2025届福建省漳平市第一中学高二物理第一学期期中检测试题含解析

2025届福建省漳平市第一中学高二物理第一学期期中检测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，滑动变阻器的总电阻30Ω，路端电压12V，要使额定电压为6V，额定功率为1.8W的小灯泡正常发光，调整滑动变阻器应使BC间的电阻为：A．8Ω B．10Ω C．12Ω D．20Ω2、如图所示，为A、B两电阻的伏安特性曲线，关于两电阻的描述正确的是A．电阻A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变B．电阻A的电阻随电流的增大而减小，电阻B阻值不变C．在两图线交点处，电阻A的阻值大于电阻BD．在两图线交点处，电阻A的阻值小于电阻B3、在下图所示的电场中，a、b两点的电场强度和电势均相同的是()A．离点电荷等距离的a、b两点B．两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距离的a、b两点C．两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距离的a、b两点D．带电平行金属板间分别靠近两板的a、b两点4、如图所示，abcd是边长为L的正方形回路，处在斜向左上的匀强磁场中，磁场方向与回路平面呈45度角，ab，cd为金属棒，ad,bc为细的金属丝，金属丝的质量不计，ab金属棒固定且两端通过导线与另一侧的电源相连，连接在另一端的cd金属棒刚好能悬在空中且正方形回路处于水平，cd段金属棒的质量为m通过回路的磁通量为Φ，重力加速度为g则cd棒中电流的大小和方向：A．mgLΦ，方向从d到cB．mgLΦ，方向从cC．2mgLΦ，方向从d到cD．2mgLΦ,5、若用E表示电源电动势，U表示外电压，Ur表示内电压，R表示外电路总电阻，r表示内阻，I表示总电流强度，则下列各关系式中一定正确的是（）A．Ur=IR B．E=U+Ir C． D．6、下面说法正确的是（）A．根据磁感应强度定义式，磁场中某点的磁感应强度B与F成正比，与IL乘积成反比B．磁感应强度的方向与小磁针N极所受磁场力的方向相同C．一小段通电直导线在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零D．磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、绝缘水平面上固定一正点电荷Q，另一质量为m，电荷量为-q的滑块（可看做点电荷）从a点以初速度v0沿水平面向Q运动，到达b点时速度减为零．已知a、b间距离为s，滑块与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，则以下判断正确的是（A．滑块在运动过程中所受Q的库仑力一定小于滑动摩擦力B．滑块在运动过程中的中间时刻，速度大小等于vC．此过程产生的内能小于1D．Q产生的电场中，a、b两点间的电势差为U8、直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（）A．总功率一定减小 B．效率一定增大C．内部损耗功率一定减小 D．输出功率一定先增大后减小9、某静电场中的一条电场线与x轴重合，其电势的变化规律图像关于O点对称，如图所示．已知x轴上A、B两点中A到O点的距离更近．在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则下述正确的是（）A．A、B两点的电场强度大小B．A、B两点的电场强度方向相反C．电子运动的加速度逐渐减小D．电子将在之间作往复运动10、如图所示,把柔软的铝箔条折成天桥状并用胶纸粘牢两端固定主桌面上,使蹄形磁铁横跨过“天桥”，当电池与铝箔接通时()A．铝箔条中部向下方运动B．铝箔条中部向上方运动C．蹄形磁铁对桌面的压力增大D．蹄形磁铁对桌面的压力减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）探究小组在实验选材中从实验室找到一只小灯泡，其额定电压为2.6V，额定功率模糊不清.于是小组商议通过描绘小灯泡的伏安特性曲线来测定小灯泡的额定功率，实验时找到了以下器材（导线和开关除外）：A．电源（约为3.0V，内阻约为）B．电流表A（--0.6A，内阻为）C．电压表V（0—1V，内阻为）D．定值电阻E.定值电阻F.滑动变阻器(1)在图甲中画出实验电路图___；(2)根据实验数据，描绘出了如图乙所示的伏安特性曲线，在0—0.6V内图线为直线，则小灯泡不工作时的电阻为_________；当电压大于0.6V后图线为曲线，则随着灯丝两端电压的增加，灯丝的电阻逐渐_________（填“增大”、“减小”或“不变”）；根据图线可知，小灯泡的额定功率为__________W（结果保留2位小数）.12．（12分）如图所示为用电火花打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置．（1）若已知打点计时器的电源频率为50Hz，当地的重力加速度g=9.80m/s2，重物质量为0.2kg．实验中得到一条点迹清晰的纸带如图所示，打P点时，重物的速度为零，A、B、C为另外3个连续点，根据图中的数据，可知重物由P点运动到B点，重力势能减少量等于___________J．（结果保留3位有效数字）（2）实验中发现重物增加的动能略小于减少的重力势能，其主要原因是_________．A．重物的质量过大

