内蒙古自治区通辽市科尔沁左翼后旗甘旗卡第二高级中学2025届高二物理第一学期期中调研试题含解析

内蒙古自治区通辽市科尔沁左翼后旗甘旗卡第二高级中学2025届高二物理第一学期期中调研试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、示波器可以用来观察电信号随时间变化的情况，其核心部件是示波管，其原理图如下，为水平偏转电极，为竖直偏转电极．以下说法正确的是A．加图3波形电压、不加信号电压，屏上在两个位置出现亮点B．加图2波形电压、加图1波形电压，屏上将出现两条竖直亮线C．加图4波形电压、加图2波形电压，屏上将出现一条竖直亮线D．加图4波形电压、加图3波形电压，屏上将出现图1所示图线2、如图所示，带箭头的线段表示某一电场中的电场线的分布情况。一带电粒子在电场中运动的轨迹如下图中虚线所示。若不考虑其他力，则下列判断中正确的是（）A．若粒子是从A运动到B，则粒子带正电；若粒子是从B运动到A，则粒子带负电B．不论粒子是从A运动到B，还是从B运动到A，粒子必带负电C．若粒子是从B运动到A，则其电势能增大D．若粒子是从B运动到A，则其速度减小3、在真空中的A、B两点分别放置等量异种点电荷，在电场中通过A、B两点的连线中点对称地选取一个闭合路径abcd，如图所示．现将一个电子沿abcd移动一周，下列判断正确的是（）A．a点和b点的电场强度相同B．c点电势高于d点电势C．由b→c，电场力先做正功后做负功D．由c→d，电子电势能一直在减小4、关于电流，下列说法中正确的是：（）A．通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B．电流的方向就是自由电荷定向移动的方向C．单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流就越大D．因为电流有方向，所以电流是矢量5、如图所示的电路中，输入电压U恒为10V，灯泡L标有“5V，10W”字样，电动机线圈的电阻RM=0.5Ω，若灯泡恰好能正常发光，则下列说法中正确的是A．电动机的电流是10AB．电动机的热功率是2WC．电动机的输出功率是10WD．整个电路消耗的电功率是18W6、如图所示的电路称为分压电路，当a、b间电压恒为U时，当滑动变阻器的滑片逐渐向上滑动的过程中c、d间的电压Ucd(A．一直为UB．一直为0C．逐渐减小到0D．逐渐增大到U二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，不计电阻的矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动，输出交流电的电动势图象如图乙所示，经原副线圈匝数比为1:10的理想变压器给一灯泡供电，灯泡上标有“220V22W”字样，如图丙所示，则（）A．产生电动势的瞬时表达式为e=22sin100πt(V)B．灯泡中的电流方向每秒钟改变100次C．灯泡正常发光D．电流表示数为2A8、关于电源和直流电路的性质，下列说法正确的是()A．电源被短路时，放电电流无穷大B．外电路断路时，路端电压最高C．外电路电阻值减小时，路端电压降低D．不管外电路电阻怎样变化，其电源的内、外电压之和保持不变9、如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的水平匀强磁场．在该区域中，有一个竖直放置的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球．O点为圆环的圆心，a、b、c、d为圆环上的四个点，a点为最高点，c点为最低点，b、O、d三点在同一水平线上．已知小球所受电场力与重力大小相等．现将小球从环的顶端a点由静止释放，下列判断正确的是（）A．小球能越过d点并继续沿环向上运动B．当小球运动到d点时，不受洛伦兹力C．小球从a点运动到b点的过程中，重力势能减小，电势能减小D．小球从b点运动到c点的过程中，经过弧中点时速度最大10、如图所示，一直流电动机与阻值R=9Ω的电阻串联在电源上，电源的电动势E=30V，内阻r=1Ω，闭合开关，用理想电压表测出电动机两端电压U=10V，已知电动机线圈的电阻RM=1Ω，则下列说法中正确的是A．通过电动机的电流为10AB．电动机的输入功率为20WC．电源的输出功率为4WD．电动机的输出功率为16W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）现要测定一个额定电压约4V，额定电流约为0.5A的小灯泡正常发光时的电阻，电压表应该选择________，电流表应选择________，电路连接时应采用________(选填“电流表内接法”或“电流表外接法”)．A．V1量程4.5V，内阻约4×103ΩB．V2量程10V，内阻约8×103ΩC．A1量程3A，内阻约0.4ΩD．A2量程0.6A，内阻约2Ω12．（12分）图（甲）是用一主尺最小分度为1mm，游标上有20个分度的卡尺测量一工件的长度，结果如图所示．可以读出此工件的长度为____________cm．图（乙）是用螺旋测微器测量某一圆筒内径时的示数，此读数应为______mm

