高考物理一轮复习：牛顿运动定律的综合应用

课时跟踪检测（十）牛顿运动定律的综合应用

A卷一一基础保分专练

1.游乐场里有一种大型娱乐器械，可以让人体验超重和失重的感觉。其环形座舱套在

竖直柱子上，先由升降机送至70多米高处，然后让座舱由静止无动力下落，落到离地面30

米高的位置时，制动系统启动，座舱做减速运动，到地面时刚好停止。假设舱中某人用手托

着一个重为50N的铅球。下列说法正确的是（）

A.当座舱落到离地面45米高的位置时，球对手的压力为0

B.当座舱落到离地面45米高的位置时，手对球有支持力

C.当座舱落到离地面20米高的位置时，球对手的压力为0

D.当座舱落到离地面20米高的位置时，手对球的支持力小于50N

解析：选A由题意可知，座舱在落到离地面30米高的位置前做自由落体运动，之后

座舱做减速运动，当座舱落到离地面45米高的位置时，人和球均做自由落体运动，此时球

对手的作用力为零，选项A正确，B错误；当座舱落到离地面20米高的位置时，球做减速

运动，处于超重状态，球对手的作用力大于50N,选项C、D错误。

2.如图，物块4和8的质量分别为4R和处开始4方均静止，细绳

拉直，在竖直向上拉力b=6侬作用下，动滑轮竖直向上加速运动。已知动

滑轮质量忽略不计，动滑轮半径很小，不考虑绳与滑轮之间的摩擦，细绳

足够长。在滑轮向上运动过程中，物块/和6的加速度分别为（

11

=

A.a-'g,a6=5gB.a,AaB=《g

0

1

C.a=%g,叁=3gD.品=0,aB=2g

解析：选D对滑轮分析：F—2T=ma,又勿=0,

所以T—2—2-3侬'，

对总分析：由于7<4侬故Z静止，a=0

,八「T-mg3mg—mg,.一口

对小分析：麴=-----=------故正确。

mm-=2g,D

3.（2019•汕头模拟）如图所示，将一手电筒竖直向上放置，接通

电源开关，旋松后盖使小电珠恰能点亮。手持手电筒并保持它在竖直方

向运动，要使得小电珠熄灭，可以（）

A.缓慢向上匀速运动

B.缓慢向下匀速运动

C.突然向上加速运动

D.突然向下加速运动

解析：选C如果手电筒加速上升或减速下降，电池处于超重状态，它对弹簧的作用力

将大于其重力，弹簧压缩量增大，电池上端将与电珠脱离，电珠熄灭，故只有c符合题意。

4.如图所示，质量为您的物体2放在正沿平直轨道向右行驶的

车厢底板上，并用竖直细绳通过光滑定滑轮连接质量为©的物体1,

跟物体1相连接的绳与竖直方向成《角不变。下列说法中正确的是

（）

A.车厢的加速度大小为Qan9

B.绳对物体1的拉力为协史os9

C.车厢底板对物体2的支持力为（应一加g

D.物体2受车厢底板的摩擦力为0

解析：选A以物体1为研究对象，分析受力情况如图甲所

N

示，物体1受重力/ag和拉力7,根据牛顿第二定律得以私an9

区4*/

—nha—Tsin9,得a=Qan9,T=-如,0,故A正确，B错误。

coso

m2S

以物体2为研究对象，分析受力如图乙所示，根据牛顿第二定律乙

得人庞彳7=7ag一益］下'f=施〃=庞贝an",故C、D错误。

5.（多选）如图所示，竖直平面内有一光滑直杆力6,杆与水平方

向的夹角为^（0°WJW90°）,一质量为m的小圆环套在直杆上。

现把小圆环从/端由静止释放，同时给它施加一位于该竖直平面内的

恒力凡改变直杆与水平方向的夹角9,当直杆与水平方向的夹角为30°时，小圆环在直

杆上运动的时间最短，重力加速度为g,则（）

A.恒力厂一定沿与水平方向成30°角斜向右下的方向

B.恒力厂和小圆环的重力的合力一定沿与水平方向成30°角斜向右下的方向

C.若恒力广的方向水平向右，则恒力厂的大小为噌侬

D.恒力厂的最小值为相侬

解析：选BCD小圆环受到竖直向下的重力、光滑直杆对小圆环的支持力和恒力凡

