河北省石家庄市二中2025届高三生物教学质量检测试题含解析

PAGE13-河北省石家庄市二中2025届高三生物教学质量检测试题（含解析）一、选择题1.下列关于生物大分子的叙述，错误的是A.内质网、叶绿体、细胞核中均含有生物大分子B.转录、翻译、光合作用都可以产生生物大分子C.生物大分子中均含有C、H、O、N元素D.合成生物大分子的过程中可以产生水【答案】C【解析】【分析】细胞内的生物大分子包括多糖、蛋白质和核酸，多糖的基本组成单位是葡萄糖，蛋白质的基本组成单位是氨基酸，核酸的基本组成单位是核苷酸，葡萄糖、氨基酸、核苷酸等单体都以碳链为骨架。【详解】A.内质网、叶绿体、细胞核中均含有蛋白质，蛋白质属于生物大分子，A正确；B.转录可产生RNA，翻译产生蛋白质，光合作用可合成淀粉，三者都可以产生生物大分子，B正确；C.糖类、蛋白质和核酸共有的元素为C、H、O，故生物大分子中均含有的元素是C、H、O，C错误；D.氨基酸、葡萄糖以及核苷酸在合成蛋白质、多糖以及核酸的过程中均产生水，D正确。【点睛】本题考查了生物大分子的有关学问，要求学生能够识记生物大分子的种类和元素组成，识记转录、翻译、光合作用的产物，明确单体在合成多聚体的过程中产生水。2.某些癌细胞中多药耐药（MDR）基因高度表达后，会使这些癌细胞对化疗药物的抗性增加。MDR基因表达产物是P—糖蛋白（P—gp），该蛋白位于细胞膜上有ATP依靠性跨膜转运活性，可将药物转运至细胞外，使细胞获得耐药性。而P—gp低水平表达的癌细胞内，某些化疗药物的浓度明显上升。下列叙述正确的是A.P—gp转运蛋白转运物质的方式属于帮助扩散B.P—gp是由游离在细胞质中的核糖体合成的C.化疗药物可提高MDR基因高度表达的癌细胞比例D.提高癌细胞P-gp的活性为癌症治疗开拓了新途径【答案】C【解析】【分析】糖蛋白的合成须要附着在内质网上的核糖体、内质网、高尔基体和线粒体的协调协作。P—糖蛋白（P—gp）位于细胞膜上有ATP依靠性跨膜转运活性，说明此蛋白的运输须要消耗能量。【详解】P—gp转运蛋白转运药物消耗ATP，不属于帮助扩散，A错误；P—gp转运蛋白是由内质网上的核糖体合成的，B错误；化疗药物会对癌细胞起选择作用，P-gp转运蛋白基因高度表达的癌细胞的抗药性强，生存下来的比例高，C正确；提高癌细胞P—gp转运蛋白的活性即提高了癌细胞的抗药性，不利于癌症的治疗，D错误；因此，本题答案选C。【点睛】解答本题的关键是看清题干中相关信息“MDR基因表达产物是P—糖蛋白（P—gp），该蛋白位于细胞膜上有ATP依靠性跨膜转运活性”，再依据题意作答。3.下列关于生物学试验的叙述，正确的是（）A.恩格尔曼用水绵和好氧细菌进行试验，证明光合作用释放的氧气来自水B.叶绿体色素滤液细线被层析液浸没，会导致滤纸条上色素带重叠C.探究酵母菌种群的数量变更时，若酵母菌数量过多则应换髙倍镜视察D.林德曼定量分析赛达伯格湖的能量流淌，发觉生态系统能量流淌的特点【答案】D【解析】【分析】1、恩格尔曼采纳水绵、好氧细菌和极细光束进行比照试验，发觉光合作用的场所是叶绿体；2、滤纸上的滤液细线假如触到层析液，细线上的色素就会溶解到层析液中，就不会在滤纸上扩散开来，试验就会失败。【详解】A、恩格尔曼用水绵和好氧细菌进行试验，证明光合作用的场所是叶绿体，A错误；B、叶绿体色素滤液细线不能触及到层析液，B错误；C、探究酵母菌种群的数量变更时，若酵母菌数量过多则应适当稀释后再计数，C错误；D、林德曼定量分析赛达伯格湖的能量流淌，发觉生态系统能量流淌的特点，D正确。故选D。4.在植物的抗冷胁迫过程中，脱落酸（ABA起到关键的作用。