四川省仁寿第二中学2024-2025学年高二生物10月月考试题

PAGE1-四川省仁寿其次中学2024-2025学年高二生物10月月考试题第Ⅰ卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．下列关于生物变异的叙述，错误的是（） A．碱基对替换所引发的基因突变不肯定会导致生物性状发生变异B．基因突变的不定向性是指一个基因可突变为不同的非等位基因C．正常状况下一对夫妇所生的子女间的性状差异来源于基因重组D．染色体结构变异会导致染色体上基因数目或排列依次发生变更2．下列关于人类遗传病的叙述，正确的是（）A．单基因遗传病是指受一个基因限制的遗传病B．多基因遗传病在群体中的发病率一般比较低C．调查人类遗传病发病率时常开展家庭系谱调查D．遗传询问和产前诊断可有效预防遗传病的产生3．下列关于生物进化和物种形成的叙述中，正确的是A．突变和基因重组会导致种群基因频率的定向变更B．一般状况下，生物进化方向与基因突变方向一样C．狼与兔的捕食关系导致它们的基因频率定向变更D．地理隔离和生殖隔离是物种形成必不行少的条件4．下图表示来源于四种不同生物的体细胞染色体组成，相关叙述不正确的是（）A．四种生物都可能是单倍体B．若甲图是四倍体，其产生的单倍体可育C．乙图可能是个别染色体数目的增加导致的D．丙和丁杂交，可得二倍体5．下列关于基因频率、基因型频率与生物进化的叙述正确的是（）A．一个种群中，限制一对相对性状的各种基因型频率发生变更，说明物种在进化B．在一个种群中，限制一对相对性状的各种基因型频率之和为1C．基因型Aa的个体自交后代所形成的种群中，A基因的频率大于a基因的频率D．因色盲患者中男性数量大于女性，所以男性群体中色盲的基因频率大于女性群体6．如图表示环境条件发生变更后某个种群中A和a基因频率的变更状况,下列说法正确的是()A．环境条件发生变更后,使生物产生适应性的变异B．在变更过程中,P点时Aa的基因型频率最小C．Q点表示环境发生了变更,A基因限制的性状更加适应环境D．该种群基因库中A和a的基因频率的变更表示新物种将产生31、（9分）下图表示人类镰刀型细胞贫血症的病因(已知谷氨酸的密码子是GAA、GAG)。(1)图中①②表示的遗传信息传递过程分别是:①;②。过程①发生的时间是,场所是。