把光滑直杆4?对小圆环的支持力正交分解，沿直杆方向无分力，由/=%/可知，要使小

圆环在直杆上运动的时间最短，小圆环运动的加速度必须最大，由牛顿第二定律可知，当恒

力和重力的合力沿光滑直杆方向时，加速度最大，所以选项A错误，B正确；若恒力尸的方

向水平向右，由tan30°=—,解得分=/侬，选项C正确；当恒力尸的方向垂直光滑直

F\[3

杆时，恒力分最小，由sin60°=—,解得尸的最小值为温n=^sin60°-侬，选项D

mg2

正确。

6.（2018•保定二模）如图所示，光滑长方体物块质量为必静

止在水平地面上，上部固定一轻滑轮，跨过定滑轮的轻绳连接质量F一1

为处和施的两物体，连接01的细绳水平、座恰好与〃的侧壁相接〃〃/]〃〃7〃〃〃工〃

触。不考虑一切摩擦，现对〃施加水平向右的推力凡使得三物体不存在相对运动，则尸的

大小为（）

nh仍+施+〃nh勿i+施+〃

A--------------"R---------------c

zz7iHk协+施+〃

C.D.—

nt-M

解析：选A对整体水平方向有方=（人力i+您）2对明水平方向有7=02对施竖直

方向有7=施g,联立解得Q施—+%g,故A正确。

Uh

7.（多选）如图所示，光滑水平面上放置着四个相同的木块，其enn

中木块6与c之间用一轻弹簧相连，轻弹簧始终在弹性限度内。现

用水平拉力尸拉6木块，使四个木块以相同的加速度一起加速运动，则以下说法正确的是

（）

A.一起加速过程中，「木块受到四个力的作用

F

B.一起加速过程中，。木块受到的静摩擦力大小为％

C.一起加速过程中，/、〃木块所受摩擦力大小和方向相同

D.当尸撤去瞬间，/、〃木块所受静摩擦力的大小和方向都不变

解析：选BC在水平拉力户的作用下，四个木块以相同的加速度一起加速运动，则由

牛顿第二定律可知，对整体有b=4侬，对4〃木块有力=心=侬，解得从，木块所受摩擦

p

力大小£=方=『方向均水平向右，故B、C正确；一起加速过程中，C木块受到重力、D

木块对其的压力和静摩擦力、地面对其的支持力及弹簧对其的弹力，共五个力的作用，故A

错误；当尸撤去瞬间，，木块所受静摩擦力的大小和方向均不变，而/木块所受静摩擦力的

大小不变但反向，故D错误。

8.（多选）如图所示，质量均为0的/、8两物块置于水平地___1r.

面上，物块与地面间的动摩擦因数均为〃，物块间用一水平轻绳、、、«、3晨晨晨、

相连，绳中无拉力。现用水平力户向右拉物块4假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。重力

加速度为g。下列说法中正确的是（）

A.当0＜y〃侬时，绳中拉力为0

B.当〃侬＜收2“侬时，绳中拉力大小为尸一〃〃g

,F

C.当/；＞2“侬时，绳中拉力大小为5

F

D.无论尸多大,绳中拉力大小都不可能等于§

解析：选ABC当0＜尸・4侬时，力受到拉力与静摩擦力的作用，二者平衡，绳中拉力

为0,故A正确；当〃侬＜片2〃侬时，整体受到拉力与摩擦力的作用，二者平衡，所以

整体处于静止状态,此时A受到的静摩擦力达到最大即口mg,所以绳中拉力大小为F-口mg,

故B正确；当？＞2〃侬时，对整体：a=F~^~,对8：a=L皑联立解得绳中拉

力大小为故C正确；由以上的分析可知，当〃侬V/W2〃勿g时绳中拉力大小为尸一〃加g,

绳中拉力大小可能等于（凡故D错误。

9.（多选）如图甲所示，倾角为37。的足够长的传送带以恒定速度运行，将一质量加=1

kg的小物体以某一初速度放上传送带，物体相对地面的速度大小随时间变化的关系如图乙

所示，取沿传送带向上为正方向，g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。下列说

法正确的是（）

v/(m-s-1)

