2025届眉山市重点中学物理高二第一学期期中考试试题含解析

2025届眉山市重点中学物理高二第一学期期中考试试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于点电荷和元电荷的说法中，正确的是A．只有很小的球形带电体才叫做点电荷B．体积大的带电体有时也可以视为点电荷C．电子就是元电荷D．某一带电体的电荷量为3.14×10–19C2、如图质子和α粒子都从静止开始，经AB间电场加速后垂直进入CD间的匀强电场，到离开电场为止，在CD间的偏转距离分别为y1、y2，动能的变化量分别为△E1和△E2。则y1:y2及△E1:△E2的值为（）A．1:2；1:1B．1:1；1：2C．1:2；1：4D．2:1；4：13、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，场强方向平行正方形ABCD所在平面．已知A、B、C三点的电势分别为φA=9V，φB=3V，φC=-3V，则A．D点的电势φD=3V，场强方向平行AB方向B．D点的电势φD=3V，场强方向平行AC方向C．D点的电势φD=6V，场强方向平行BC方向D．D点的电势φD=6V，场强方向平行BD方向4、类比是物理学中常用的思想方法。狄拉克曾经预言，自然界应该存在只有一个磁极的磁单极子，其周围磁感线星均匀辐射状分布，距离它r处的磁感应强度大小为B=k/(k为常数)。磁单极S的磁场分布如图所示，将其固定，有一带电小球在S附近做匀速圆周运动，则下列判断正确的是A．若小球带正电，其运动轨迹平面可在S正上方且从上往下看顺时针转动，如图甲所示B．若小球带正电，其运动轨迹平面可在S正下方且从上往下看逆时针转动，如图乙所示C．若小球带负电，其运动轨迹平面可在S正上方且从上往下看顺时针转动，如图甲所示D．若小球带负电，其运动轨迹平面可在S正下方且从上往下看逆时针转动，如图乙所示5、高空作业的电工在操作过程中，不慎将一螺母由静止从离地面45m高处脱落，不计空气阻力，g取10m/s2，则A．螺母下落1s内的位移为10mB．螺母在空中运动的时间为9sC．螺母落地时的速度大小为30m/sD．螺母在第2s内的平均速度为10m/s6、如图所示，三只完全相同的灯泡a、b、c分别与电阻A、电感、电容C单联，再将三者并联，接在220V，50Hz的交变电压两端，三只灯泡亮度相同，若将交变电压改为220V，25Hz，则A．三只灯泡亮度不变B．三只灯泡都将变亮C．a亮度不变，b变亮，c变暗D．a亮度不变，b变暗，c变亮二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O。将电荷量分别为+q、-q的两点电荷放在圆周上，其位置关于CD对称且距离等于圆的半径，如图所示。要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷A．可放在A点，Q=-qB．可放在B点，Q=+qC．可放在C点，Q=+2qD．可放在D点，Q=-2q8、如图所示，不带电的枕形导体的A、B两端各贴有一对金箔。当枕形导体的A端靠近一带电导体C时A．A端金箔张开，B端金箔闭合B．A端，B端金箔均张开C．用导线连接枕形导体的A、B两端，两端金箔均闭合D．用手触摸枕形导体后，A端金箔张开，B端金箔闭合9、A、B两物体质量均为m，其中A带正电，带电量为q，B不带电，通过劲度系数为k的绝缘轻质弹簧相连放在水平面上，如图所示，开始时两者都处于静止状态。现在施加竖直向上的匀强电场，电场强度，式中g为重力加速度，若不计空气阻力，不考虑A物体电量的变化，则以下判断正确的是A．刚施加电场的瞬间，A的加速度为2gB．从开始到B刚要离开地面过程，A物体速度大小先增大后减小C．从开始到B刚要离开地面的每段时间内，A物体的机械能增量一定等于电势能的减少量D．B刚要离开地面时，A的速度大小为10、下表列出了某品牌电动自行车及所用电动机的主要技术参数，不计其自身机械损耗。若该车在额定状态下以最大运行速度行驶，则（）自重40额定电压48载重75额定电流12最大速度20额定输出功率350A．电动机的内阻为4ΩB．电动机的输入功率为576C．该车受到的阻力为63D．