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在平面直角坐标系xOy的第四象限有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B＝2.0T．一质量为m＝5.0×10－8kg、电量为q＝1.0×10－6C的带电粒子从P点沿图示方向以v＝20m/s的速度进入磁场，从x轴上的Q点离开磁场（Q点未画出）．已知OP＝30cm，(粒子重力不计，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)，求：(1)OQ的距离；(2)若粒子不能进入x轴上方，求磁感应强度B′满足的条件．14．（16分）如图，质量m=1kg的足够长木板B静止于光滑水平地面上，在其右侧地面上固定一竖直挡板，质量M=5kg的物块A停在B的左端，质量为m0=2kg的小球P用长为l=0.45m的轻绳悬挂在固定点O，绳能承受的最大拉力是小球P重力的5.5倍。现将小球P及轻绳拉直至水平位置后由静止释放，小球P在最低点与A发生正碰，碰撞时间极短，碰后小球P反弹瞬间绳刚好被拉断。已知A、B间的动摩擦因数μ=0.1，木板B与挡板发生弹性碰撞，且B与挡板碰撞前已与A共速，物块与小球均可视为质点，不计空气阻力，取g=10m/s2。求：(1)小球P与A撞后瞬间，A的速度；(2)在木板B与挡板第一次碰撞前，A相对B滑动的位移；(3)在A、B运动的整个过程中，B向左运动的总路程。15．（12分）一束电子流在U1=4500V的电压作用下得到一定速度后垂直于平行板间的匀强电场飞入两板间的中央，如图所示．若平行板间的距离d=1cm，板长l=5cm，求：（1）电子进入平行板间的速度多大？（2）至少在平行板上加多大电U2才能使电子不再飞出平行板？（电子电量1.6×10﹣19C，电子的质量9×10﹣31kg）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

加图3波形电压、不加信号电压，则电子将在两个不同方向的电压一定的电场中运动发生两个大小相同方向相反的位移，故在屏上水平方向的两个位置出现亮点，选项A正确；加图2波形电压、加图1波形电压，屏上将出现一条竖直亮线，选项B错误；加图4波形电压、加图2波形电压，屏上将出现一条水平亮线，选项C错误；加图4波形电压、加图3波形电压，屏上将出现图3所示图线，选项D错误；故选A.【点睛】本题考查示波器原理，搞清楚两个电压的作用是关键．2、B【解析】

AB．根据做曲线运动物体所受合外力指向曲线内侧可知粒子所受电场力与电场线的方向相反，所以不论粒子是从运动到，还是从运动到，粒子必带负电，A错误，B正确；C．沿电场线方向电势降低根据电势能的公式则负电荷的电势能关系若粒子是从B运动到A，则其电势能减小，C错误；D．从到过程中电场力与速度方向成锐角，即做正功，动能增大，速度增大，D错误。故选B。3、D【解析】

等量同种电荷电场线如图：

A．结合等量异种点电荷的电场线的图象可知，ab两点的电场强度的方向不同。故A错误；B．d点的电势为正值，c点的电势为负值，c点电势低于d点电势。故B错误；C．在bc的连线上，两电荷连线上方，场强竖直向分量向下，两电荷连线下方，场强竖直向分量向上。则电子由b到c，电场力先做负功后做正功。故C错误；D．由c→d，电子受力的方向与运动的方向之间的夹角始终是锐角，电场力做正功，电子电势能一直在减小。故D正确。4、C【解析】解：A、单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流越大；故A错误；C正确；B、物理学中规定，正电荷的定向移动方向为电流的方向；故B错误；D、电流有方向，但电流的合成运动不符合平行四边形定则；故电流是标量；故D错误；故选C．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：电荷的定向移动形成电流，电流的方向为正电荷定向移动的方向；其定义式I=．点评：本题考查的电流的大小及方向规定，要注意明确电流的大小取决于电量与时间的比值；但与流过的电量及所用时间无关．5、B【解析】

AB．电动机两端的电压为：U1=U-UL=10-5V=5V整个电路中的电流等于灯泡的额定电流为：电动机的电流是2A；电动机的热功率为：P热=I2RM=4×0.5W=2W故A错误，B正确；C．电动机消耗功率为：P=U1I=5×2W=10W．则电动机的输出功率为：P出=P-P热=10W-2W=8W．故C错误．D．整个电路消耗的功率为：P总=UI=10×2W=20W．故D错误；故选B.点睛：解决本题的关键知道电动机的能量转化关系，电动机的输出功率P出=P-I2RM，知道整个电路消耗的功率P总=UI．6、D【解析】

