2025届安徽省池州市东至三中高二物理第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析

2025届安徽省池州市东至三中高二物理第一学期期中教学质量检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、根据电容的定义式知()A．电容器的电容越大，则电容器所带电荷量应越多B．电容器两极板间电压越大，电容越大C．电容器的电容与电荷量成正比，与电压成反比D．电容器的电容不随带电荷量及两极板间电压的变化而变化2、a和b是点电荷电场中的两点，如图所示，a点电场强度Ea与ab连线夹角为600，b点电场强度Eb与ab连线夹角为A．这是一个正点电荷产生的电场，EB．这是一个正点电荷产生的电场，EC．这是一个负点电荷产生的电场，ED．这是一个负点电荷产生的电场，E3、在电磁学发展过程中，下列说法不正确的是（）A．法拉第发现了电磁感应现象B．奥斯特发现了电流磁效应C．洛伦兹发现了电荷间的相互作用力D．安培提出了分子电流假说4、如图所示，在竖直向下的匀强电场中，用细绳拴一带负电的小球，使小球在竖直平面内做匀速圆周运动，则（）A．小球电势能和重力势能之和保持不变B．小球运动到最高点时绳的张力小于最低点时绳的张力C．小球运动到最低点时机械能最大D．小球运动到最低点时电势能最小5、如图所示，边长为L的正六边形abcdef中，存在垂直该平面向内的匀强磁场，磁感应强度大小为B．a点处的粒子源发出大量质量为m、电荷量为+q的同种粒子，粒子的速度大小不同，方向始终垂直ab边且与磁场垂直，不计粒子的重力，当粒子的速度为v时，粒子恰好经过b点，下列说法正确的是（）A．速度小于v的粒子在磁场中运动时间为B．经过c点的粒子在磁场中做圆周运动的半径为LC．经过d点的粒子在磁场中运动的时间为D．速度大于2v的粒子一定打在cd边上6、在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。开关闭合后，灯泡L能正常发光。当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A．电流表读数变大B．灯泡L将变暗C．电容器C的电量将减小D．电源的总功率变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、示波管由电子枪、偏转板和荧光屏组成,如图所示.如果电子打在荧光屏上,在P点出现一个稳定的亮斑,那么示波管中的(

)A．极板Y应带正电B．极板Y′应带正电C．极板XX′上应加一个与时间成正比的电压D．极板XX′上应加一个恒定不变的电压8、如图是一弹簧振子，O为平衡位置，则振子从a→O运动的过程中，下列说法正确的是()A．位移不断减小B．速度不断减小C．加速度不断减小D．弹簧的弹性势能不断增大9、在科学的发展过程上，有很多科学家作出了重大的贡献，下列的叙述中符合科学史的是：A．早期的电池（电堆）是伏打发明的； B．富兰克林发明了电灯；C．奥斯特发现了电流的磁效应； D．郑和发明了指南针并用于航海．10、如图，在一竖直平面内，BCDF段是半径为R的圆弧挡板，AB段为直线型挡板(长为)，两者在B点相切，＝37°，C、F两点与圆心等高，D在圆弧形挡板的最低点，所有接触面均光滑，绝缘挡板处于水平方向场强为的匀强电场中．现将带电量为＋q，质量为m的小球从挡板内侧的A点由静止释放，小球沿挡板内侧ABCDF运动到F点后抛出，在这段运动过程中，下列说法正确的是(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)A．匀强电场的场强大小可能是B．小球运动到D点时动能一定不是最大C．小球机械能增加量的最大值是D．小球从B到D运动过程中，动能的增量为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在实验室测量一个直流电源的电动势和内电阻（电动势大约为1.5V，内阻大约为1.5Ω），由于实验室条件有限，除了导线、开关外，实验室还能提供如下器材：A．量程为3V的电压表VB．量程为0.6A的电流表A1C．量程为3A的电流表A2D．阻值为1.0Ω的定值电阻R1E.阻值为100Ω的定值电阻R2F.最大阻值为10Ω的滑动变阻器R3G.最大阻值为100Ω的滑动变阻器R1（1）选择电压表、电流表、定值电阻、滑动变阻器等器材，采用图1所示电路测量电源的电动势和内电阻．定值电阻应该选择______（填“D”或者“E”）；电流表应该选择______（填“B”或者“C”）；滑动变阻器应该选择______（填“F”或者“G”）．（2）分别以电流表的示数I和电压表的示数U为横坐标和纵坐标，计算机拟合其U—I图象（U和I的单位分别为V和A）拟合公式为U=-5.6I+1.1．则电源甲的电动势E=________V；内阻r=_________Ω（保留两位有效数字）．12．（12分）在描绘一个标有“6.3V0.3A”小灯泡的伏安特性曲线的实验中，要求灯泡两端的电压由零逐渐增加到6.3V，并便于操作。已选用的器材有：学生电源（电动势为9V，内阻约1Ω）；电流表（量程为0﹣0.6A，内阻约0.2Ω；量程为0﹣3A，内阻约0.04Ω）；电压表（量程为0﹣3V，内阻约3Ω；0﹣15V，内阻约15Ω）；开关一个、导线若干（1）实验中还需要一个滑动变阻器，现有以下两个滑动变阻器，则应选其中的____（选填选项前的字母）A．滑动变阻器（最大阻值10Ω，最大允许电流1A）B．滑动变阻器（最大阻值1500Ω，最大允许电流0.3A）（2）实验电路图应选用图中的实验电路图应选用图中的____（选填“甲”或“乙”）。（3）接闭合关，改变滑动变阻器滑动端的位置，并记录对应的电流表示数、电压表示数，图中电流表选择0﹣0.6A量程，电压表选择0﹣15V量程，电流表、电压表示数如右上图所示，可知该状态下小灯泡电阻的测量值____Ω（计算结果保留两位有效数字）。（4）根据实验数据，画出的小灯泡I﹣U图线如图所示。由此可知，当小灯泡两端的电压增加时，小灯泡的电阻值将__（选填“变大”或“变小”）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图甲所示，有一足够长的绝缘细杆竖直放置在水平方向的匀强电场当中，电场强度E随时间t的变化关系如图乙所示(取水平向右为电场的正方向)．质量m=0.01kg、带电荷量q=+1.0×10-6C的有孔小球套在绝缘细杆上，孔的直径略大于细杆的直径．t=0时刻小球从细杆的某处静止释放，已知小球与细杆的动摩擦因数μ=0.1，整个过程中小球电量不变且始终处于匀强电场当中，空气阻力忽略不计，取g=10m/s1．求：（1）3秒末小球的速度大小；（1）3秒内小球的位移大小；（3）3秒内摩擦力对小球所做的功．14．（16分）在如图所示的电路中，电源内电阻r=1Ω，当开关S闭合后电路正常工作，电压表的读数U=8.5V，电流表的读数I=0.5A．求：①电阻R；②电源电动势E；③电源的输出功率P．15．（12分）如图所示，一轻质弹簧的一端固定在滑块B上，另一端与滑块C接触但不连接，该整体静止在光滑水平地面上，并且C被锁定在地面上．现有一滑块A从光滑曲面上离地面h高处由静止开始下滑，与滑块B发生碰撞并粘连在一起压缩弹簧，当速度减为碰后速度一半时滑块C解除锁定．已知mA＝m，mB＝2m，mC＝3m.求：(1)滑块A与滑块B碰撞结束瞬间的速度；(2)被压缩弹簧的弹性势能的最大值．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

