浙江省绍兴市2023-2024学年高一年级下册6月期末考试化学试题

20232024学年高一下学期6月期末考试化学试题

本试题卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分100分，考试时间60分钟。

考生注意：

L答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答

题纸规定的位置上。

2.答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试题

卷上的作答一律无效。

3.非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内，作图时可先

使用2B铅笔，确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑。

4.可能用到的相对原子质量:H1C12N14O16Na23S32Ca40Fe56Cu64

选择题部分

一、选择题1(本大题共15小题,每小题2分，共30分。每个小题列出的四个备选项中只有一个

是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)

1.按物质的组成进行分类，下列属于碱的是

A.CH3cH20HB.Na2CO3C,Cu2(OH)2CO3D.Cu(OH)2

【答案】D

【解析】

【详解】A.CH3cH20H是有机化合物，属于醇类物质，不属于碱，A错误；

B.Na2cO3是由Na+和C。，组成的化合物，属于盐，不属于碱，B错误；

C.(3%(。1^2(203是由012+、OH和CO,组成的化合物，属于碱式盐，不属于碱，C错误;

D.Cu(OH)2是由Q?+和OH组成的化合物，属于碱，D正确；

答案选D。

2.下列化学标识不正确的是

A.爆炸类物质B.环境危害

C.腐蚀类物质D.毒性物质

A.AB.BD.D

【答案】B

该标志为爆炸物质，表示该物品受热或受到撞击等易发生爆炸，A不合题意;

B.该标志为可吸入污染物质，表示该处用粉尘等可吸入污染物,B符合题意;

C..万可匕该标志为腐蚀品，表示该物品具有腐蚀性，C不合题意;

令

图标为剧毒标志，表示该物品具有毒性，D不合题意,

故答案为：Bo

3.仪器名称为“生烟”的是

【答案】C

【解析】

【详解】A.为表面皿,A不符合题意;

B.为蒸发皿，B不符合题意;

c.为用烟，c符合题意;

为石棉网，D不符合题意;

答案选C。

4.下列物质溶于水能导电且属于电解质的是

A.COB.NaClC.Cl2D.NH3

【答案】B

【解析】

【详解】A.CO不溶于水，且熔融态不导电，属于非电解质，A错误；

B.NaCl溶于水能导电，属于电解质，B正确；

C.Cl2是单质，即不是电解质也不是非电解质，C错误；

D.NH3溶于水能导电，是因为NH3与水反应生成了电解质NIVHQ,NH3是非电解质，D错误；

答案选B。

5.在反应3CU+8HNO3=3CU(NC>3),+2NOTMH2C^,还原产物是

A.H20B.HNO3C.CU(NO3)2D.NO

【答案】D

【解析】

【详解】反应3Cu+8HNO3=3CU(NO3)2+2NOT44H2O中，Cu元素化合价由0价变为+2价，发生

氧化反应，Cu为还原剂，CU(NC)3)2为氧化产物；N元素化合价由+5价变为+2价，发生还原反应，

HNO3为氧化剂，NO为还原产物，答案选D。

6.当光束通过下列物质时，会出现丁达尔效应是

A.蛋白质溶液B.HC1溶液C.CuSC)4溶液D.Fe(OH)3沉淀

【答案】A

【解析】

【详解】A.蛋白质溶液中蛋白质粒子的直径在屋lOOnm之间，属于胶体，会出现丁达尔效应，A正确;

B.HC1溶液中分散质粒子直径小于Inm,属于溶液，不会出现丁达尔效应，B错误;

C.CuSC）4溶液中分散质粒子直径小于Inm,属于溶液，不会出现丁达尔效应，C错误；

D.Fe（OH%沉淀属于纯净物，不是胶体，不会出现丁达尔效应，D错误;