5

A.传送带沿逆时针转动，速度大小为4m/s

C.0—8s内物体位移的大小为14m

D.0—8s内物体与传送带之间因摩擦而产生的热量为126J

解析：选CD由题图乙可知小物体先向下做减速运动后向上做加速运动，故可知传送

带速度方向沿顺时针方向，最终物体和传送带的速度相同，故传送带速度大小为4m/s,故

2

A错误；根据r-t图像的斜率表示加速度，物体相对传送带滑动时的加速度大小为a=]m/s2

1m/s2,由牛顿第二定律得〃侬cos37°—mgsin37°=ma,解得〃=0.875,故B错误;

12|6

0〜8s内物体的位移为S=—]X2X2m+-]-X4m=14m,故C正确；0〜8s内只有前6

s内物体与传送带发生相对滑动，0〜6s内传送带运动的距离为s带=4X6m=24m,0~6s

14X4

内物体的位移为s物=-]><2X2m+—m=6m,因摩擦而产生的热量为Q=nmgcos

37°•（s带一s物）=126J,故D正确。

10.（多选）（2015•全国卷H）在一东西向的水平直铁轨上，停放着一列已用挂钩连接好

的车厢。当机车在东边拉着这列车厢以大小为a的加速度向东行驶时，连接某两相邻车厢的

2

挂钩P和Q间的拉力大小为尸；当机车在西边拉着车厢以大小为5a的加速度向西行驶时，P

和Q间的拉力大小仍为凡不计车厢与铁轨间的摩擦，每节车厢质量相同，则这列车厢的节

数可能为（）

A.8B.10

C.15D.18

解析：选BC设该列车厢与P相连的部分为P部分，与Q相连的部分为Q部分。设该

列车厢有〃节，Q部分为"节，每节车厢质量为如当加速度为a时，对Q有P=/M/a；当

22

加速度为铲时，对P有尸=（〃一加啊a,联立得2〃=5功。当4=2,a=4,a=6,加=8时，

〃=5,z?=10,A=15,〃=20,由题中选项得该列车厢节数可能为10或15,选项B、C正确。

11.（2019•南昌调研）如图所示，在倾角为6的固定斜面上有两个

靠在一起的物体4B,两物体与斜面间的动摩擦因数〃相同。用平行于

斜面的恒力F向上推物体A,使两物体沿斜面向上做匀加速运动，且B

对力的压力平行于斜面。下列说法中正确的是（）

A.只减小力的质量，6对/的压力大小不变

B.只减小6的质量，6对4的压力大小会增大

C.只减小斜面的倾角，8对4的压力大小不变

D.只减小两物体与斜面间的动摩擦因数〃，6对4的压力会增大

解析：选C将46看成一个整体，整体在沿斜面方向上受到沿斜面向下的重力的分

力，沿斜面向下的滑动摩擦力，沿斜面向上的推力，根据牛顿第二定律可得a=

F—nh+niBgsin0—n如+刃？geos9F

曲+磔(gsin9—ligeos&,对6分析可

得h.ii一频cos好研解得2嬴嬴，由牛顿第三定律可知，6对/的压力

"=「,若只减小"的质量,压力变大,若只减小彳的质量，压力变小，限B错误；4

8之间的压力与斜面的倾角、与斜面间的动摩擦因数无关，C正确，D错误。

12.粗糙的地面上放着一个质量〃=1.5kg的斜面体，斜面部

分光滑，底面与地面间的动摩擦因数4=0.2,倾角,在—

固定在斜面的挡板上用轻质弹簧连接一质量0=0.5kg的小球，弹多加〃—》〃〃〃〃,

簧的劲度系数A=200N/m,现给斜面体施加一水平向右的恒力凡使整体向右以加速度a=

2

1m/s?做匀加速运动。已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/so

(1)求厂的大小；

(2)求出弹簧的形变量及斜面对小球的支持力大小。

解析：(1)整体以加速度a匀加速向右运动，根据牛顿第二定律：尸一“(底㈤g=(­

zz7)a,

解得F=6N»