本题应根据电容器电容的定义式及其物理意义进行分析；【详解】A、由可知，电容器所带电量取决于电压及电容，只有电容大，电量不一定大，故A错误；

B、电容是电容器的固有属性，与电压无关，故B错误；

C、电容器的电容与电压及电荷量无关，故C错误；

D、电容器的电容是电容器的本身的属性，与电量及电压无关，故D正确．【点睛】电容器的定义式采用了比值定义法；应注意C其实与U及Q无关．2、D【解析】试题分析：将Ea、Eb延长相交，根据交点可确定点电荷Q的位置，根据电场方向确定场源电荷的正负，由几何知识求出a、b两点到设点电荷的电荷量为Q，将Ea、Eb延长相交，交点即为点电荷设a、b两点到Q的距离分别为ra和rb，由几何知识得到ra:rb=1:3、C【解析】

本题考查电磁学中的相关物理学史，根据在电磁学发展中作出突出贡献的科学家的名字及主要贡献进行答题.【详解】A、法拉第发现了电磁感应现象，故A正确.B、奥斯特发现了电流磁效应，故B正确.C、洛伦兹发现了运动电荷在磁场中受的力，为了纪念他就把运动电荷在磁场中受的力叫做洛伦兹力，库仑分析了电荷间的相互作用力，故C错误.D、安培提出了分子电流假说，故D正确.故选C.4、A【解析】

A．根据能量守恒可知，小球具有重力势能，电势能和动能，因为匀速圆周运动，动能不变，则小球电势能和重力势能之和保持不变，故A正确；B．在最高点，根据牛顿第二定律在最低点，根据牛顿第二定律因为不确定重力与电场力大小关系，故无法判断，故B错误；CD．沿电场线方向电势降低，小球带负电，根据可知，小球在最低点电势能最大，根据能量守恒可知，机械能最小，故CD错误。故选A。5、B【解析】试题分析：粒子在磁场中做匀速圆周运动，当粒子的速度为v时，粒子恰好经过b点时在磁场中运动了半周，运动时间为，轨迹半径等于的一半．当粒子的速度小于时，由知，粒子的轨迹半径小于的一半，仍运动半周，运动时间仍为，故A错误；经过点的粒子，根据几何知识知，该粒子在磁场中做圆周运动的圆心，半径为，故B正确；在点粒子的速度与连线的夹角为，粒子经过点时，粒子的速度与连线的夹角也为，则粒子轨迹对应的圆心角等于，在磁场中运动的时间，故C错误；设经过三点的粒子速度分别为．轨迹半径分别为．据几何知识可得，，，，由半径公式得：，，所以只有速度在这个范围：的粒子才打在边上，故D错误．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动【名师点睛】带电粒子在匀强磁场中的运动的类型，根据题意作出粒子的运动轨迹，运用几何知识求轨迹半径，由轨迹对应的圆心角确定粒子在磁场中运动的时间是正确解题的前提与关键．6、B【解析】试题分析：据题意，当滑片向右滑动时，滑动变阻器电阻增大，整个电路总电阻增大，总电流减小，故选项A错误；由于电流减小，灯泡将变暗，故选项B正确；电流减小致内电压减小而外电压增大，电容器电压等于外电压，据Q=CU，电容器电荷量将变大，故选项C错误；电源总功率为：P=EI考点：本题考查电路动态平衡问题。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