该车获得的牵引力为104三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某研究小组收集了两个电学元件：电阻R0(约为2kΩ)和手机中的锂电池(电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA)。实验室备有如下器材：A．电压表V(量程3V，电阻RV约为4.0kΩ)B．电流表A1(量程100mA，电阻RA1约为5Ω)C．电流表A2(量程2mA，电阻RA2约为50Ω)D．滑动变阻器R1(0～40Ω，额定电流1A)E．电阻箱R2(0～999.9Ω)F．开关S一只、导线若干(1)为了测定电阻R0的阻值，小明设计了一电路，与其对应的实物图如图，图中的电流表A应选________(选填“A1”或“A2”)，请将实物连线补充完整______(2)为测量锂电池的电动势E和内阻r，小红设计了如图甲所示的电路图．根据测量数据作出－图象，如图乙所示．若该图线的斜率为k，纵轴截距为b，则该锂电池的电动势E=______，内阻r=______。(用k、b表示)12．（12分）在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中，一同学猜想可能与两电荷的间距和带电量有关。他选用带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图所示。实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大。实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的_____而增大，随其所带电荷量的___而增大（填“增大”或“减小”）。此同学在探究中应用的科学方法是_____。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一质量为m、带电量为q的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成θ角，重力加速度为g。(1)判断小球带何种电荷。(2)求电场强度E。(3)若在某时刻将细线突然剪断，求经过t时间小球的速度v。14．（16分）如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场线方向，bc和电场线方向成60°角，一个电荷量为q=4×10-8C的正电荷从a点移到b点时静电力做功为W1=1.2×10-7J，求：（1）匀强电场的场强E；（2）电荷从b移到c，静电力做功W2；（3）a、c两点间的电势差Uac．15．（12分）如图所示，光滑斜面倾角为，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度大小突然变为原来的，但方向不变。已知sin＝0.6，cos＝0.8，重力加速度为g。试求：(1)原来的电场强度；(2)物块运动的加速度大小；(3)沿斜面下滑距离为l时物块的速度。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A、由带电体看作点电荷的条件，当带电体的大小、形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小、形状体积等无具体关系，故A错误、B正确；C、元电荷是带电量的最小值，它不是电子，故C错误；D、带电体的带电量一定是元电荷的整数倍，，不是整数，故某带电体的电荷量为是不可能的，故D错误．点睛：元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子或质子的电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍．2、B【解析】根据动能定理可得粒子经过加速电场后的速度为：，解得：，粒子在偏转电场中做类平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，有：，垂直板方向做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律得加速度为：，偏转位移为：，由以上各式解得：，y与m、q无关，则y1：y2=1：1；根据动能定理得动能的变化量为：，可知，△E与q成正比，则得△E1：△E2=1：2，故B正确，ACD错误。3、B【解析】