B．重物的体积过小C．使用的直流电源

D．重物及纸带在下落时受到阻力四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）图是某种静电分选器的原理示意图。两个竖直放置的平行金属板带有等量异号电荷，形成匀强电场。分选器漏斗的出口与两板上端处于同一高度，到两板距离相等。混合在一起的a、b两种颗粒从漏斗出口下落时，a种颗粒带上正电，b种颗粒带上负电。经分选电场后，a、b两种颗粒分别落到水平传送带A、B上。已知两板间距d＝0.1m，板的长度L＝0.5m，电场仅局限在平行板之间；各颗粒所带电量大小与其质量之比均为1×10－5C/kg。设颗粒进入电场时的初速度为零，分选过程中颗粒大小及颗粒间的相互作用力不计。要求两种颗粒离开电场区域时，不接触到极板但有最大偏转量。重力加速度g取10m/s2。（1）左右两板各带何种电荷？两极板间的电压多大？（2）若两带电平行板的下端距传送带A、B的高度H＝0.3m，颗粒落至传送带时的速度大小是多少？14．（16分）如图所示，两根间距为L的金属导轨MN和PQ，电阻不计，左端向上弯曲，其余水平，水平导轨左端有宽度为d、方向竖直向上的匀强磁场I，右端有另一磁场II，其宽度也为d，磁场的磁感应强度大小均为B。有两根质量均为m、电阻均为R的金属棒a与b与导轨垂直放置，b棒置于磁场II中点C、D处，导轨除C、D两处（对应的距离极短）外其余均光滑，两处对棒可产生总的最大静摩擦力为棒重力的K倍，a棒从弯曲导轨某处由静止释放。（1）若a棒释放的高度大于h0，则a棒进入磁场I时才会使b棒运动，请求出h0。（2）若将a棒从高度小于h0的某处释放，使其以速度v0进入磁场I，结果a棒以的速度从磁场I中穿出，求两棒即将相碰时a棒的速度。（3）在（2）问中，求两棒即将相碰时b棒上的电功率Pb。（4）若将a棒从高度大于h0的某处释放，使其以速度v1进入磁场I，从磁场I穿出时的速度大小为，试求此时b棒的速度，并分析说明b棒此时是否已穿出磁场II。15．（12分）一根长为l的绝缘细线下端连接一质量为m的带电小球，上端悬挂在固定点O上，整个装置处于真空室内的匀强电场中，电场方向水平，电场强度大小为E.开始时小球静止于A点，此时细线与竖直方向的夹角θ=37°，如图所示.重力加速度为g，已知sin37°=0.60，cos37°=0.80.（1）求小球的电荷量q.（2）某时刻将匀强电场的方向突然改为竖直向上但电场强度大小保持不变，求小球通过最低点B时细线对小球的拉力大小.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

由题意可知，灯泡正常发光，则灯泡电压为6V，电流I=1.8/6=0.3A；AC部分电压为：UAC=12−6=6V；设CB部分电阻为R，则AC部分电阻为30−R；可知：解得：R=20Ω故选D.2、A【解析】

由图可知，电阻A的图象的斜率越来越大，故A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变；故A正确；B错误；两图象的交点处，电流和电压均相同，则由欧姆定律可知，两电阻的阻值大小相等；故CD错误；故选A。【点睛】本题考查伏安特性曲线的应用，要注意明确U-I图象中图象的斜率表示电阻；斜率变大时，电阻增大．3、B【解析】试题分析：A项是负点电荷形成的电场，a、b是离点电荷等距的两点，处在同一等势面上，电势相同，场强大小相等，但方向不同，故A错；B项是等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，则a、b的电势相等．由于电场线关于两电荷连线左右对称，而且都与等势面垂直，所以a、b两点的场强大小和方向都相同，故B正确；C项是等量同种电荷形成的电场，根据电场线的对称性可知，a、b两点的电势相同，场强大小相等，但方向相反，故C错；D项是平行板形成的匀强电场，a、b两点的场强相同，沿电场线电势降低，所以a点的电势大于b点的电势，故D错．考点：本题考查了典型电场中电场强度、电势特点【名师点睛】解决本题的关键是要抓住电势和场强的区别，电势是标量，场强是矢量．另外还要对常见的电场的电场线和等势面分布要了解，有助于快速准确解题．4、A【解析】

设磁场的磁感应强度为B，则有：Φ=BL2sin45°，求得B=2ΦL2，cd棒处于静止，则受到的安培力垂直于磁感应强度指向右上，设cd中的电流为I，则有：BILcos45°=mg，解得：I=mgLΦ，根据左手定则可知，cd棒中的电流方向从d到5、B【解析】

A.内电路为纯电阻电路，由欧姆定律得，内电压Ur

=

Ir

，故A项错误；B.根据电动势的意义，电动势一定等于内外电压之和，即E=U+Ir，故B项正确；C.根据闭合欧姆定律，外电路是纯电阻电路时，有，故C项错误；D.根据闭合欧姆定律，外电路是纯电阻电路时，有：，故D项错误。6、B【解析】

