山东省济宁市任城区2025届物理高一第一学期期末学业水平测试试题含解析

山东省济宁市任城区2025届物理高一第一学期期末学业水平测试试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图，两物块P、Q置于水平地面上，其质量分别为m、2m，两者之间用水平轻绳连接。两物块与地面之间的动摩擦因数均为，重力加速度大小为g，现对Q施加一水平向右的拉力F，使两物块做匀加速直线运动，轻绳的张力大小为（）A. B.C. D.2、建筑工人用图示的定滑轮装置运送建筑材料．质量为70.0kg的工人站在地面上，通过定滑轮将20.0kg的建筑材料以0．500m／s2的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面的压力大小为(g取10m／s2．)A.510N B.490NC.890N D.910N3、某质点做直线运动的图象如图所示，由图可知这个质点的运动情况是()A.前5s质点静止B.5～15s内质点做匀加速运动，加速度为C.15～20s内质点做匀减速运动，加速度为D.15s末质点离出发点最远，20s末质点回到出发点4、在固定于地面的斜面上垂直安放了一个挡板，截面为圆的柱状物体甲放在斜面上，半径与甲相等的光滑圆球乙被夹在甲与挡板之间，乙没有与斜面接触而处于静止状态，如图所示，现在从球心处对甲施加一平行于斜面向下的力F使甲沿斜面方向缓慢地移动，直至甲与挡板接触为止。设乙对挡板的压力为F1，甲对斜面的压力为F2，在此过程中（）A.F1缓慢增大，F2缓慢增大 B.F1缓慢增大，F2缓慢减小C.F1缓慢减小，F2缓慢增大 D.F1缓慢减小，F2保持不变5、甲、乙两物体沿同一直线运动，其运动过程v－t图如图所示，则以下说法正确的是（）A.t1时刻之前乙在甲前面，t1时刻之后乙在甲后面B.t1时刻之前甲乙运动方向相反，t1时刻之后运动方向相同C.t1时刻两物体到达同一位置D.t1时刻甲乙两物体的速度相同6、有2个力，它们的合力为0．现把其中一个大小等于10N、方向向东的力改为向南（大小不变），则它们的合力A.大小为10N，方向东偏南45°B.大小为10N，方向西偏南45°C.大小为10N，方向西偏南45°D.大小为10N，方向东偏南45°7、将一个小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，若运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．则上升过程与下降过程相比较，下列说法中正确的是（

）A.上升阶段加速度大 B.落回抛出点时速度与抛出速度大小相等C.下降阶段加速度逐渐增大 D.下降阶段运动时间长8、如图所示，质量相等的A、B两物体紧贴在匀速转动的圆筒的竖直内壁上，随圆筒一起做匀速圆周运动，则下列关系正确的有（）A.运动周期TA＞TBB.筒壁对它们的弹力FNA＞FNBC.线速度vA＞vBD.它们受到的摩擦力fA＞fB9、t=0时刻，在竖直面内从直角坐标系的原点以v0=10m/s的初速度把小球沿x轴平抛出去，其轨迹如图所示，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.t=1s时，小球的位置坐标为（5m，10m）B.t=1s时，小球的位置坐标为（10m，5m）C.小球在0～1s内位移大小和0～2s内位移大小之比为D.小球在0～1s内位移大小和0～2s内位移大小之比为10、如图所示，细绳一端固定在墙上，另一端拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平轻弹簧支撑，静止时细绳与竖直方向的夹角为53°（已知重力加速度为g，cos53°=0.6，sin53°=0.8）下面说法正确的是（）A.小球静止时弹簧的弹力大小为B.小球静止时细绳的拉力大小为C.剪断细绳瞬间小球加速度为D.剪断弹簧瞬间小球的加速度为11、如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧连接。两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在物体上，使m1、m2以相同的加速度向右加速运动，则（）A.弹簧的弹力是50NB.弹簧的弹力是26NC.