CD.匀强电场中，由公式U=Ed知沿着任意方向每前进相同的距离，电势差都相等，故连接AC，AC连线的中点为E，则E点的电势为；连接BE，如图所示：则BE为一条等势线，D点在BE连线上，所以D点电势;故C项，D项均错误.AB.过A点作出垂直于BE的有向线段，由高电势点A直线BE，如图中红线所示，即为电场线，那么场强方向平行AC方向；故A错误，B正确.4、C【解析】

AC．要使带电小球能做匀速圆周运动，则洛仑兹力与重力的合力应能充当向心力；在甲图中，若粒子为正电荷且顺时针转动（由上向下看）则其受洛伦兹力斜向下，与重力的合力不指向圆心；而若为负电荷，但顺时针转动，同理可知，合力也可以充当向心力，故A错误，C正确；

BD．在乙图中，若小球带正电，运动轨迹平面在S正下方且从上向下看逆时针转动，则其受洛伦兹力斜向上，与重力的合力不可能指向圆心；若小球带负电，运动轨迹平面在S正下方且从上向下看逆时针转动，则其受洛伦兹力斜向下，故其与重力的合力向下，合力不能全部提供向心力，故不会做匀速圆周运动，故BD错误；5、C【解析】

A、物体做自用落体运动下落1s内的位移为：，故A错；B、物体下落45m所用的时间为t则：解得：，故B错；C、物体在空中运动了后的速度为：，故C正确；D、螺母在第2s内的运动的位移为：所以螺母在第2s内的平均速度为：，故D错；综上所述本题答案是：C6、C【解析】

根据电感的特性：通低频、阻高频，当电源的频率变低时，电感对电流的感抗减小，b灯变亮；根据电容器的特性：通高频、阻低频，当电源的频率变低时，电容器对电流的容抗增大，c灯变暗。而电阻的亮度与频率无关，a灯亮度不变。A.三只灯泡亮度不变与分析不符，故A错误。B.三只灯泡都将变亮与分析不符，故B错误。C.a亮度不变，b变亮，c变暗与分析相符，故C正确。D.a亮度不变，b变暗，c变亮与分析不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

设圆的半径为r，两个点电荷在O点产生的场强大小都是kqr2，两个场强的方向夹角为1200，据平行四边形定则，合场强大小为kqr2，方向由O指向B；要使圆心处场强为零，最后一个电荷在O点产生场强大小为kqr2，方向由O指向A；若该电荷在A点，为Q=-q；8、BD【解析】

AB．金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，枕形导体的右端要感应出正电荷，导体的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，故A错误，B正确；C．用导线连接枕形导体的A、B两端，由于静电感应现象，体两端的验电箔都张开，故C错误；D．用手触摸枕形导体后，大地上电子跑到导体上，将B端的正电荷中和，而A端的负电荷增多，所以A端金箔仍张开，B端金箔闭合，故D正确。9、AD【解析】

提供电场前，A静止，受到重力和弹力，合力为零，施加电场后对A根据牛顿第二定律有加速度；B刚要离开地面时，此时弹簧被拉长，且弹力刚好等于物体B的重力，对A分析，此时受力平衡，即A的加速度等于零，从开始到B刚要离开地面过程，A做加速度减小的加速运动，在A点速度最大，根据能量守恒定律可知，从开始到B刚要离开地面的每段时间内，A物体的机械能增量一定等于电势能的减少量与弹簧的弹性势能减小量之和；【详解】A、提供电场前，A受到重力和弹力，合力为零，施加电场后对A根据牛顿第二定律有：，则加速度为，故A正确；B、B刚要离开地面时，此时弹簧被拉长，且弹力刚好等于物体B的重力，对A分析，此时受力平衡，即A的加速度等于零，从开始到B刚要离开地面过程，A做加速度减小的加速运动，在A点速度最大，故B错误；C、根据能量守恒定律可知，从开始到B刚要离开地面的每段时间内，A物体的机械能增量一定等于电势能的减少量与弹簧的弹性势能减小量之和，故C错误；D、B刚要离开地面时弹簧的伸长量等于开始时弹簧的压缩量，从开始到B刚要离开地面过程，弹性势能不变，根据动能定理可得：，解得A的速度大小为：，故D正确；故选AD。【点睛】关键是B刚要离开地面时弹簧的伸长量等于开始时弹簧的压缩量，从开始到B刚要离开地面过程，弹性势能不变。10、BC【解析】

AB.由表可知，U0=48V，P=代入得P=576W；电动机内部消耗的热功率P代入得，P热P代入解得，r≈1.6Ω；故A项错误，B项正确；CD.最大速度v=20根据P出F=故C项正确，D项错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A2【解析】

(1)[1][2]电压表量程是3V，通过待测电阻的最大电流因此电流表应选电流表A2，待测电阻R0阻值约为2kΩ，滑动变阻器R1(0～40Ω，额定电流1A)，与电阻箱R2(0～999.9Ω)最大阻值均小于待测电阻阻值，变阻器采用限流接法时待测电阻电压与电流变化范围较小，不能测多组实验数据，为测多组实验数据，减小实验误差，滑动变阻器应采用分压接法，且则电流表应该采用内接法，实物电路图如图所示(2)[3][4]由实验原理可知则因此图象的纵轴截距电动势图象的斜率则电源内阻12、减小增大控制变量法【解析】

[1][2][3]对小球B进行受力分析，可以得到小球受到的电场力即B球悬线的偏角越大，电场力也越大；所以使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的相互作用力，随其距离的减小而增大；两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大