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文档简介

江苏省无锡市普通高中2025届物理高二上期末学业质量监测模拟试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、下列说法中正确的是A.开普勒总结了行星运动的三定律,并发现了万有引力定律B.奥斯特发现电流的磁效应,首次揭示了电与磁的联系C.法拉第提出了分子电流假说D.富兰克林发现“磁生电”是一种在变化、运动的过程中才能出现的效应2、如图甲是某电场中的一条电场线,A、B是这条电场线上的两点,若将一负电荷从A点自由释放,负电荷沿电场线从A到B运动过程中的速度图象如图乙所示,比较A、B两点电势的高低和电场强度大小可知()A.φA>φB B.φA<φBC.EA<EB D.EA与EB无法比较3、如图所示,直线OAC的某一直线电源的总功率随总电流变化的曲线,抛物线OBC为同一电源内部消耗的功率随总电流的变化曲线,若A、B对应的横坐标为1.5,则下面判断正确的是()A.线段AB表示的功率为2.25WB.电源的电动势为3V,内阻为1.5ΩC.电流为2A时,电源的输出功率最大D.电流为1A时,路端电压为1V4、如图所示,匀强电场中A、B两点的场强分别用EA、EB表示,电势分别用、表示,关于EA和EB、和的大小关系,下列说法正确的是()A.EA=EB B.EA<EBC.= D.<5、交流发电机正常工作时产生的电动势为e=Emsin2ωt,若将其线圈的匝数变为原来的2倍,而转速减为原来的一半,其他条件不变,则产生的电动势的表达式为:A.e=Emsinωt B.e=2EmsinωtC.e=2Emsin2ωt D.e=Emsin2ωt6、如图所示,A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点,场强方向平行正方形ABCD所在平面.已知A、B、C三点的电势分别为φA=9V,φB=3V,φC=-3V,则A.D点的电势φD=3V,场强方向平行AB方向B.D点的电势φD=3V,场强方向平行AC方向C.D点的电势φD=6V,场强方向平行BC方向D.D点的电势φD=6V,场强方向平行BD方向二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,足够长的U形光滑金属导轨平面与水平面成θ角,其中MN与PQ平行且间距为L,导轨平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直,导轨电阻不计.金属棒ab由静止开始沿导轨下滑,并与两导轨始终保持垂直且接触良好,ab棒接入电路的电阻为R,当流过ab棒某一横截面的电荷量为q时,棒的速度大小为v,则金属棒ab在这一过程中()A.加速度为 B.下滑的位移为C.产生的焦耳热为 D.受到的最大安培力为8、如图所示,电荷+Q附近有一点电荷q逐渐向它靠近的过程中,以下结论正确的是()A.若为+q,则q的受力越来越大,速度越来越大B.若为+q,则q的受力越来越大,速度越来越小C.若为-q,则q的受力越来越小,速度越来越大,D.若为-q,则q的受力越来越大,速度越来越大9、如下图所示,质量为m的通电细杆放在倾角为θ的导轨上,导轨的宽度为d,杆与导轨间的动摩擦因数为μ,当有电流通过细杆,细杆恰好静止于导轨上.细杆与导轨间的摩擦力一定不为零的是A. B.C. D.10、如图所示,图线1表示的导体电阻为R1,图线2表示的导体的电阻为R2,则下列说法正确的是()A.R1:R2=1:3B.R1:R2=3:1C.将R1与R2串联后看作一个电阻,其I-U图线在图线2与横轴之间D.将R1与R2并联后接于电源上,则电流比I1:I2=1:3三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)根据单摆周期公式测量当地的重力加速度.将细线的上端固定在铁架台上,下端系一小钢球,做成单摆(1)用游标卡尺测量小钢球直径,示数如图所示,读数为______mm(2)有同学测得的g值偏小,可能原因是______A.测摆线时摆线拉得过紧B.摆线上端未牢固地系于悬点C.以摆球直径和摆线长之和作为摆长来计算D.开始计时时,小球开始摆动后稍迟才按下停表计时E.摆球通过平衡位置并开始计时时,将摆球通过平衡位置的次数计为112.(12分)在测金属丝电阻率的实验中,回答下列问题。(1)测得某金属丝的有效长度为L,直径为d,两端的电压为U,通过它的电流为I,可以得到该金属丝的电阻率______(用题中所给的物理量符号表示)。