在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为5m/s2D.在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s212、一物体质量为m，该物体所受合力的大小为F，获得加速度为a，那么在下图中，正确表示了它们之间函数关系的是()A. B.C. D.二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）某实验小组用水流估测重力加速度大小。水龙头流出的水在重力作用下速度越来越大，所以水流的横截面积会越来越细，如图所示。该实验小组打开水龙头同时用秒表计时，发现水龙头经过时间t流过的水体积为V，然后用游标卡尺在相距h的两处分别测出水流的横截面直径d1和d2。则：(1)水流经过d1处的速度v1=________，请写出重力加速度表达式g=_______。(2)为提高该实验的精度，下列措施有效的是（）（填写选项前字母）。A.水龙头出水口必须是竖直向下；B.测量d1时应尽量靠近水龙头出口；C.h取值尽可能大，但是需要避免因为水流太细而发成离散的水珠；D.从多个角度测量同一截面直径d，再求平均值；E.水龙头流出的水速度越大越好(3)该实验存在着多方面因素造成的误差，请你写出一项可能造成误差的原因：____________16、（12分）小明同学在社会实践时发现一口深井．他将一小石块从井口静止释放，同时利用智能手机开始计时，经过s听到石块撞击水的声音．重力加速度取,则小明同学可估算出：（不计声音的传播时间）(1)井口到水面的距离是多少？(2)小石块撞击水面时的速度是多大？17、（12分）高台跳水运动员从离水面高H=10m的跳台上，以10m/s的初速度竖直上抛，不记空气阻力，将人视为质点，取g=10m/s2．求：运动员从跳离跳台到入水的时间

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解析】根据牛顿第二定律，对PQ的整体：；对物体P：；解得，故选D。2、B【解析】对建筑材料进行受力分析根据牛顿第二定律有,得绳子的拉力大小等于F=210N,然后再对人受力分析由平衡的知识得,得FN=490N,根据牛顿第三定律可知人对地面间的压力为490N，B对.3、C【解析】前5s内质点速度不变，故做匀速直线运动，A错误；图像的斜率表示加速度，5s～15s内质点做匀加速运动，加速度为，15s～20s内质点做匀减速运动，加速度为，B错误C正确；速度的正负表示运动方向，过程中速度恒为正，即20s内物体一直沿正方向运动，故物体的位移一直在增大，20s末离出发点最远，D错误；【点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移4、D【解析】如图所示，对乙进行受力分析，根据平衡条件可知挡板对乙的压力F1和甲对乙的支持力FN的合力与乙的重力平衡，当乙球向上运动过程中，甲球对它的支持力与竖直方向夹角减小，所以挡板对乙球的压力缓慢减小。将把甲、乙看成一个整体，甲沿斜面方向缓慢地移动时，力F沿斜面方向，甲、两球对斜面的压力等于它们重力垂直于斜面的分力，大小方向不变，综上所述可知D正确。故选D。5、D【解析】A．甲、乙两物体沿同一直线运动，由于出发点位置关系未知，所以不能确定它们的位置关系，A错误。B．根据速度的正负表示速度方向，知甲乙运动方向一直相同，B错误。CD．t1时刻两图象相交，甲乙两物体的速度相同，但不一定到达同一位置，C错误，D正确。故选D。6、C【解析】因物体两力而平衡，将一个正东10N的力改为正南方向，即可看成两个大小相等，相互垂直的两力的合成【详解】由题意知，两力的大小为10N，方向相互垂直，根据力的平行四边形定则，由勾股定理可得，合力大小为：；方向为两力夹角的角平分线上，即西偏南45°；故选C【点睛】力的合成与分解的依据为等效性，故在解题中应明确等效替代的作用，再由力的平行四边形定则求解即可7、AD【解析】根据牛顿第二定律求解加速度大小；根据匀变速直线运动的位移时间关系求解时间的大小【详解】A、根据牛顿第二定律可知：上升过程中的加速度大小为：，下降过程中的加速度大小为：，故上升阶段的加速度大，A正确；B、设抛出时的初速度大小为，则在上升阶段，，在下降阶段，，其中是再次落回抛出点时的速度大小，因为，故，故B错误CD、上升过程中和下降过程中的位移相等，根据位移关系可得：，则有：，上升过程中的加速度大，则时间短