答案选A。

7.下列物质的俗称与化学式相符的是

A.漂白粉:NaClOB.苏打:Na2cO3C.铁红:Fes。’D.领餐:BaCC）3

【答案】B

【解析】

【详解】A.漂白粉为混合物，主要成分是Ca（C10）2和Cad2,A错误；

B.碳酸钠的俗名是苏打、纯碱，则苏打为Na2co3,B正确；

C.Fe2（）3是一种红棕色粉末，俗称铁红；Fes。,是具有磁性的黑色晶体，俗称磁性氧化铁，C错误；

D.胃液的主要成分为盐酸，Bae。?可以与盐酸反应，BaS。,不溶于水且不与盐酸反应，因此领餐的成

分为BaS。*D错误；

答案选B。

8.下列说法正确的是

A.*Ti和尚Ti互为同位素B.C60和C80为碳元素的两种不同核素

C.C2H4和C3H6互为同系物D.乙酸甲酯和甲酸乙酯为同种物质

【答案】A

【解析】

【详解】A.*Ti和;;Ti质子数相同，中子数不同，因此二者互为同位素，A正确；

B.C60和C80为碳元素的两种不同性质的单质，二者互为同素异形体，B错误；

C.C2H4是乙烯，属于烯烧；C3H6表示的物质可能是丙烯，也可能是环烷烧，因此二者不一定是同系物，

C错误；

D.乙酸甲酯结构简式是CH3co0CH3,甲酸乙酯结构简式是HCOOCH2cH3,二者分子式相同，分子式都

是C3H6。2,但它们的分子结构不同，因此二者互为同分异构体，D错误；

故合理选项是Ao

9.下列说法不正确的是

A.小苏打可用于治疗胃酸过多，也是发酵粉的主要成分之一

B.硫酸亚铁、硫酸铝等可作污水处理的混凝剂

C.S02具有漂白、杀菌消毒、抗氧化的作用

D.高纯硅是应用最广泛的半导体材料，可制芯片、太阳能电池、光导纤维等

【答案】D

【解析】

【详解】A.碳酸氢钠受热分解生成二氧化碳，是发酵粉主要成分，碳酸氢钠能够与盐酸反应，可以治疗胃

酸过多，A正确；

B.硫酸亚铁、硫酸铝等混凝剂，具有吸附性，能吸附污水中的细小悬浮物，达到净化的目的，B正确；

C.SCh具有漂白性，能够漂白品红等物质，二氧化硫能使蛋白质变性，具有杀菌作用，并且具有还原性,

可作葡萄酒抗氧化剂，C正确；

D.高纯硅是应用最广泛的半导体材料，可制芯片、太阳能电池，而光导纤维的主要成分是二氧化硅而不

是高纯硅，D错误；

故答案为：Do

10.Q、X、Y和Z为短周期元素，它们在周期表中的位置如图所示，这4种元素的原子最外层电子数之和

为22。下列说法正确的是

XY

QZ

A.Y的原子半径比X的大

B.Q的最高价氧化物的水化物的酸性比Z的强

C.Q的单质具有半导体的性质，与Z可形成化合物QZ4

D.X、Y和氢3种元素形成的化合物中都只有共价键

【答案】C

【解析】

【分析】Q、X、Y和Z为短周期元素，这4种元素的原子最外层电子数之和为22,设X最外层电子数为x,

根据它们在周期表中的位置可知Y、Q、Z最外层电子数分别为x+1,xl,x+2,则x+x+l+xl+x+2=22,x=5,

因此Q、X、Y和Z分别为Si,N,O,Cl,据此解答。

【详解】A.同周期元素从左到右，原子半径逐渐减小，Y的原子半径比X的小，A错误；