(2)设弹簧的形变量为x,斜面对小球的支持力为R

对小球受力分析：

在水平方向：kxcos9—/,Nsin0—ma

在竖直方向：4xsin夕+A1cos8=mg

解得：x=0.017mR=3.7N„

答案：(1)6N(2)0.017m3.7N

13.(2019•通化质检)如图所示，一长£=2m、质量”=4kg的薄木板(厚度不计)静

止在粗糙的水平台面上，其右端距平台边缘2=5m,木板的正中央放有一质量为勿=1kg

的小物块(可视为质点)。已知木板与地面、物块与木板间动摩擦因数均为〃i=0.4。现对木

板施加一水平向右的恒力凡其大小为48N,g取10m/s2,试求：

(1)尸作用了1.2s时，木板的右端离平台边缘的距离；

(2)要使小物块最终不能从平台上滑出去，则物块与平台间的动摩擦因数处应满足的

条件。

解析：(1)假设开始时物块与木板会相对滑动，由牛顿第二定律，对木板有：F—

+ni)g~li、mg=Mai,

解得：ai=6m/s2o

2

对物块有：li\mg=mai,解得：a2=4m/so

因为a2〈&,故假设成立。

设尸作用6秒后，小物块恰好从木板左端滑离，则有：

Z11

2-—a.it2

代入数据解得：2=1s

在此过程中，木板的位移为：jri=-^if2=^X6XI2m=3m,

末速度为：片=功力=6X1m/s=6m/so

物块的位移为：至=|&d=2X4X仔m=2m,

末速度为：吸=&Z=4X1m/s=4m/so

在小物块从木板上滑落后的0.2s内，由牛顿第二定律，

对木板有:F—uJfg=MaJ

解得：aif=8m/s2o

木板发生的位移为：荀'必

解得：Xi'=1.36m

此时木板距平台边缘的距离为：

Ax=l—x\—x\=（5一3一1.36）m=0.64mo

（2）小物块滑至平台后，做匀减速直线运动，由牛顿第二定律，

对物块有：〃2侬=侬2'

解得：a2'=〃2g

、V?2

若小物块在平台上速度减为0,则通过的位移为：）

要使物块最终不会从平台上掉下去需满足：

/+］三用+入2，，联立解得：〃220.2。

答案：（1）0.64m（2）〃2

B卷一一重难增分专练

1.将质量为勿的圆环套在固定的水平直杆上，环的直径略大于杆/F

的截面直径，环与杆间的动摩擦因数为对环施加一位于竖直平面।拄二

内斜向上且与杆夹角为。的拉力凡使圆环以加速度d沿杆运动，则方的大小不可能是（）

ma+nmgma-umg

A*cos®+〃sin8&cos8一〃sin9

mamg

C------D.

•sin8sin0

解析：选C对环受力分析，受重力、拉力，还可能受弹力和摩擦力。其中弹力可能向

上，也可能向下，也可能等于0。

（1）若环受到的弹力为0,则：Feos0=ma,Fsin8=mg

mg„ma

解得:尸二三「7或F=

cose°

⑵若环受到的弹力的方向向上，贝IJ:

/cosO—ii（mg—Fsin。）=侬

ma十口mg

所以：F=

cos8+〃sin0

（3）若环受到的弹力的方向向下，贝IJ：

Feos。一〃（咫in0—mg）=ma

ma-nmg

所以：F—

cos8—〃sine°

所以选项A、B、D是可能的，选项C是不可能的。

2.（2019•吉林调研）质量为血=20kg、长为L=2m的木板放：为

在水平面上，木板与水平面间的动摩擦因数为4=0.1。将质量/

=10kg的小木块（可视为质点），以的=4m/s的速度从木板的左端水平抛射到木板上（如图

所示），小木块与木板间的动摩擦因数为〃2=0.4（最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10