，所以C错误，D正确；故选AD【点睛】对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁8、BC【解析】由题分析可知，A、B两物体的角速度相同，周期相同，由v＝ωr可知，线速度与半径成正比；两个物体都做匀速圆周运动，由圆筒的弹力提供向心力，则FN＝mω2r可知筒壁对它们的弹力关系；两个物体竖直方向都没有加速度，受力平衡，所受的摩擦力都等于重力【详解】A、由题分析可知，A、B两物体的角速度相同，周期相同，由v＝ωr可知，ω相同时，线速度与半径成正比，A的半径大，则其线速度大，故A错误，C正确B、两个物体都做匀速圆周运动，由圆筒的弹力提供向心力，则FN＝mω2r，因为m、ω相等，F与r成正比，所以可知FNA＞FNB，故B正确D、两个物体竖直方向都没有加速度，受力平衡，所受摩擦力都等于重力，而两个物体的重力相等，所以可得摩擦力fA=fB，故D错误故选BC9、BD【解析】AB．小球做平抛运动，水平方向上做匀速直线运动竖直方向上做自由落体运动故1s后，位置坐标为（10m，5m），故A错误，B正确；CD．小球做0～1s内位移大小小球在0～2s时间内水平位移竖直位移位移则小球在0～1s内位移大小和0～2s内位移大小之比为，故C错误，D正确。故选BD。10、AC【解析】小球静止时，分析受力情况，由平衡条件求解弹簧的弹力大小和细绳的拉力大小；细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，根据牛顿第二定律即可求出加速度；快速撤去弹簧瞬间，小球所受的合力与撤去前的弹簧弹力大小相等、方向相反，根据牛顿第二定律求出此瞬间小球的加速度大小为【详解】小球静止时，受力如图所示，由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：，细绳的拉力大小为：，故A正确，B错误；细绳剪断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与断前细绳拉力的大小相等、方向相反，此瞬间小球的加速度大小为：，C正确；弹簧剪断瞬间，细绳的弹力可以突变，，使球沿半径方向合力为零，球沿垂直半径方向获得加速度，使球绕旋点下摆，D错误．故选AC.【点睛】本题中小球先处于平衡状态，由平衡条件求解各力的大小，后烧断细绳，小球处于非平衡条件，抓住细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变是关键11、BD【解析】AB．对整体分析，根据牛顿第二定律知，加速度隔离对m1分析F1-F=m1a则弹簧的弹力F=F1-m1a=30-2×2N=26N故A错误，B正确；C．撤去F2后的瞬间，弹簧的弹力不变，则m1的加速度大小不变，仍然为2m/s2。故C错误；D．在突然撤去F1后的瞬间，弹簧的弹力不变，则m1的加速度故D正确。故选BD。【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用。12、AD【解析】AB．根据牛顿第二定律F=ma可得a=，在物体质量一定的情况下，物体的加速度a跟物体所受的合外力F成正比，故A正确，B错误；CD．由于物体的质量与物体所受合外力大小无关，与物体的加速度的大小无关，仅仅由物体所含物质的多少决定，故C错误，D正确。故选AD。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、14、三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、①.②.③.CD④.可能造成误差的原因是水柱的截面不是正圆形。【解析】(1)[1]水流的横截面直径d1，则横截面的面积水龙头经过时间t流过的水体积为V，则：解得：水流经过d1处的速度[2]同理，水流经过d2处的速度据速度位移公式可得：则重力加速度表达式为(2)[3]A.水龙头流出的水速较小时，即使水龙头出水口是倾斜的，水流也沿竖直方向，故A项错误；B.在水流速较大时，靠近水龙头出口，水柱的截面不是圆形，故B项错误；C.h取值较大，测量的相对误差才小；水流太细而发成离散的水珠，测不出对应位置的速度；故C项正确；D.水柱的截面不一定是正圆形，从多个角度测量同一截面直径d，再求平均值，可减小截面直径测量的误差；故D项正确；E.水龙头流出的水速度较大时，水柱的截面不是圆形，故E