B.非金属性越强，最高价含氧酸的酸性越强，非金属性Si<Cl,Q的最高价氧化物的水化物为硅酸，酸

性比高氯酸弱，B错误；

C.硅具有半导体的性质，硅与氯可形成化合物SiC14,c正确；

D.X、Y和氢3种元素形成的化合物中可能含有离子键，如硝酸镂，D错误；

答案选C。

11.下列化学用语正确的是

+5+2

A.KCIO3的电离方程式：KC1O3=K+C1+3O-

B.乙酸乙酯在碱性条件下的水解：CH3COOCH2CH3+0H^->CH3COOH+CH3CH2O

C.用电子式表示氯化钠的形成过程：Naff'ci：—^3+[^1：]-

+

D.碳酸钠与醋酸反应的离子方程式：CO^+2H=H2O+CO2T

【答案】C

【解析】

【详解】A.KCIO3属于盐，由K+和QO!构成，其电离方程式为KClC)3=K++ClOyA错误；

B.乙酸乙酯在碱性条件下的水解，生成乙酸钠和乙醇，则水解方程式为

CH3coOCH2cH3+OH3coeT+CH3cH20H,B错误；

c.Naci是离子化合物，用电子式表示氯化钠的形成过程为NaG-6i：—>Na+[idi：「，c正确；

D.醋酸是弱酸，属于弱电解质，离子方程式中不能拆，D错误；

答案选C。

12.下列说法正确的是

A.石油裂解的主要目的是为了提高轻质油的产量

B.鸡蛋清溶液遇到浓硫酸会显黄色

C.葡萄糖在酶的催化作用下可水解为乙醇

D,食用油在空气中久置会被氧化产生过氧化物和醛类等，有难闻的“哈喇”味

【答案】D

【解析】

【详解】A.石油裂化的主要目的是为了提高轻质油的产量，而石油裂解的主要目的是为了获得乙烯、丙

烯和甲烷等气态化工原料，A错误；

B.鸡蛋清溶液遇到浓硝酸加热后会显黄色，此为蛋白质的颜色反应，B错误；

C.葡萄糖是单糖，不能发生水解，则葡萄糖在酶的催化作用下可分解为乙醇和C02,C错误；

D.食用油中含有碳碳双键，在空气中久置会被氧化产生过氧化物和醛类等，有难闻的“哈喇”味，D正

确；

故答案为：D。

13.下列实验方案或实验结论正确的是

A.实验1若试剂X是浓硫酸，红色布条不褪色，可证明CL没有漂白性

B.实验2圆底烧瓶产生气泡，试管中产生白色胶状沉淀，可推测酸性:HCl>H2CO3>H2SiO3

C.实验3可用于实验室制备一定量的氨气

D.实验4反应结束后向试管中加水，溶液呈蓝色，可证明反应生成了CuSCU

【答案】A

【解析】

【详解】A.已知干燥的Cb没有漂白性，故实验1若试剂X是浓硫酸，红色布条不褪色，可证明CL没有

漂白性，A正确；

B.由于浓盐酸易挥发，挥发出的HC1也能与NazSiCh溶液反应使溶液变浑浊，干扰实验，不可推测酸

性：H2CO3>H2SiO3,B错误;

C.加热固体时试管口应该向下倾斜，故实验3操作错误，C错误；

D.实验4反应结束后的溶液中含有大量的浓硫酸，应该将试管中的液体缓缓倒入水中，并不断搅拌，若

溶液呈蓝色，可证明反应生成了CuS04,D错误；

故答案为：Ao

14.阿司匹林（乙酰水杨酸）是一解热镇痛药物，其合成主要反应如下:

O

II

rv0H9"浓硫酸rvo-c-ci

[1]+H3cC0CCH-1

3+CH3co0H

〜5^COOH4

水杨酸乙酸酎乙酰水杨酸

下列有关说法不正确的是

A.乙酸酊的分子式为C4H6。3

B.水杨酸中含氧官能团的名称是竣基和羟基

C.乙酰水杨酸能发生取代、加成、还原、氧化、加聚反应

D.乙酸酎能与乙醇反应得到CH3coOCH2cH3和CH3C00H

【答案】C

【解析】

【详解】A.根据乙酸酎的结构式可知其分子式为C4H6。3,A正确；

B.水杨酸中含氧官能团的名称是竣基(C00H)和羟基(OH),B正确；

C.乙酰水杨酸中没有碳碳双键或碳碳三键，不能发生加聚反应，C错误；

催化剂

D.乙醇与乙酸酎反应的化学方程式是：CHCHOH+(CHCO)2OCH3coOCH2cH3+

323△

CH3coOH,乙酸酊能与乙醇反应得到CH3coOCH2cH3和CH3coOH,D正确；

故选Co

15.下列实验操作正确的是

A.实验未用完的钠、钾、白磷须放回原试剂瓶

B.过滤时，用玻璃棒搅拌漏斗中的混合液便于液体流下

C.配制NaOH溶液时，固体溶解后应立即转移到容量瓶中

D.可通过盛有足量饱和Na2cO3溶液的洗气瓶除去CO?中的HC1

【答案】A

【解析】

【详解】A.钠、钾、白磷都是较危险化学性质活泼的物质，这类物质不能用完把剩余的丢弃，要放回

原来的试剂瓶中保存，故A正确；

B.过滤时不能用玻璃棒搅动，防止戳破滤纸，达不到过滤的目的，故B错误；

C.配制NaOH溶液时，固体溶解后会放热，应等溶液恢复至室温再转移到容量瓶中，故C错误；

D.应该用饱和碳酸氢钠除去CO2中的HC1,碳酸钠与CO2反应生成碳酸氢钠，会消耗CO2,故D错

误；

故本题选A。

二、选择题(本大题共10小题,每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是

符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)

16.下列物质中含有非极性键的化合物是

A.NaClB.Na2O2C.HFD.Cl2

【答案】B

【解析】

【详解】A.NaCl是由Na+和C1通过离子键形成的化合物，A不合题意;

B.Na?。?是由Na+和。；一通过离子键形成的化合物，而0；一中含有OO非极性键，B符合题意;

C.HF是由H和F通过极性键形成的化合物，C不合题意;

D.Cl2是由C1和C1通过非极性键形成的单质，D不合题意;

故答案为：Bo

17.下列图像分别表示有关反应的反应过程与能量变化的关系

据此判断下列说法不正确的是

A.由图(a)知，石墨转变成金刚石是吸热反应

B.由图(b)知,S(g)+C)2(g)=SO2(g)放出的热量比S(s)+C)2(g)=SO2(g)多

C.由图(c)知，白磷比红磷稳定

D.由图(d)知，生成物的总能量高于反应物的总能量

【答案】c

【解析】

【详解】A.由图(a)知，等质量的金刚石比石墨含有的能量多，因此石墨转变成金刚石的反应是吸热反

应，A正确;

B.反应物气态S比固体S含有的能量多，而生成物的能量相同，因此：S(g)+C»2(g)=SO2(g)放出的热

量比56)+。2值)=50式8)多,B正确;