m/s2）o以下说法正确的是（）

A.木板一定静止不动，小木块不能滑出木板

B.木板一定静止不动，小木块能滑出木板

C.木板一定向右滑动，小木块不能滑出木板

D.木板一定向右滑动，小木块能滑出木板

解析：选C木块对木板的摩擦力£=〃2侬=40N,水平面对木板的摩擦力分=小（必

+加）g=30N,因为所以木板一定向右运动，对木块，由牛顿第二定律得ai=—=

m

42g=4m/s?,对木板，由牛顿第二定律有色=」一-=0.5m/s2,设经过时间方，小木块和

曲

84

木板的速度相等，VQ—ait=at,解得t=-s,共同速度v=a2t=~m/s,小木块的位移的

2yy

=—丁方=下丁m,木板的位移X2=w1=谕m,小木块相对木板的位移^x=xi—X2=­m

ZolZolol

<£=2m,所以小木块不能滑出长木板，故C正确。

3.（多选）如图所示，光滑的水平地面上有三个木块a、b,一一

c------ab

c,质量均为m,a、cNJ可用轻质细绳连接。现用水平恒力Fz、w、

作用在6上，三者开始一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一木块上面，系

统仍做匀加速运动且始终没有相对滑动。在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法正确的是

（）

A.无论橡皮泥粘在哪个木块上面，系统的加速度都不变

B.若粘在6木块上面，绳的张力和a、6间摩擦力一定都减小

C.若粘在a木块上面，绳的张力减小，a、6间摩擦力不变

D.若粘在c木块上面，绳的张力和a、6间摩擦力都增大

解析：选BD由整体法可知，无论橡皮泥粘在哪个木块上，系统的质量均增大，由牛

顿运动定律可知，系统的加速度均减小，故A错误。若橡皮泥粘在6木块上，将a、。看成

整体，有fab=2ma,加速度减小，所以a、6间摩擦力减小；对c：T=ma,绳的拉力减小，

故B正确。若橡皮泥粘在a木块上，对c：T=ma,故绳的拉力减小；对6：F—fab=ma,摩

擦力增大，故C错误。若橡皮泥粘在。木块上，将a、6看成整体，有F—T=2ma,加速

度减小，所以绳的拉力7增大，对庆F~fab=ma,可知乙,增大，故D正确。

4.（多选）如图甲所示，用黏性材料粘在一起的46两物块静止于光滑水平面上，两物

块的质量分别为加=1kg、zzfe=2kg,当/、6之间产生拉力且大于0.3N时/、6将会分离。

力=0时刻开始对物块4施加一水平推力同时对物块6施加同一方向的拉力使尔B

从静止开始运动，运动过程中A、K方向保持不变，£、A的大小随时间变化的规律如图乙

所示。下列关于48两物块受力及运动情况的分析，正确的是（）

B.t=2.0s时刻/、8之间作用力为零

C.t=2.5s时刻4对8的作用力方向向左

D.从2=0时刻到/、8分离，它们运动的位移为5.4m

解析：选AD设力时刻4B分离,分离之前46共同运动，加速度为a,以整体为研

F，+36+0

究对象，则有：a=-37^=L,„m/s2=l.2m/s2,分离时：我一鼻=小阳,

得：用=£+勿匆=0.3N+2X1.2N=2.7N,

4

经历时间：t=­X2.7s=3s,

3.6

根据位移公式：Jr=-at2=5.4m,则D正确；

当力=2s时，Fi—1.8N,由兄+E=zzfea,得：4=0.6N,A正确，B错误；

当t—2.5s时，Fz—2.25N,K+A=zzfea,

得：A=&a—兆＞0,/对8的作用力方向向右，C错误。

5.在一块固定的倾角为夕的木板上叠放质量均为〃的一本英语词典和一本汉语词典，

图甲中英语词典在上，图乙中汉语词典在上，已知图甲中两本书一起匀速下滑，图乙中两本

书一起加速下滑。已知两本书的封面材料不同，但每本书的上、下两面材料都相同，近似认

为滑动摩擦力与最大静摩擦力相等。设英语词典和木板之间的动摩擦因数为小，汉语词典

和木板之间的动摩擦因数为此，英语词典和汉语词典之间的动摩擦因数为a3。下列说法正

确的是()