电子受力方向与电场方向相反，因电子向X方向偏转，则电场方向为X到X′，则X带正电，即极板X的电势高于极板X′．同理可知Y带正电，即极板Y的电势高于极板Y′，故A正确，B错误；如果在水平偏转电极XX′上加上随时间均匀变化的电压，则电子因受偏转电场的作用，打在荧光屏上的亮点便沿水平方向匀速移动，故C错误，D正确。故选AD。8、AC【解析】试题分析：振子从a→O运动的过程是靠近平衡位置，故位移减小，速度增加，加速度减小，弹性势能减小；故BD错误，AC正确；故选AC.考点：简谐振动的规律9、AC【解析】

早期的电池（电堆）是伏打发明的，选项A正确；美国科学家富兰克林发明了避雷针，爱迪生发明了白炽灯，故B错误．奥斯特发现了电流的磁效应，选项C正确；北宋时期我国就发明了指南针，并开始用于航海事业，选项D错误；故选AC．10、BC【解析】

小球能沿挡板内侧ABC内侧运动，则有：，则得：，故场强大小不可能等于，故A错误；小球在复合场中受重力和电场力，所以小球运动到合力方向上时动能最大，则知在CD之间的某一点上时动能最大，故B正确；小球运动到C点时，电场力做正功最多，小球的机械能增加量最大，所以小球机械能增加量的最大值为，故C正确；小球从B到D运动过程中，根据动能定理得：动能的增量为，故D错误．【点睛】小球能沿挡板内侧ABC内侧运动，电场力垂直AB方向的分力必定大于等于重力垂直AB方向的分力，列式可得到场强的大小范围；根据小球的运动情况，分析小球的合力方向，判断什么位置动能最大；根据动能定理求解小球从B到D运动过程中动能的增量；本题关键要根据小球的运动情况，分析其受力情况，运用功能原理和动能定理分析能量的变化．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)DBF(2)1.1V1.6Ω【解析】（1）测电动势是1.5V，内阻为1Ω的电源电动势与内阻实验时，短路电流为1.5A，如果用量程为3A电流表，则读数误差太大，因此电流表应选B；测电动势为1.5V电源电动势与内阻实验时，电路最小电阻为R==7.5Ω，考虑电源内阻、滑动变阻器电阻，因此定值电阻应选D；为方便实验操作，滑动变阻器应选F．

（2）根据闭合电路欧姆定律得U=E-I（r+R）

由表达式U=-5.6I+1.1可知，电源电动势为：E=1.1V，r+R=5.6Ω，所以内阻r=5.6-1.0=1.6Ω点睛：本题考查了实验器材的选择，实验数据处理，要正确实验器材的选取原则，理解实验原理是正确解题的关键，同时要结合数学知识理解图象斜率和截距的含义．12、A乙18变大【解析】

（1）（2）、实验要求灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到6.3V，则滑动变阻器应采用分压接法，所以滑动变阻器要选择最大值比较小的A，调节比较方便，故选A；实验电路图应选乙；(3)电流表的量程为0.6A，所以每一小格的读数为0.02A，所以电流表的读数为0.22A；电压表的量程为15V，所以每一小格的读数为0.5V，所以读数为：8×0.5=4.0V.由欧姆定律得：Rx=U/I=4/0.22=18Ω；(4)在I−U图象中，各个点与坐标原点的连线的斜率表示电阻的倒数，由图可知，随电压增大，各点与坐标原点的连线的斜率减小，所以可知待测电阻的电阻值变大。【点睛】（1）（2）根据题目要求确定滑动变阻器与电流表的接法，然后选择实验电路；（3）由电压表与电流表的读数的方法读出电流表与电压表的测量值，然后由欧姆定律即可求出电阻值；（4）根据图象，应用欧姆定律及影响灯丝电阻的因素分析答题．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3秒末小球的速度大小为1m/s；

（1）3秒内小球的位移大小为5m；

（3）3秒内摩擦力对小球所做的功为-0.48J．【解析】

（1）（1）受力分析知，水平方向弹力等于电场力，即FN=Eq竖直方向，F合=mg-f=ma其中f=μFN0-1s内，f1=μE1q=0.1×4×105×1.0×10-6N=0.08N加速度为：1s末速度为：v1=at1=1×1m/s=1m/s位移为：1s