为探究肯定浓度范围内的ABA对不同品系番茄幼苗叶片在抗冷胁迫中的影响，探讨人员进行的相关试验结果如图。（注：相对电导率可反映细胞膜受损程度，细胞膜受损越大，相对电导率越大。）下列分析正确的是（）A.脱落酸参加植物细胞氧化分解増加产热，从而提髙抗寒实力B.本试验的自变量是脱落酸浓度和温度，因变量是相对电导率C.依据试验结果可以得出ABA的作用具有两重性D.图中ABA浓度对番茄幼苗叶片的抗冷胁迫具有促进作用【答案】D【解析】【分析】本试验是探究ABA对不同品系（710、704）番茄幼苗叶片在抗冷胁迫中的影响，自变量是脱落酸浓度和植物品系的不同，因变量是相对电导率，分析曲线图可知：704品系的番茄幼苗再脱落酸浓度为300（mg/l）时相对电导率低，抗寒实力强，710品系的番茄幼苗再脱落酸浓度为200（mg/l）时相对电导率低，抗寒实力强。【详解】A、脱落酸是植物激素，起调整作用，不能参加植物细胞氧化分解增加产热，A错误；B、本试验的自变量是脱落酸浓度和番茄品系，B错误；C、依据试验结果不能得出ABA的作用具有两重性，C错误；D、图中ABA浓度对应电导率（细胞受损程度）都低于0浓度对应的电导率（细胞受损程度），所以对番茄幼苗叶片的抗冷胁迫具有促进作用，D正确。故选D。【点睛】本题借助于脱落酸对番茄抗寒的影响，考查考生分析曲线图，获得有效信息的实力，属于中等难度题。5.人类的多种遗传病是由苯丙氨酸代谢缺陷所致，苯丙酮尿症是由于苯丙酮酸在体内积累所致；尿黑酸在人体内积累会使人的尿液中含有尿黑酸，这种尿液暴露在空气中会变成黑色。下如图为人体内苯丙氨酸的部分代谢途径，如图为甲、乙两个家庭的系谱图，相关分析正确的是A.苯丙酮尿症、尿黑酸症病因分别是缺乏酶⑥和酶③B.家系乙中Ⅱ-4携带尿黑酸症致病基因的概率是1/2C.家系甲中Ⅱ-3可通过削减苯丙氨酸的摄入来减缓症状D.两家系中6号个体婚配，孕期内应进行相关的基因检测【答案】C【解析】【分析】由图1可知，苯丙酮尿症、尿黑酸症的病因分别是缺乏酶①和酶③。由图2可知，苯丙酮尿症和尿黑酸症患者均为无中生有，女儿患病，故均为常染色体隐性遗传病。【详解】两种病病因分别是缺乏酶①和酶③，A错误；家系乙父母均为杂合子，故II-4携带尿黑酸症致病基因的概率是2/3，B错误；家系甲II-3削减苯丙氨酸的摄入，则产生的苯丙酮酸削减，从而减缓症状，C正确；两家系的6号个体均不含对方家系的致病基因，孩子体内的致病基因没有纯合的可能，也就不行能患病，所以孕期内不须要进行相关的基因检测，D错误。故选C。6.下列关于生态系统结构与功能的叙述，正确的是（）A.可以利用样方法调查陆地某群落中植物的物种丰富度B.全部生态系统中各养分级的生物数量与能量均为正金字塔形C.生态系统的结构是指生态系统的食物链和食物网D.反抗力稳定性低的生态系统，其复原力稳定性肯定高【答案】A【解析】【分析】生态系统的结构包括生态系统的成分和食物链、食物网两部分，生态系统的成分包括非生物的物质和能量，生产者，消费者和分解者。食物链和食物网是生态系统的养分结构，能量流淌、物质循环和信息沟通是生态系统的功能。【详解】A、一般可用样方法调查群落中植物的物种丰富度，只是用样方法调查植物的丰富度时，应当调查植物的种类总数，不能取平均值，A正确；B、全部生态系统中各养分级的能量均为正金字塔形，各养分级的生物数量一般为正金字塔形，有时会出现倒置状况，B错误；C、生态系统的养分结构是指生态系统的食物链和食物网，C错误；D、反抗力稳定性低的生态系统，复原力稳定性不肯定高，例如荒漠生态系统，D错误。故选A。二、非选择题7.