(2)若金属丝的电阻约为5Ω,电流表内阻约为1Ω,电压表内阻约为1kΩ,则实验中应该将电流表______(填“内接”或“外接”)。(3)若实验中采取电流表内接法,则金属丝电阻率实际测量值______(填“偏大”“偏小”或“不变”)。四、计算题:本题共3小题,共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)某游戏设施如图所示,由半圆形APB和直线BC组成的细圆管轨道固定在水平桌面上(圆半径比细管内径大得多),轨道内壁光滑。已知APB部分的半径R=0.4m。弹射装置将一质量m=0.2kg的小球(可视为质点)以水平初速度v0从A点弹入轨道,小球从C点离开轨道水平抛出,落地点D离C点的水平距离为s=0.8m,桌子的高度h=0.8m,不计空气阻力,取g=10m/s2.求:(1)小球水平初速度v0的大小;(2)小球在半圆形轨道上运动时细圆管对小球的作用力F的大小。14.(16分)如图所示,一质量为m、带电荷量为q的小球,用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中,静止时悬线向左与竖直方向成θ角,重力加速度为g(1)判断小球带何种电荷(2)求电场强度E(3)求此时细线中的拉力15.(12分)在如图甲所示的平面坐标系内,有三个不同的静电场:第一象限内有电荷量为Q的点电荷在O点产生的电场E1,第二象限内有水平向右的匀强电场E2(大小未知),第四象限内有方向水平、大小按图乙变化的电场E3,E3以水平向右为正方向,变化周期.一质量为m,电荷量为+q的离子从(-x0,x0)点由静止释放,进入第一象限后恰能绕O点做圆周运动.以离子经过x轴时为计时起点,已知静电力常量为k,不计离子重力.求:(1)离子刚进入第四象限时的速度;(2)E2的大小;(3)当t=时,离子的速度;(4)当t=nT时,离子的坐标

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A.开普勒总结了行星运动的三定律,牛顿发现了万有引力定律,故选项A错误;B.1820年奥斯特发现电流的磁效应,首次揭示了电与磁的联系,故B正确;C.安培提出了分子电流假说,揭示了磁现象的电本质,故C错误;D.法拉第发现“磁生电”是一种在变化、运动的过程中才能出现的效应,故D错误【点睛】本题考查物理学史,是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一2、B【解析】根据受力方向判断电场线方向,根据加速度的大小判断场强大小的变化【详解】负电荷从A释放(初速为0)后,能加速运动到B,说明负电荷受到的电场力方向是从A指向B,那么电场方向就是由B指向A,由于沿电场线方向电势逐渐降低,所以AB两点的电势关系是φA<φB.选项B正确,A错误;负电荷从A运动到B的过程中,它的加速度是逐渐减小的(乙图中的“斜率”表示加速度),由牛顿第二定律知,负电荷从A到B时,受到的电场力是逐渐减小的,由E=F/q知,EA>EB.故CD错误.故选B3、A【解析】根据电源的总功率P=EI,由C点的坐标求出电源的电动势和内阻;AB段表示外电路的功率,再求解AB段表示的功率【详解】B项:电源的总功率P=EI,C点表示I=3A,P=9W,则电源的电动势:,由图看出,C点表示外电路短路,电源内部热功率等于电源的总功率,则有:P=I2r,代入解得:r=1Ω,故B错误;A项:AB段表示的功率为:PAB=EI′-I′2r=3×1.5-1.52×1(W)=2.25W,故A正确;C项:电源的输出功率:P=EI-I2r=2I-I2=-(I-1)2+1,故当I=1A时输出功率最大,为1W,故C错误;D项:根据U=E-Ir=3-I,当I=1A时,U最大,为2V,故D错误故应选:A【点睛】解决本题的关键在于:(1)理解电源的总功率P总随电流I变化的图象与电源内部热功率Pr随电流I变化的图象的涵义;(2)分清三种功率及其关系:电源的总功率P总=EI,电源内部发热功率P热=I2r,外电路消耗功率P外=UI=I2R,且根据能量关系得P总=P外+P热4、A【解析】由电场线的分布情况可知,AB两处电场线密集程度相同,则A点的场强等于B点的场强,即EA=EB.顺着电场线电势降低,则φA>φB.故选项A正确,BCD错误,故选A点睛:本题的关键是理解电场线的意义.对于电场线的物理意义:电场线疏密表示场强的大小,电场线的方向反映电势的高低要牢固掌握,熟练应用5、A【解析】根据Em=NBSω判断电动势的峰值,由e=Emsinωt知电动势的表达式判断新产生的电动势的表达式【详解】由Em=NBSω知若线圈的匝数变为原来的2倍,而转速减为原来的一半时Em不变;转速变为一半,由e=Emsinωt知电动势的表达式为e′=Emsinωt故A正确,BCD错误故选A。