A．磁场中某点的磁感应强度是由磁场本身决定的物理量与通电导线所受的安培力F以及IL乘积无关，选项A错误；B．磁感应强度的方向与小磁针N极所受磁场力的方向相同，选项B正确；C．一小段通电直导线在某处不受磁场力作用，可能是导线与磁场方向平行，该处的磁感应强度不一定为零，选项C错误；D．磁感线在磁体的外部从N极到S极，在磁体内部是从S极到N极，组成闭合的曲线，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A、由题意可知，滑块水平方向受库仑力、滑动摩擦力，摩擦力与运动方向相反，而库仑力与运动方相同，因滑块在到达b点时速度减为零，所以从a点到b点滑块做减速运动，则有滑块在运动过程中所受Q的库仑力一定小于滑动摩擦力，故A正确；B、水平方向受大小不变的摩擦力及变大的库仑力，当在滑动过程中，随着间距减小，库仑力增大，但仍小于滑动摩擦力，所以导致加速度慢慢减小，加速度是变化的，故中间时刻的速度小于v02，故C、由动能定理可得：Uq-μmgs=0-12mv02，产生的内能Q=μmgs=Uq+D、由动能定理可得：Uq-μmgs=0-12mv02故选AD。【点睛】根据滑块的运动情况可知滑块受力情况，则可知库仑力与滑动摩擦力的大小关系；由滑块的受力情况可确定加速度的变化情况，即可判断中间时刻的速度；由动能定理可确定过程中产生的内能与动能变化关系；由动能定理可求得两点间的电势差。8、ABC【解析】

当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，整个回路的电流变小，内部消耗的功率P=一定减小，C正确；总功率P=EI一定减小，A正确；而内电压降低，外电压升高，电源的效率增大，B正确；当内电阻等于外电阻时，输出功率最大，此题中无法知道内外电阻的关系，因此D不对9、AC【解析】

根据公式可得图象的斜率表示电场强度大小，斜率越大，场强越大，故，A正确；因为沿电场方向电势降低，根据图像可得沿x轴正方向电势逐渐升高，所以电场强度方向沿x轴负方向，A、B两点的电场强度方向相同，故B错误；当电子沿x轴正方向运动，则电场强度减小，所受的电场力也减小，故加速度逐渐减小，故C正确，由于电子所受的电场力沿x轴正方向，所以电子一直沿x轴正方向运动，不会在之间作往复运动，故D错误考点：考查了电场强度，电势，【点睛】由电势的变化特点（图象的斜率表示电场强度的大小及方向）可以判断电场强度的大小，根据顺着电场线电势降低，判断电场强度的方向．根据牛顿第二定律分析加速度的变化，并分析电子的运动情况10、BC【解析】

AB.由题意可知，通过天桥的电流方向由外向内，而磁场方向由N到S极，根据左手定则，则可知，箔条中部受到的安培力向上，铝箔条中部向上方运动；故A项错误，B项正确.CD.箔条受到磁铁的安培力向上，根据牛顿第三定律可知箔条对磁铁的磁力向下，则蹄形磁铁对桌面的压力增大；故C项正确，D项错误.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、3.0增大1.22【解析】

(1)[1]灯泡额定电压为2.6V，电压表量程为1V，电压表应与定值电阻R2串联改装成3V的电压表，由于电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，描绘灯泡伏安特性曲线电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示：(2)[2]在0～0.6V内图线为直线，由图示图象可知，小灯泡不工作时的电阻[3]当电压大于0.6V后图线为曲线，随灯丝两端电压增加，通过灯泡的电流增加，图线上各点与坐标原点的连线斜率减小即电阻增大，即灯丝的电阻逐渐增大；[4]由图示图象可知，灯泡额定电压2.6V对应的电流I=0.47A，小灯泡的额定功率：P=UI=2.6×0.47W≈1.22W12、9.82×10-2D【解析】

(1)[1]重力势能减少量△Ep＝mgh＝0.2×9.8×5.01×10-2J＝9.82×10-2J(2)[2]重物增加的动能略小于减少的重力势能，主要原因是，重物及纸带在下落时受到阻力，阻力做负功，根据能量守恒，重力势能转化为物体的动能和克服摩擦力做功,故D正确。故选D。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）左板带负电荷，右板带正电荷1×104V（2）4m/s【解析】

本题考查的是动能定理和带电粒子在匀强电场中的偏转，可以将运动进行分解，即可求出相应参量。【详解】（1）带正电的a种颗粒向左偏转，所以左板带负电，右板带正电。竖直方向：水平方向：联立可得：，U=1×104V（2）根据动能定理可得：，带入数据可得：v=4m/s。【点睛】综合性比较强的题目，一定要把整个过程分析清楚。1