京美人是一种欣赏价值很高的多肉植物，具有一种特别的CO2同化方式：夜间气孔开放，汲取CO2转化成苹果酸（一种C4化合物）储存在液泡中（如图甲）；白天气孔关闭，液泡中的苹果酸分说明放CO2，参加光合作用（如图乙）。（1）京美人将CO2固定为C3的场所是_________。京美人夜晚能汲取CO2，却不能合成有机物，缘由是________。（2）白天京美人进行光合作用利用的CO2来源有______________。（3）给京美人供应H218O，产生的淀粉中含有18O，请写出18O最短的转移途径______________（用文字和箭头表示）（4）请结合题目所给资料说明京美人耐旱的主要缘由___________________。【答案】(1).叶绿体基质(2).夜晚不能进行光反应，不能产生[H]和ATP(3).细胞呼吸产生的CO2，苹果酸分解产生的CO2(4).H218O→C18O2→（CH218O）（可以加写出C3，但不行写成18C3）(5).【解析】【分析】植物是生活在干旱地区的植物，由于白天光照强，温度高，导致气孔关闭，因此白天不能从环境中汲取二氧化碳，只能利用夜间汲取和固定二氧化碳以及细胞呼吸产生的二氧化碳。【详解】（1）CO2和C5在酶的催化下，固定为两分子的C3，其场所是叶绿体基质。京美人光反应须要光照，晚上没有光照，不能进行光反应，不能为碳反应供应NADPH和ATP，故不能合成有机物。（2）白天京美人进行光合作用的CO2来源是苹果酸分说明放CO2和自身进行呼吸作用释放的二氧化碳（3）若向密闭容器中加入H218O，H218O在有氧呼吸的其次阶段与丙酮酸反应生成C18O2，产生的C18O2参加光合作用的暗反应，生成淀粉等糖类（CH218O），即H218O→C18O2→（CH218O）。（4）结合题目所给资料分析得出京美人耐旱的主要缘由是：京美人白天气温高时关闭气孔，有利于防止水分散失。【点睛】本题是材料信息题，本题以该背景材料考查考生对信息的筛选、加工、运用以及学问迁移等实力，考生要能够结合影响光合作用的环境因素和光合作用的过程进行解题，难度适中。8.某科硏团队研制了一种针对某新型病毒A的生物疫苗X，欲通过试验检测疫苗Ⅹ对试验动物反抗新型病毒A攻击的爱护效力，进行以下试验探讨：试验材料与药品：试验用仔猪若干只，医用注射器若干，疫苗ⅹ，生理盐水，新型病毒A制剂等必需器材（要求与说眀：仔猪鼻腔分泌物中病毒含量、血清中抗新型病毒A抗体含量的详细测量方法不作要求。）（1）试验操作步骤①选取生理状况相同的健康仔猪若干只，平均分为两组，并编号为a、b。②____________________，淘汰出现阳性的个体并确保每组剩余个体数相同。③各组处理状况：a组仔猪肌肉注射适量疫苗X；b组仔猪肌肉注射等量生理盐水。7天后，对两组仔猪做___________________处理。④步骤③完成后，各组仔猪赐予相同且相宜的环境培育，后续每天分别检测每组仔猪鼻腔分泌物病毒含量与血清中抗新型病毒A抗体，并计算平均值。⑤对所得的数据进行相关分析统计，并得出结论（2）试验结果预料：请在答题纸坐标轴上用曲线图绘制出a、b两组仔猪血清中抗新型病毒A抗体变更的预期试验结果_____________________（假设注射疫苗Ⅹ第3天后起先产生抗体，各组仔猪试验检测期间不出现死亡个体）（本题不需书写曲线图标题）（3）若某地出现了此种新型病毒A感染疫情，请用相应的生物学学问从分子水平提出两种可行的快速检测此新型病毒A的方法____________________________（详细操作不作要求）。【答案】(1).