6、B【解析】CD.匀强电场中,由公式U=Ed知沿着任意方向每前进相同的距离,电势差都相等,故连接AC,AC连线的中点为E,则E点的电势为;连接BE,如图所示:则BE为一条等势线,D点在BE连线上,所以D点电势;故C项,D项均错误.AB.过A点作出垂直于BE的有向线段,由高电势点A直线BE,如图中红线所示,即为电场线,那么场强方向平行AC方向;故A错误,B正确.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BCD【解析】A、金属棒ab开始做加速运动,速度增大,感应电动势增大,感应电流也增大,金属棒受到的安培力增大;根据牛顿第二定律,有:,又,则:,所以加速度减小,即金属棒做加速度逐渐减小的变加速运动.故A错误B、由感应电量计算公式可得,下滑的位移,故B正确C、根据能量守恒定律:产生的焦耳热,故C正确D、当金属棒的速度大小为v时,金属棒ab受到的安培力最大,所以安培力的最大值,故D正确8、BD【解析】点电荷产生的电场的特点是越靠近点电荷的地方电场强度越大。AB.若为+q,则点电荷q逐渐向+Q靠近的过程中,根据库仑定律可知,q的受力越来越大;由于同种电荷相互排斥,所以q靠近Q的过程中电场力做负功,则电荷q的速度越来越小,故A错误,B正确;CD.若为-q,负电荷逐渐向+Q靠近的过程中,根据库仑定律可知,电场力逐渐变大,由于异种电荷相互吸引,所以所以q靠近Q的过程中电场力做正功,则电荷q的速度越来越大,故C错误,D正确;故选BD。9、CD【解析】通过受力分析,根据杆子所处的状态为平衡状态,合力为0,去判断是否有摩擦力【详解】A图中杆子受重力、支持力,水平向右的安培力,可知,杆子可能受摩擦力,也可能不受.故A错误.B图中若杆子受的重力与所受的竖直向上的安培力相等,杆子不受摩擦力.若重力大于安培力,则受重力、支持力,安培力、摩擦力.所以杆子可能受摩擦力,可能不受摩擦力.故B错误.C图中杆子受重力、竖直向下的安培力、支持力,若要处于平衡,一定受摩擦力.故C正确.D图中杆子受重力水平向左的安培力、支持力,若要处于平衡,一定受摩擦力.故D正确.故选CD【点睛】解决本题的关键会正确地进行受力分析,能够根据受力平衡判断摩擦力的存在10、AC【解析】根据I-U图象知,图线的斜率表示电阻的倒数,所以R1:R2=1:3.将R1与R2串联后看作一个电阻,此电阻值比R2还大,则其I-U图线在图线2与横轴之间,选项C正确;并联电路,电压相等,电流比等于电阻之反比,所以将R1与R2并联后接于电源上,电流比I1:I2=3:1.故AC正确,BD错误.故选AC【点睛】解决本题的关键知道I-U图线的斜率表示电阻的倒数以及知道串并联电路的特点;两电阻串联后总电阻比大的还大;两电阻并联后总电阻比小的还小三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、①.(1)18.6②.(2)B【解析】(1)游标卡尺的读数:主尺读数+游标尺读数;(2)根据公式,结合实验操作分析误差的大小.【详解】(1)游标卡尺的读数方法是先读出主尺上的刻度,大小:18mm,再看游标尺上的哪一刻度与主尺刻度对齐:第6刻度与上方刻度对齐,读数:0.1×6=0.6mm,总读数:L=18+0.6=18.6mm(2)根据T=2π可得,则测摆线时摆线拉得过紧,则L测量值偏大,g的测量值会偏大,选项A错误;摆线上端未牢固地系于悬点,使得单摆摆动时摆长过长,周期偏大,则测量得到的g值偏小,选项B正确;以摆球直径和摆线长之和作为摆长来计算,摆长L偏大,则g值偏大,选项C错误;开始计时时,小球开始摆动后稍迟才按下停表计时,则周期T的测量值偏小,则g值测量值偏大,选项D错误;摆球通过平衡位置并开始计时时,将摆球通过平衡位置的次数计为1,这样计算周期应该为,如此不会造成g的测量误差,选项E错误;故选B.12、①.②.外接③.偏大【解析】(1)[1]根据电阻定律有所以可得(2)[2]由题中数据可知故应采用电流表外接法;(3)[3]若采用内接法,因为金属丝的电阻较小,由于电流表的分压作用,电阻的测量值偏大,根据电阻定律可知金属丝电阻率实际测量值也偏大。四、计算题:本题共3小题,共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)2m/s;(2)2N。【解析】(1)小球离开轨道后做平抛运动,则有:s=v0

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