C.物质含有的能量越多，物质的稳定性就越差。根据图(c)可知：白磷含有的能量比等质量的红磷含有的

能量高，因此红磷比白磷更稳定，C错误；

D.由图(d)可知：反应物CCh(g)和H?(g)含有的总能量比生成物CO(g)和H2O(g)含有的总能量低，因此反

应CO2(g)+H2(g)=CO(g)+H2O(g)发生时要从周围环境中吸收能量，该反应是吸热反应，D正确；

故合理选项是C。

18.无水LiCIKCl混合物受热熔融后即可工作，是一种特殊的受热激活电池，该电池受热后总反应为：

PbSO^s)+2LiCl+Ca(s)=CaCl2(s)+Li2SO4+Pb(s)o下列说法不正确的是

A.硫酸铅发生还原反应

B.放电时Li+与K+向正极方向移动

C.负极电极反应式为Ca+2CF-2e「=CaCl2

D.用LiCl和KC1水溶液代替无水LiCIKCl,可将该电池改为常温使用的电池

【答案】D

【解析】

【分析】由原电池总反应可知Ca失电子为原电池的负极，被氧化生成CaCb,反应的电极方程式为Ca+2cl

2e=CaCL；PbSCU为原电池的正极，发生还原反应，电极方程式为PbSCU+2e+2Li+=Li?SC)4+Pb,原电池工作

时，阳离子向正极移动，阴离子向负极移动。

【详解】A.由原电池总反应可知Ca失电子为原电池的负极，被氧化生成CaCb,反应的电极方程式为

Ca+2C12e=CaC12；PbSCh为原电池的正极，发生还原反应，电极方程式为PbSC)4+2e+2Li+=Li2SC)4+Pb,A

正确；

B.放电过程中阳离子向负电荷较多的正极PbSCU电极移动，即放电时Li+、K+向正极移动，B正确；

C.由原电池总反应可知Ca失电子为原电池的负极，被氧化生成CaCL,反应的电极方程式为Ca+2cl

2e=CaCb,C正确；

D.由题目可知，该装置为热激活电池，作为电解质的无水LiCIKCl混合物受热熔融后放电，故常温下不

能放电，且Ca是活泼金属，能与水直接反应，所以不能用水溶液作电解质，D错误；

故合理选项是D。

19.下列说法正确的是

A.CaC"中既有离子键又有共价键，所以CaCL属于离子化合物

B.水分子间存在氢键，所以H?。比H2s稳定

C.C4H10的两种同分异构体因为分子间作用力大小不同，因而沸点也不同

D.Hz。？易分解是因为Hz。？分子间作用力弱

【答案】C

【解析】

【详解】A.CaCL含有离子键无共价键，为离子化合物，A错误；

B.氢键影响物质熔沸点，非金属性越强气态氢化物越稳定，O的非金属性强于S,所以H2。比H2s稳

定，B错误；

C.C4H"有CH3cH2cH2cH3、CH3cH(CH3)2两种同分异构体，前者为正丁烷、后者为异丁烷，结构不

同，分子间作用力大小不同，因而沸点不同，C正确；

D.H2O2易分解是因为H2O2分子中化学键键能较小，易断键，分子间作用力只能影响物质的物理性质，D

错误；

故选C。

20.化学在人类社会生活中起着关键作用。下列说法不正确的是

A.硝酸镂是一种高效氮肥，性质稳定，可以直接使用B.亚硝酸钠是一种防腐剂和护色剂，可用于食品

生产

C.以淀粉为原料，通过发酵法可以制味精D.聚四氟乙烯塑料耐高温，可以用于制造用烟

【答案】A

【解析】

【详解】A.硝酸锈性质不稳定，受热或经撞击易发生分解反应而发生爆炸，故A错误；

B.亚硝酸钠是一种防腐剂和护色剂，在国家规定的适用范围内可用于食品生产，故B正确；

C.味精最早是从海带中发现和提取出来的，现在主要以淀粉为原料通过发酵法生产，故C正确；

D.聚四氟乙烯塑料性质稳定，具有耐高温的特性，所以聚四氟乙烯塑料可以用于制造生烟，故D正确；

故选Ao

21.某温度下，在2L的密闭容器中，A、B、C三种气体的物质的量随时间的变化如下表所示，下列说法

不正确的是

\|0]/s

Os10s20s

nlrnbl

n(A)1.20mol0.40mol0.40mol

n(B)l.OOmol0.20mol0.20mol

n(C)O.OOmol1.60mol1.60mol

A.从反应开始到10s,D(c)=0.08mol-171-s-1

B.往体系中充入氮气，压强增大，则化学反应速率不变

C.10s时反应处于平衡状态且。(A)=0.5u(C)