检测每组仔猪鼻腔分泌物中病毒的含量与血清中抗新型病毒A抗体(2).接种等量新型病毒A制剂(3).(4).检测新型病毒A相关的特异抗原（蛋白质）；检测机体中抗新型病毒A相关的抗体；检测新型病毒A相关的核酸片段。【解析】【分析】试验设计时应留意遵循试验原理的科学性原则，试验过程要遵循等量原则、单一变量原则和比照原则。由题意可知该试验的目的是检测疫苗Ⅹ对试验动物反抗新型病毒A攻击的爱护效力，试验的自变量是有无注射疫苗Ⅹ，因变量是抗体水平平均值。【详解】（1）通过分析可知本试验的目的是检测疫苗Ⅹ对试验动物反抗新型病毒A攻击的爱护效力，试验的自变量是有无注射疫苗Ⅹ，其详细的试验操作步骤：②检测每组仔猪鼻腔分泌物中病毒的含量与血清中抗新型病毒A抗体，淘汰出现阳性的个体并确保每组剩余个体数相同。③各组处理状况：a组为试验组，对仔猪肌肉注射适量疫苗X；b组为比照组，对仔猪肌肉注射等量生理盐水。7天后，对两组仔猪做接种等量新型病毒A制剂处理。（2）试验结果预料：a组猪仔注射疫苗X后，产生相应的记忆细胞，当再次接种病毒A制剂，相应的记忆细胞快速反应，产生较多的浆细胞，分泌大量的抗体；b组注射生理盐水，没有相应的记忆细胞，当接种病毒A制剂，产生的浆细胞少，分泌的抗体少，详细如图：。（3）从分子水平提出两种可行的快速检测此新型病毒A的方法有：可通过检测新型病毒A相关的特异抗原（蛋白质）；检测机体中抗新型病毒A相关的抗体；检测新型病毒A相关的核酸片段，快速检测此新型病毒A。【点睛】本题考查免疫调整相关试验，须要考生明确试验目的，依据试验材料推想试验的原理；依据试验设计的原则，对试验步骤进行完善，并对试验现象作出合理的推想和说明。9.近几年来，甲地出现了土地盐碱化和植被退化的现象，乙地连年种植小麦，其产量逐年降低。对两地进行生态治理，具有重要意义。请运用生态学学问回答下列问题：（1）2024感动中国十大人物之一钟扬，曾率领团队在青藏高原进行调查，发觉此地野生动植物种类繁多，最主要体现了生物多样性中的____________（填基因或物种或生态系统）多样性，该团队为国家种质库收集了数千万颗植物种子，尽管对其中大量种子的用途并不了解，但我们还是要加以爱护，是因为它们存在__________价值。（2）甲地分布着碱蓬、柽柳和刺槐等多种植物，其根细胞中细胞液的浓度__________（填较高或较低）（3）生态学家建议在乙地进行合理轮作（轮作是指在同一块田地上，有依次地在季节间或年间轮换种植不同作物的种植方式），这样有利于农作物长期高产。请依据所学学问分析缘由：__________________（答出两点即可）。（4）甲地在盐碱化之前，偶然由于气候缘由导致种群数量很小的一种昆虫在甲地绝迹，但是对该生态系统中其他物种的数量基本没有影响，请从生态系统养分结构的角度分析其缘由_________________。【答案】(1).物种(2).潜在(3).较高(4).能充分利用土壤中的各种无机盐（或均衡利用土壤养分）②变更原有食物链，削减病虫害③影响种间关系，抑制杂草(5).该种昆虫在食物网中的位置可被其他同养分级的物种替代【解析】【分析】生物多样性重要包括：基因的多样性、物种的多样性和生态系统的多样性。生物进化是生物多样性的基础，生物多样性是生物进化的必定结果。生物多样性价值包括干脆价值、间接价值、潜在价值。【详解】（1）钟扬曾率领团队在青藏高原进行调查，发觉此地野生动植物种类繁多，主要体现了生物多样性中的物种多样性，该团队为国家种质库收集了数千万颗植物种子，尽管对其中大量种子的用途并不了解，但还是要加以爱护，是因为它们存在潜在价值。