A.小〉口2

B.43V

c.图乙中汉语词典受到的摩擦力大小是〃3期cos。

D.图甲中英语词典受到的摩擦力大小是〃2侬cos3

解析:选D对题图甲中两本词典整体分析，根据共点力平衡有2侬sin。=〃2・2侬cos

。，对题图乙中两本词典整体分析，根据牛顿第二定律得2侬sin。一小•2期cos。=2侬,

由两式可知小V〃2,故A错误；题图甲中英语词典所受静摩擦力£=/z^in。，因为2侬sin

夕=〃2・2侬cos0,所以£=〃2建cos。,故D正确；而两本词典之间的最大静摩擦力

£=〃3侬cos。,由可知〃32〃2,故B错误；题图乙中3=1§sin夕一〃igcos夕，

对汉语词典有侬sin0—f2=ma,解得分=小侬cos。,故C错误。

6.(2018•佛山模拟)如图所示，一直立的轻质薄空心圆管长为2mB

L,在其下端、上端开口处各安放有一个质量分别为〃和2〃的圆柱［心

771""---

形物块/、B,/、6紧贴管的内壁，厚度不计。48与管内壁间的「H

最大静摩擦力分别是6=侬、f2=2mg,且设滑动摩擦力与最大静摩M-----------------J--N

擦力大小相等。管下方存在这样一个区域：当物块力进入该区域时受到一个竖直向上的恒力

户作用，而8在该区域运动时不受它的作用，PQ、就是该区域的上下水平边界，高度差为

〃(z>2面。现让管的下端从距上边界尸0高〃处由静止释放，重力加速度为外

(1)为使/、6间无相对运动，求户应满足的条件。

(2)若b=3侬，求物块/到达下边界"V时48间的距离。

解析：⑴设46与管不发生相对滑动时的共同加速度为a,/与管间的静摩擦力为人

对/、6整体有3侬一尸=3侬，

对/有侬+£一尸=侬，并且

3

联立解得FW于g。

(2)4到达上边界加时的速度”=让赢

当方=3侬时，可知Z相对于圆管向上滑动，设力的加速度为a，则有勿g+f—方=侬1,

解得ai=—go

力向下减速运动的位移为〃时，速度刚好减小到零，此过程运动的时间力=

g°

由于管的质量不计，在此过程中，/对管的摩擦力与6对管的摩擦力方向相反，大小均

为侬，8受到管的摩擦力小于2侬，则6与圆管相对静止，6和圆管整体受到重力和2对管

的静摩擦力作用以以为初速度、以功为加速度做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得

2mg-mg_g

改―2m--2C

物块/到达下边界仞V时2、8之间的距离为

方+；/「一"3

AL=L—\VA=L-^Ho

33

答案：(1)居5侬(2)£—5〃

7.(2019•珠海调研)水平传送带被广泛应用于飞机场和火AB

车站，对旅客的行李进行安全检查。如图为一水平传送带装置示+T(•)

意图，绷紧的传送带4?始终保持『=1m/s的恒定速度运行，一质量为勿=4kg的行李无初

速的放在/处。已知该行李与传送带间的动摩擦因数〃=0.1,4、6间的距离1=2m,g

取10m/s2,求：

(1)行李从人运送到6所用的时间力；

(2)电动机运送该行李需多消耗的电能E.,

(3)如果提高传送带的运行速率，行李就能够较快的传送到夕处，求行李从4处传送到

夕处的最短时间和传送带对应的最小运行速率P。

解析：(1)行李轻放在传送带上，开始是静止的，行李受滑动摩擦力而向右运动，设此

时行李的加速度为分由牛顿第二定律得〃侬=侬，a=1.0m/s2

设行李从速度为零运动至速度为1m/s所用的时间为九所通过的位移为s,则v=atx,

si=^:ati,解得方i=ls,8=0.5m

行李速度达到1m/s后与皮带保持相对静止，一起做匀速运动，设所用时间为方2

贝1]t=~~~=1.5s

2v

所以行李从2运送到夕共用时间为方=右+益=2.5so

(2)电动机需多消耗的电能就是行李增加的动能和系统增加的内能之和，故

12.

E=~^mv+〃侬AL

行李与传送带的相对位移△L=vti-si=Q.5m,

代入数据解得£=4Jo

(3)行李从/匀加速运动到8时，传送时间最短

一12

有^=2at

代入数据得t=2s,

此时传送带对应的运行速率为v'eatnrin=2m/s

故传送带对应的最小运行速率为2m/s。

答案：(1)2.5s(2)4J(3)2s2m/s

8.(2019•洛阳模拟)如图甲所示，可视为质点的/、6两物体置于一静止长纸带上，纸

带左端与/、/与8间距均为d=0.5m,两物体与纸带间的动摩擦因数均为小=0.1,与地

面间的动摩擦因数均为人=0.2。现以恒定的加速度a=2m/s。向右水平拉动纸带，重力加

速度g取10m/s2,求：

MV

।门4।2八_______

<////!<//////////////////////////////////////A</zo

甲乙

(Dd物体在纸带上的滑动时间；

(2)在图乙的坐标系中定性画出/、6两物体的片方图像；

(3)物体/、方停在地面上时，两者之间的距离。

解析：(1)两物体在纸带上滑动时均有小侬=〃&

当物体/滑离纸带时^a/一■|4公="

由以上两式可得心=1So

⑵如图所示。

(3)物体/离开纸带时的速度-=a而

两物体在地面上运动时均有

1121ng=

Vy2I

物体A从开始运动到停在地面上过程中的总位移荀=六十%

物体8滑离纸带时］病一