB与MN间距为d=5cm,CD为出射光线.求:①光从B点传到C点的时间;②CD与MN所成的角α.14.(16分)如图所示,细绳一端系着质量m=1.1kg的小物块A,置于光滑水平台面上;另一端通过光滑小孔O与质量M=1.5kg的物体B相连,B静止于水平地面上.当A以O为圆心做半径r=1.2m的匀速圆周运动时,地面对B的支持力FN=2.1N,求物块A的速度和角速度的大小.(g=11m/s2)15.(12分)、两个粒子都带正电,的电荷量是的倍、的质量是的倍,以已知速度向静止的粒子飞去.由于库仑斥力,它们之间的距离缩短到某一极限值后又被弹开,然后各自以新的速度做匀速直线运动.设作用前后它们的轨迹都在同一直线上,如果电荷的质量为,计算:(1)当、之间的距离最近时它们各自的速度.(2)当、距离最近时损失的机械能.
参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】
A.卡文迪许通过扭秤实验,测定出了引力常量.故A不符合题意.B.奥斯特通过实验研究,发现了电流周围存在磁场.故B不符合题意.
C.法拉第发现电磁感应现象,而纽曼与韦伯通过实验研究,总结出法拉第电磁感应定律,人们为纪念他,从而命名为法拉第电磁感应定律.故C不符合题意.
D.伽利略根据理想斜面实验,提出力不是维持物体运动的原因.故D符合题意.2、D【解析】
AC.由于整个系统处于静止状态,所以滑轮两侧连接和的绳子的夹角不变;物块只受重力以及绳子的拉力,由于物体平衡,则连接和的绳子张力保持不变;由于绳子的张力及夹角均不变,所以中的张力保持不变,故AC错误;B.物块受到重力、支持力、间绳子的拉力以及拉力的作用,可能不受摩擦力,也可能受到摩擦力,故可能受到5个力作用,也可能受到4个力的作用,故B错误;D.处于静止即平衡状态,对受力分析有:和与轴所成夹角均保持不变,由平衡条件可得:由于的大小不变,当大小发生变化时,可能小于,的摩擦力可能水平向右,故D正确。故选D.3、D【解析】
对A球分析,开始处于静止,则弹簧的弹力F=mAgsin30°剪断细线的瞬间,弹簧的弹力不变,对A,所受的合力为零,则A的加速度为0,对B,根据牛顿第二定律得A.都等于,与分析不符,故A错误。B.和0,与分析不符,故B错误。C.和0,与分析不符,故C错误。D.0和,与分析相符,故D正确。4、C【解析】
以球为研究对象,分析受力情况:重力G、测力计的拉力T和AB杆对球作用力F,由平衡条件知,F与G、T的合力大小相等、方向相反,作出力的合成图如图。则有G、T的合力方向斜向右下方,测力计的示数逐渐增大,T逐渐增长,根据向量加法可知G、T的合力方向与竖直方向的夹角逐渐增大,所以AB杆对球的弹力方向斜向左上方,与竖直方向的夹角逐渐增大。
A.始终水平向左,与结论不相符,选项A错误;B.始终竖直向上,与结论不相符,选项B错误;C.斜向左上方,与结论相符,选项C正确;D.斜向左下方,与结论不相符,选项D错误;5、D【解析】
功的单位可表示为J、N·m、W·s,但J、N、W都不是基本单位,只有kg·m2/s2才是基本单位组成的,所以D正确;故选D。6、B【解析】
A.位移时间图象的斜率表示速度,则最初的一段时间内,甲、乙的斜率都为正方向,所以运动方向相同,故A不符合题意;B.质点乙作初速度为零的匀变速直线运动,t=3s时,甲、乙图线的斜率相等,所以,t=3s时乙的速度是6m/s,乙的加速度0-3s,乙的位移所以t=3s时,乙的位置坐标为故B符合题意.C.设过t两车相遇解得:故C不符合题意.D.根据v2-0=2ax,乙经过原点时的速度大小为,故D不符合题意.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BD【解析】
对三次平抛运动:平抛运动的时间取决于竖直的高度,所以其运动的时间关系是:t2<t3=t4;对于沿斜面运动到B点和平抛到B点这两个运动:平抛的加速度是g,沿斜面运动的加速度的竖直分加速度是gsin2θ,所以沿斜面运动的加速度小,运动的时间长,即t1>t3=t4;故AC错误,BD正确;故选BD.【点睛】本题关键建立运动模型,明确沿斜面运动是匀加速直线运动,其余三种运动是平抛运动,平抛运动的时间取决于竖直分运动的位移.8、ABC【解析】