D.当容器内气体压强保持不变时，则可说明反应达到平衡状态

【答案】D

【解析】

【分析】由题干表中数据可知，10s内A的物质的量减少了1.200.40=0.80mol,B的物质的量减小了

1.000.20=0.80mol,C的物质的量增加了L60mol,即AB为反应物，C为生成物，根据改变量之比等于化学

计量系数比可知，该反应方程式为：A(g)+B(g)U2c(g),据此分析解题。

【详解】A.由题干表中数据可知，从反应开始到10s,v(C)=(L60-0)mol08mol£?」,A正确；

B.该反应体系为恒温恒容密闭容器，往体系中充入氮气，压强虽然增大，但反应物、生成物的浓度均不

改变，则化学反应速率不变，B正确；

C.由题干标中数据可知，10s到20s过程中各物质的物质的量均未改变，说明10s时反应处于平衡状态，

反应速率之比等于化学计量系数比结合分析可知，u(A)=0.5u(C),C正确；

D.由分析可知，该反应方程式为：A(g)+B(g)U2c(g),即反应过程中容器内气体的压强从未改变，故当

容器内气体压强保持不变时，不能说明反应达到平衡状态，D错误；

故答案为：D„

22.工业上常用硫黄或黄铁矿为原料来制备硫酸，工业流程如下。

下列说法不正确的是

A.步骤①粉碎硫黄或黄铁矿可以增大接触面积，加快反应速率

B.步骤②增大氧气的用量可以提高SO2的利用率

C.工业上M常用水吸收SO3制取

D.常温下，浓硫酸可以用铁罐存储运输

【答案】C

【解析】

【分析】黄铁矿粉碎后与空气混合加热，发生氧化还原反应产生Fe2O3、SO2,将SO2与空气混合净化后加

热到400500C,在V2O5催化下反应产生SO3,SO3被98.3%的浓硫酸吸收后产生H2SO4,据此分析解题。

【详解】A.步骤①将黄铁矿粉碎的目的是增大接触面积，从而加快反应速率，提高原料的转化率，A正

确；

B.步骤②增大氧气的用量可以提高S。？的利用率，使S。？尽可能的转化为SO3,B正确；

C.工业上M常用98.3%的浓硫酸吸收$。3制取HzS。"C错误；

D.常温下，浓硫酸与铁发生钝化生成致密的氧化膜，故可以用铁罐存储运输浓硫酸，D正确；

故合理选项是C。

23.消除氮氧化物有如下3种方法：

①NO2+NO+2NaOH=2NaNO2+H2O；2NO2+2NaOH=NaNO2+NaNO3+H2O

催化剂

②2NO+2CO2CO2+N,

催化剂

(3)6NO2+8NH37N2+12H2。

下列说法不正确的是

A.氮氧化物会造成酸雨等污染

B.①中利用氢氧化钠的碱性消除氮氧化物，也可以用氨水代替

C.②③使用催化剂，能加快消除氮氧化物的速率

D.若某工厂排出的废气中二氧化氮的含量为0.5%(体积分数)，用方法③处理1000m3(标准状况下)这种废

气，约需5.05xl()3kg氨气

【答案】D

【解析】

【详解】A.氮氧化物以及在大气中发生反应后的生成物溶于雨水生成硝酸，造成酸雨，A正确；

B.①中利用氢氧化钠的碱性，生成硝酸盐和亚硝酸盐，达到消除氮氧化物的目的，氨水呈碱性，可以用

来代替氢氧化钠，B正确；

C.使用催化剂，可以降低反应的活化能，从而加快消除氮氧化物的速率，C正确；

D.标准状况下，lOOOn?废气中二氧化氮的物质的量为n(NO,)=M2史二"鬼处223.21mol,根据反

222.4L/mol

Q

应③，消耗氨气的物质的量为n(NH3)=：n(NO,)土297.61mol,即消耗氨气质量为

6

m=297.61molx17g/mol®5.06x103kg,D错误；

答案选D。

24.下列有关实验操作、现象以及相关结论的描述，正确的是

选

实验操作及现象结论

项

该溶液中一定含有Na+，

A用玻璃棒蘸取某溶液进行焰色试验，火焰呈黄色

可能含有K+

取少量固体试样溶于水，滴加少量NaOH溶液，没有产生使湿润该固体试样中仍可能有

B

红色石蕊试纸变蓝的气体NH；

验证脱氧剂还原铁粉是否变质，取少量样品溶于盐酸，滴加KSCN

C脱氧剂没有变质

溶液，无明显现象

向淀粉溶液中加入适量稀硫酸微热，向水解后的溶液中加入新制的

D说明淀粉未水解

Cu（OH）2并加热，无砖红色沉淀

A.AB.BC.CD.D

【答案】B

【解析】

【详解】A.玻璃种含有钠离子，焰色试验不能用玻璃棒蘸取溶液进行灼烧，A错误；

B.取少量固体试样溶于水，滴加少量NaOH溶液，没有产生使湿润红色石蕊试纸变蓝气体，该固体试

样中仍可能有NH：,原因是实验并未加热可能含有镂根生成一水合氨，但是未生成氨气溢出，B正确；

C.若再滴加KSCN溶液，溶液未变红，说明溶液中无铁离子，但还原铁粉有可能被氧化为亚铁离子，C

错误；

D.淀粉在酸性条件下水解生成葡萄糖，葡萄糖与氢氧化铜在碱性条件下发生氧化还原反应，水解液中需

先加氢氧化钠后再加新制氢氧化铜，D错误；

故选B。

非选择题部分

三、非选择题（本大题共5小题，共40分）

25.请回答:

（1）①磁性氧化铁的化学式是；②乙焕的电子式是。

(2)向A1C13溶液中逐滴滴加NaOH溶液直至过量，实验现象为。

(3)浓硝酸见光分解的化学方程式为o

【答案】(1)©,Fe3O4②.H：CJ•C•H

(2)先产生白色沉淀且逐渐增多，然后又逐渐溶解直至消失

光照

(3)4HNO3(^)==4NO2t+O2t+2H2O

【解析】

【小问1详解】

①磁性氧化铁为四氧化三铁，化学式是Fe3O4；②乙焕的电子式是H：C：：C：H；

【小问2详解】

向AlCb溶液中逐滴滴加NaOH溶液直至过量，实验现象为：先产生白色沉淀且逐渐增多，然后又逐渐溶

解直至消失；

【小问3详解】

光昭

浓硝酸不稳定见光易分解，生成二氧化氮、氧气与水，化学方程式为：4HNO3(浓)一

4NO2t+O2t+2H2Oo

26.有机物AH的转化关系如图所示。其中A(C5HIOC>2)的化学性质与G(C4H8。2)相似，H是相对分子质量比

D小18的煌。

请回答：

(1)G的结构简式为0

(2)物质E所含官能团名称o

(3)B-C的化学反应方程式为

(4)下列说法正确的是o

A.有机物C和F互为同系物

B.等物质的量C、D、E完全燃烧消耗氧气的质量为：C>D>E

C.煌H能发生加成、氧化、加聚反应

D.氢氧化钠溶液可以除去G中混有的F

【答案】(1)CH3coOCH2cH3

(2)醛基(3)CH3CH2COONa+HCl=CH3CH2COOH+NaCl(4)ABC

【解析】

【分析】A分子式是C5H10O2,化学性质与G相似，能够与NaOH溶液反应产生B、D两种有机物，B与

HC1反应产生C,则B是竣酸钠盐，D是醇，D与Cu、O2加热反应产生E是醛，E与在一定条件下反

应产生F是竣酸，D、F与浓硫酸共热反应产生G(C4H8。2),G与A化学性质相似，结合反应过程中C原

子数不变，可知A是CH3cH2coOCH2cH3,B是CH3cH2coONa,其与HC1反应产生的C是

CH3cH2coOH；D是CH3cH2OH,E是CH3cHO,F是CH3coOH,D、F反应产生的G是

CH3coOCH2cH3；CH3cH20H在一定条件下反应产生的比乙醇相对分子质量小18的煌H是乙烯，结构简

式是CH2=CH2,然后根据问题分析解答。

【小问1详解】

根据上述分析可知G是乙酸乙酯，结构简式是CH3coOCH2cH3；

【小问2详解】

根据上述分析可知E是CH3CHO,其中含有的官能团CHO的名称是醛基；

【小问3详解】

B是CH3cH2coONa,由于丙酸的酸性比HC1弱，其与HC1可以发生复分解反应产生CH3cH2coOH、

NaCl,该反应的化学方程式为：CH3cH2coONa+HCl=CH3cH2coOH+NaCl；

【小问4详解】

A.有机物C是CH3CH2coOH,F是CH3coOH,二者结构相似，在分子组成上相差1个Oh原子团，因

此二者互为同系物，A正确；

B.物质C是CH3cH2coOH,D是CH3cH2OH,E是CH3cHO,假设三种物质的物质的量都是1mol,

C、D、R完全燃烧产生CO2、H2。消耗的。2的物质的量是3.5mol、3.0moh2.5mol,根据M可