明确电路接法，假设cd间接入一电阻，则cd间的电压等于接入电阻与变阻器下部并联的电压，根据并联部分电阻的变化，由串联电路的特点分析电压的变化；【详解】由图可知，变阻器下部与接入电阻并联后与上部串联，当滑动变阻器的滑片P逐渐向上端移动的过程中，并联部分的电阻变大，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，并联部分分担的电压增加，则cd间的电压逐渐增加，当滑片移到变阻器最上端时，cd间的电压为U，故ABC错误，D正确。【点睛】本题中变阻器接成了分压式，利用串并联电路的分压规律，即可分析滑动变阻器输出的电压范围。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A.由图可知，交流电的周期为0.02s，ω=100πrad/s，最大值为222V，所以电动势的瞬时表达式为e=222sin100πt(V)，故A错误；B.一个周期内电流方向改变两次，所以灯泡中的电流方向每秒钟改变100次，故B正确；C.原线圈输入电压为有效值为22V，则副线圈的电压为22×10=220V，灯泡正常发光，额定电压为电压的有效值220V，故C正确；D.由P=UI可知，副线圈电流I2=P/U=22/220=0.1A，则由I1：I2=10：1求得I1=1A，故D错误；故选：BC8、BCD【解析】A、根据可知，电源被短路时，放电电流比较大，不是无穷大，故A错误；B、外电阻断路时，外电阻无穷大，路端电压为最大；故B正确；C、根据闭合电路欧姆定律可知，路端电压，当外电路电阻值R减小时，路端电压降低，故C正确；D、电源的内、外电压之和等于电源电动势，保持不变，故D正确.故选BCD．【点睛】本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，难度不大，属于基础题．9、BCD【解析】

AB、电场力与重力大小相等,则二者的合力指向左下方45∘,由于合力是恒力,故类似于新的重力,所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”．关于圆心对称的位置(即bc弧的中点)就是“最低点”，速度最大；由于a、d两点关于新的最高点对称，若从a点静止释放，最高运动到d点，即当小球运动到d点时，速度为零，故不受洛伦兹力；故A错误，B正确；C.由于d、b等高，故小球从d点运动到b点的过程中，重力势能不变，电场力做正功，电势能减小，故C正确；D.由于等效重力指向左下方45∘，故弧bc中点是等效最低点，故小球从b点运动到c点的过程中，经过弧bc中点时速度最大，故D正确；故选BCD．10、BD【解析】

A.根据欧姆定律得回路中的电流：故A错误；B.电动机的输入功率为：入故B正确；C.电源的输出功率：出故C错误；D.电动机的输出功率为：出故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AD电流表外接法【解析】小灯泡额定电压约为4V，电压表选择量程4.5V，故电压表应该选择A；小灯泡额定电流约为0.5A，电流表选择量程0.6A，故电流表应选择D；由可知小灯泡正常发光时的电阻约为，又有，所以电路连接时应采用电流表外接法。【点睛】根据灯泡额定电压选择电压表，灯泡额定电流选择电流表，根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法。12、10.240cm

5.543-5.547mm

【解析】分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：游标卡尺的主尺读数为102mm，游标读数为0.05×7mm=0.35mm，所以最终读数为102.35mm=10.235cm．螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为0.01×4.6mm=0.046mm，所以最终读数为5.546mm=0.5546cm．故本题答案为：10.235，0.5546点评：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.90m；（2）B′>T＝5.33T；【解析】试题分析：（1）带电粒子仅在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，有：得代入数据得：R＝0.50m而OP/cos53°＝0.50m故圆心一定在x轴上，轨迹如图甲所示．由几何关系可知：OQ＝R＋Rsin53°，故OQ＝0.90m（2）带电粒子不从x轴射出（如图乙），由几何关系得：OP>R′＋R′cos53°①②由①②并代入数据得：（取“≥”照样给分）考点：带电粒子在磁场中的运动【名师点睛】此题是带电粒子在磁场中的运动问题；考查动能定理、牛顿第二定律及向心力公式，同时将几何知识融入题中，从而提升学生分析与解题的能力；解题时必须要画出运动的草图，结合结合关系找到粒子运动的半径然后进行其他的求解.14、(1)，方向水中向右；(2)；(3)【解析】

(1)小球碰撞结束后获得的速度为，在最低点由向心