（2）通过题干信息可知，甲地出现了土地盐碱化，故甲地分布着碱蓬、柽柳和刺槐等多种植物，其根细胞中细胞液的浓度高。（3）生态学家建议在乙地进行合理轮作，因为这样做：①能充分利用土壤中的各种无机盐；②变更原有食物链，削减病虫害；③影响种间关系，抑制杂草，所以有利于农作物长期高产。（4）由于某种缘由导致种群数量很小一种昆虫在甲地绝迹，但该昆虫在食物网中的位置可被其他同养分级的物种替代，因此对本系统中其他物种的数量基本没影响。【点睛】本题考查生物多样性等相关学问，意在考查学生能理解所学学问的要点，把握学问间的内在联系，形成学问的网络结构。10.某严格自花传粉的二倍体植物（2n），野生型为红花，突变型为白花。探讨人员围绕花色突变基因的关系和花色限制基因及在染色体上的定位，进行了以下相关试验。请分析回答：（1）在甲地和乙地的种群中，各出现了一株白花突变且同为隐性突变。为确定甲、乙两地的白花突变是否由相同的等位基因限制，可将_______________杂交。当子一代表现型为___________时，可确定两地的白花突变由不同的等位基因限制。（2）缺体（2n-1）可用于基因的染色体定位。人工构建该种植物的野生型红花缺体系时应有________种缺体。若白花由一对隐性突变基因限制，将白花突变植株与___________杂交，留种并单独种植，当子代出现表现型及比例为____________时，可将白花突变基因定位于_____________。【答案】(1).甲、乙两地的白花突变型植株(2).红花(3).n(4).该种植物野生型红花缺体系中的全部缺体分别(5).红花：白花=1：1(6).该缺体所缺少的染色体【解析】【分析】基因分别定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因伴同源染色体分别而分别，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代；同时位于非同源染色体上的非等位基因随非同源染色体的自由组合而发生自由组合。【详解】（1）假如乙地的突变白花与甲地的突变白花是由相同的隐性等位基因限制，则二者基因型相同，都是隐性纯合，两株白花杂交后代都表现为白花；假如甲乙两地的白花是由不同的等位基因限制，两对等位基因用A、a和B、b表示，则基因型可以分别记作AAbb、aaBB，杂交子一代基因型是AaBb，都表现为红花。（2）该植物染色体是2n，每个染色体组是n条染色体，缺体是染色体组中的随意一条染色体缺失，因此是有n种缺体；假如白花突变基因位于该缺体所缺少的染色体上，用A、a表示这对等位基因，则白花植株的基因型是aa，红花缺体植株只含有一个A基因，基因型是AO，将白花突变植株（aa）与该种植物野生型红花缺体系（AO）中的全部缺体分别杂交，杂交后代的基因型是Aa：aO=1：1，前者表现为红花，后者表现为白花，即红花：白花=1：1。【点睛】本题旨在考查学生理解基因分别定律和自由组合定律的实质及应用条件，并学会应用演绎推理的方法进行设计遗传试验、推理推断基因的位置。（选修一）11.中学印刷试卷多数运用蜡纸，蜡纸的主要成分是棉花纤维和石油蜡。蜡纸成本低，但在自然环境由于透水性差而难以降解。某课题小组尝试从土壤中筛选出能够分解石油蜡的微生物，流程如图。回答下列问题：(1)下列几个地方土壤样品中最可能筛选出目的菌（）。A.农田里B.炼油厂旁边C.食品加工厂旁边D.化肥工厂旁边(2)培育基在配制时应当以石油蜡为唯一________，培育瓶和培育皿中的培育基在成分上的差异是前者缺少_________________。