依据受力分析,根据矢量的合成法则,结合平衡条件,即可确定将斜面向左平移一小段距离时,A球受到的库仑力与支持力的变化情况,再根据库仑定律,判定两球间距,进而确定高度的变化,最后依据电场力做功的正负,来确定电势能的变化.【详解】对A球受力分析,如图所示:
根据矢量的合成法则,及三角知识,则有,当将斜面向左平移一小段距离时,夹角(>90o)会变大,导致支持力N与库仑力F,都增大;依据库仑定律,可知,两球的间距会减小,因此A球的高度会降低,故AB正确;依据两球的库仑斥力,且间距减小,因此库仑力做负功,则A、B的电势能会增大,故C正确,D错误.所以ABC正确,D错误.【点睛】本题考查矢量的合成法则,掌握动态平衡分析的方法,理解库仑力与支持力如何变化是解题的关键,同时掌握库仑力做功正负,及电势能变化判定依据.9、BC【解析】
A.小物块在传送带上先向左做匀减速直线运动,设加速度大小为a,速度减至零时通过的位移为x。根据牛顿第二定律得:μmg=ma,解得:a=μg=2m/s2物块速度减为零时的位移为:所以小物块将从传送带左端滑出,不会向右做匀加速直线运动。故A错误。
B.传送带的速度为5m/s时,物块在传送带上受力情况相同,则运动情况相同,从传送带左端滑出,故B正确。
C.若小物块的速度为4m/s时,物块速度减为零时的位移为:所以小物块没有从传送带左端滑出,当小物块与传送带共速时运动的位移为:所以物块将会与传送带共速,即小物块将以2m/s的速度从传送带右端滑出。故C正确。D.若小物块的速度为1m/s,物块速度减为零时的位移为:所以小物块没有从传送带左端滑出,当小物块速度向右达到1m/s时运动的位移为:所以小物块将以1m/s的速度从传送带右端滑出。故D错误。10、BD【解析】试题分析本题考查电容器、带电微粒在电场中的运动、牛顿运动定律、电势能、动量定理及其相关的知识点.解析根据题述可知,微粒a向下加速运动,微粒b向上加速运动,根据a、b经过电容器两极板间下半区域的同一水平面,可知a的加速度大小大于b的加速度大小,即aa>ab.对微粒a,由牛顿第二定律,qE=maaa,对微粒b,由牛顿第二定律,qE=mbab,联立解得:>,由此式可以得出a的质量比b小,选项A错误;在a、b两微粒运动过程中,a微粒所受合外力等于b微粒,a微粒的位移大于b微粒,根据动能定理,在t时刻,a的动能比b大,选项B正确;由于在t时刻两微粒经过同一水平面,电势相等,电荷量大小相等,符号相反,所以在t时刻,a和b的电势能不等,选项C错误;由于a微粒受到的电场力(合外力)等于b微粒受到的电场力(合外力),根据动量定理,在t时刻,a微粒的动量等于b微粒,选项D正确.点睛若此题考虑微粒的重力,你还能够得出a的质量比b小吗?在t时刻力微粒的动量还相等吗?在t时间内的运动过程中,微粒的电势能变化相同吗?三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、(1)1.73,1.70;(1)系统;(3)先释放重物再接通电源;等于.【解析】打点计时器打点的周期为0.01s(1)在OB段运动过程中,重物重力势能的减少量为△Ep=mghOB=1×9.8×0.1769J≈1.813J=1.73J;B点的速度为:vB=xOC则动能的增加量为:△Ek=12mvB1(1)各种阻力是不可避免的,这属于系统误差;(3)从图象中可以看出,当物体下落的高度为0时,物体的速度不为0,说明了操作中先释放重物,再接通(打点计时器)电源.若没有阻力,根据机械能守恒知:mgh=12mv1,则12v1=gh12、(1)未记录力F1和F2的方向;未明确是否把橡皮条与细绳的结点拉到位置O;(2)F;F'【解析】(1)步骤③中遗漏的重要操作是:未记录F1和F2的方向;步骤⑤中遗漏的重要操作是:未明确是否把橡皮条与细绳的结点拉到位置O;(2)F与F'两力中,F是理论值,F'是实验值,则F'方向一定沿AO方向;(3)要保证结点不动,应保证合力不变,则由平行四边形定则可知,合力不变,M方向向合力方向靠拢,根据图象可知,则N的拉力应减小,同时应减小β角;故选A。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在
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