知：。2的物质的量越多，其质量就越大，因此等物质的量C、D、E完全燃烧消耗氧气的质量关系为：O

D>E,B正确；

C.物质H是CH2=CH2,该物质是烧，能够发生燃烧反应，物质燃烧反应属于氧化反应；该物质分子中含

有不饱和的碳碳双键，能够发生加成反应、加聚反应，c正确；

D.G是CH3coOCH2cH3,能够与NaOH水溶液共热发生水解反应，因此不能使用NaOH溶液除去

CH3coOCH2cH3中混有的乙酸CH38OH杂质，应该使用饱和Na2c。3溶液除杂，D错误；

故合理选项是ABCo

27.海水提镁的工艺流程如下：

Hgg

^工乳”仄丽洗涤>③试剂L叵F

操作b

⑤洋心④…々出,,

%]«通电WfgCU固体卜定条件|MgCU6HQI

已知:直接加热MgCl2-6H2O得不到无水MgCl2固体

MgCl2-6H2。=Mg(OH)Cl+HC1+5H2O;Mg(OH)Cl=MgO+HC1

请回答：

(1)操作a需要用到的玻璃仪器有烧杯、玻璃棒和o

(2)A固体的主要成分为Mg(0H)2和；设计实验方案验证A固体已经洗涤干

净:O

(3)写出步骤③A固体.B溶液的离子方程式:o

(4)下列说法不正确的是。

A.步骤①②③的目的是为了富集提纯MgCL

B.操作b包括:蒸发结晶、过滤、洗涤、干燥

C.一定条件指的是MgCl2-6H2O在HC1气氛下进行脱水

D.步骤⑤产生的CU可以循环利用，节约成本

【答案】(1)漏斗(2)①.Ca(OH)2②.向最后一次洗涤A后的液体中加入稀硝酸酸化再加入

硝酸银溶液，观察是否有沉淀生成，若无沉淀生成说明洗涤干净

+2+

(3)Mg(OH)2+2H=Mg+2H2O(4)B

【解析】

【分析】由流程可知，海水经过蒸发(①)得到粗盐与母液，石灰乳与母液中镁离子反应生成氢氧化镁，过滤

(②)分离出固体A(Mg(OH)2),Mg(0H)2与HC1发生复分解反应生成MgCL,操作b：蒸发结晶，在HC1在

气流中抑制镁离子的水解,蒸发结晶得到MgCl2-6H2。，经过脱水(④)得到MgCl2,最后电解(⑤)熔融MgCl2

冶炼Mg,据此分析解题。

【小问1详解】

操作a为过滤，需要用到的玻璃仪器有烧杯、玻璃棒和漏斗;

【小问2详解】

母液中加入了石灰乳，A固体的主要成分为Mg(0H)2和Ca(0H)2；母液中含有氯离子，向最后一次洗涤

A后的液体中加入稀硝酸酸化再加入硝酸银溶液，观察是否有沉淀生成，若无沉淀生成说明洗涤干净;

【小问3详解】

步骤③Mg(OH)2与HC1发生复分解反应生成MgCh,A固体一＞B溶液的离子方程式：

+2+

Mg(OH)2+2H=Mg+2H2O；

【小问4详解】

A.步骤①②③的目的是为了富集提纯MgCL，A正确；

B.操作b包括:蒸发结晶，因为步骤④还需要脱水，则不需要干燥，B错误；

C.步骤④脱水时，在HC1气流中加热抑制水解，C正确；

D.步骤⑤产生的CU可以通入水中形成盐酸，在步骤③循环利用，节约成本，D正确;

故选B。

28.某同学用如图所示装置制取乙酸乙酯。在试管A中加入适量的乙醇、浓硫酸和醋酸钠，并加热

(1)该实验中浓硫酸作用是催化