(3)探讨者希望通过培育皿中的分解圈来筛选分解实力最强的微生物，结果发觉其中每个圈子几乎交织一起，还有许多菌落紧挨在一起，此时应当实行的措施_________________。(4)有同学提出，将培育瓶中的石油蜡换为蜡纸碎屑，希望筛选出能够同时分解油蜡和棉花纤维的微生物，这种方法是否可行？______理由是_______________________。(5)某同学配制含琼脂的牛肉膏蛋白胨培育基后，对培育基和培育皿进行高压蒸汽灭菌，当培育基温度下降到50℃时，在酒精灯火焰旁边倒平板，待培育基冷却至室温，按下表处理将处理后的培育皿置于相宜温度下培育2～3天，视察每个培育皿中的菌落特征和数目。回答下列问题：组别处理A组打开培育皿盖，距地面0.3米处暴露15分钟B组打开培育皿盖，距地面0.6米处暴露15分钟C组打开培育皿盖，距地面0.9米处暴露15分钟D组打开培育皿盖，距地面1.2米处暴露15分钟E组不打开培育皿盖①上述试验的试验目的是探究______________________________________②“待培育基冷却至室温”的目的是__________________________________。【答案】(1).B(2).碳源(3).琼脂(4).将培育液稀释后再进行接种或者缩短培育时间(5).不行(6).只能分解石油蜡和只能分解棉花纤维的微生物也能生长(7).探究不同高度空气中微生物的种类和数量(8).使培育基凝固和防止培育基温度过高杀死接种在其上的微生物【解析】【分析】培育基的养分构成：①各种培育基的详细配方不同，但一般都含有水、碳源、氮源和无机盐；②不同培育基还要满意不同微生物对pH、特别养分物质以及氧气的要求。液体培育基和固体培育基成分的主要区分是固体培育基中加入琼脂。分析表格：该试验的自变量是距地面的高度，因变量为微生物的种类和数量，因此该试验的目的是探究不同高度空气中微生物的种类和数量。【详解】（1）依据题意可知，该课题小组尝试从土壤中筛选出能够分解石油蜡的微生物，因此试验用的土壤样品应选择炼油厂旁边来筛选出目的菌，故选B。（2）试验筛选的目的菌为能够分解石油蜡的微生物，因此培育基在配制时应当以石油蜡为唯一碳源，培育瓶中的培育基为液体培育基，培育皿中的培育基为固体培育基，它们在成分上的差异是前者缺少琼脂。（3）探讨者希望通过培育皿中的分解圈来筛选分解实力最强的微生物，结果发觉其中每个圈子几乎交织一起，还有许多菌落紧挨在一起，这是由于培育液浓度过高，细菌紧挨在一起，此时应当将培育液稀释后再进行接种或者缩短培育时间。（4）由于只能分解石油蜡和只能分解棉花纤维的微生物也能生长，因此将培育瓶中的石油蜡换为蜡纸碎屑，不能筛选出能够同时分解油蜡和棉花纤维的微生物。（5）①依据表格可知，该试验的自变量是距离地面的高度，因此该试验的试验目的是探究不同高度空气中微生物的种类和数量；②“待培育基冷却至室温”的目的有使培育基凝固，防止培育基温度过高杀死接种在其上的微生物。【点睛】留意：分析本题（5）小题中试验关键要抓住试验的自变量和因变量，确定试验的目的，进而厘清试验的设计思路，这样才能得出合理的试验结果和精确的试验结论。（选修三）12.探针是指以放射性同位素、生物素或荧光染料等进行标记的已知核苷酸序列的核酸片段，可用于核酸分子杂交以检测目标核苷酸序列是否存在。如图（1）所是某试验小组制备的两种探针，图（2）是探针与目的基因杂交的示意图。请回答下列有关问题：（1）核酸探针与目标核苷酸序列间的分子杂交遵循________________。设计核苷酸序列是核酸探针技术关键步骤之一。图（