(2)α链碱基组成是,β链碱基组成是。

(3)若正常基因片段中的CTT突变为CTC,由此限制的生物性状(填“会”或“不会”)发生变更,理由是:。32．（11分）下图为水稻的几种不同育种方法的示意图，请据图回答：（1）B过程常用的方法是__________；可能用到秋水仙素的过程有______（用图中字母表示）。（2）可以打破物种界限的育种方法是______（用图中的字母表示），该方法所运用的原理是______，该方法所须要的工具酶是______。（3）假设要培育一个能稳定遗传的水稻品种，它的性状都是由隐性基因限制的，则最简洁的育种方法是______（用图中的字母表示）；假如它的性状都是由显性基因限制的，为缩短育种时间常采纳的方法是______（用图中的字母表示）。（4）现有三个水稻品种：①的基因型为aaBBDD，②的基因型为AAbbDD，③的基因型AABBdd。这三对等位基因分别位于三对同源染色体上。请通过杂交育种方法利用以上三个品种获得基因型为aabbdd的植株（用文字简要描述获得过程即可）：________________________________________。33．某植物种群中，AA基因型个体占30%，aa基因型个体占20%，回答下列相关问题：(1)依据现代生物进化理论观点：生物进化的基本单位是________，________导致新物种的形成。(2)该植物种群A、a的基因频率分别是____________。(3)若该植物自交，后代中AA、Aa基因型频率分别是________________。(4)依据现代生物进化理论，这种植物自交后是否发生了进化？________，理由是__________________。34．（12分）如图是人类某一家族遗传病甲和乙的遗传系谱图。甲病受A，a这对等位基因限制，乙病受B，b这对等位基因限制，且甲、乙其中之一是伴性遗传病（不考虑XY同源区段）。（1）甲病属于__________，乙病属于__________。A常染色体显性遗传病B常染色体隐性遗传病C伴X染色体显性遗传病D伴X染色体隐性遗传病E伴Y染色体遗传病（2）写出下列个体可能的基因型：Ⅲ—7_______________；Ⅲ—10______________。（3）Ⅲ—8是纯合子的可能性是__________。（4）Ⅲ—8与Ⅲ—10结婚，生育子女中只患一种病的可能性是__________，既不患甲病也不患乙病的可能性是__________。35．（12分）某二倍体雌雄异株（XY型性别确定）花卉植物，群体全部开红花（纯合子），限制花色的基因（A或a）只位于X染色体上，在栽培过程中出现一株全部开紫花的雄株，经显微镜视察其染色体正常。请回答问题：⑴该花卉植物的紫花与红花是一对_________。⑵该紫花雄株的出现，其缘由可能是环境引起的变异，也有可能是隐性突变引起的变异，还有可能是显性突变引起的变异，请设计一试验方案探究其变异的缘由，写出试验思路及预期结果和结论。10月联考生物答案1.B 2.D3.C4.D5.B6.C31、（9分，除标注，每空1分）.(1)复制转录有丝分裂间期、减数第一次分裂前的间期细胞核(2)CATGUA(3)不会因为当基因中的CTT突变成CTC时,转录的信使RNA上的密码子由GAA变成GAG,但这两个密码子确定的氨基酸均为谷氨酸,所以翻译的蛋白质不变,生物的性状不变。（2分）32．（11分，除标注，每空1分）（1）花药离体培育C、F（2分）（2）E基因重组限制酶、DNA连接酶（2分）（3）A、DA、B、C（4）①与②杂交得到杂交一代，杂交一代与③杂交得到杂交二代，杂交二代自交可以得到基因型为aabbdd的植株（合理即可）（2分）33．（10分，除标注，每空2分）(1)种群（1分）隔离（1分）(2)55%、45%(3)42.5%、25%(4)否种群基因频率没有变更34.（12分，除标注，每空2分）（1）B（1分）D（1分）（2）AAXBY或AaXBYAAXbY或AaXbY（3）1/2（4）5/121/235．（12分）⑴相对性状（2分）⑵用该紫花雄株与红花雌株杂交（2分），若F1雌株开紫花，雄株开红花，则为显性突变（2分）；若F1雌雄株都开红花，则还须要用F1雌雄株杂交（2分），若F2雌雄株都开红花，则为环境引起的变异（2分），若F2雌株开红花，雄株一半开红花，一半开紫花，则为隐性突变（2分）。参考答案一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分.14～18题为单选题，19～21题为多选题，全部选对的得6分，有选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．答案D解析电场强度E与F、q无关，由电场本身确定，A错误；电容C与Q、U无关，由电容器本身确定，B错误；E＝keq\f(Q,r2)是确定式，C错误；故选D.15．答案C解析接触前，两小球之间的库仑力为F＝keq\f(q·7q,r2)＝7keq\f(q2,r2)，接触后两者所带电荷量为q′＝eq\f(7q－q,2)＝3q，两小球之间的库仑力为F′＝keq\f(3q·3q,r2)＝9keq\f(q2,r2)，故F′∶F＝9∶7，C正确．16．答案C解析电容器保持和电源连接，电压U肯定，在平行板电容器中插入电介质，由C＝eq\f(εrS,4πkd)知电容增大，由C＝eq\f(Q,U)知带电荷量增加，电容器充电，电路中有b到a方向的电流通过电流计，故A错误．减小平行板电容器两极板间的距离，由C＝eq\f(εrS,4πkd)知电容增大，由C＝eq\f(Q,U)知带电荷量增加，电容器充电，电路中有b到a方向的电流通过电流计，故B错误．减小平行板电容器两极板的正对面积，由C＝eq\f(εrS,4πkd)知电容减小，由C＝eq\f(Q,U)知带电荷量减小，电容器放电，电路中有a到b方向的电流通过电流计，故C正确．同理D错误．17.答案D解析＋Q在P点产生的场强方向向右，－Q在P点产生的场强方向也向右，依据叠加原理可知P点的场强不为0，故A错误．AC连线是等量异种点电荷电场中一条等势线，故A、C两点的电势相等，故B错误．AC连线是等量异种点电荷电场中一条等势线，点电荷＋q沿直线从A到C的过程中电势能不变，故C错误．依据顺着电场线方向电势降低，结合电场线的分布状况可知，B点的电势高于D点电势，由电势能公式Ep＝qφ分析可知：点电荷－q在B点具有的电势能小于在D点具有的电势能，故D正确．18.答案C解析连接AB，由题意可知，AB中点C点电势应与坐标原点O相等，连线OC即为等势线，与等势线OC垂直的方向为电场的方向，故电场方向由B→A，其大小E＝eq\f(U,d)＝eq\f(10\r(2)＋10\r(2),\r(2)×0.2)V/m＝100V/m，选项C正确．19．答案AB解析对a、b小球受力分析，依据平衡条件有：mag＝eq\f(F库,tanα)，mbg＝eq\f(F库,tanβ)，由于β>α，所以ma>mb，故A正确．ma>mb，因此水平方向上每一时刻a的加速度小于b的加速度．竖直方向上做自由落体运动，依据运动的独立性可知，两球同时落地，故B正确．a球的电荷量和b球的电荷量大小无法推断，故C错误．由于水平方向上每一时刻a的加速度小于b的加速度，因此a球水平飞行的距离比b球小，故D错误．20．答案ABC解析由题图乙知带电粒子的速度减小，受到向左的电场力，故电场线方向向右，P点电势肯定高于Q点电势，故A正确；由题图乙可知，P处的加速度大于Q处的加速度，故P处的场强大于Q处的场强，故B正确；由动能定理知－qU＝0－eq\f(1,2)mv02，可求出PQ两点的电势差为eq\f(mv\o\al(

2,0),2q)，故C正确；负电荷在电势低的地方电势能大，故带负电的粒子在P点的电势能肯定小于在Q点的电势能，故D错误．21．答案AC解析从t＝0时刻释放电子，假如两板间距离足够大，电子将向右先匀加速eq\f(T,2)，接着匀减速eq\f(T,2)，速度减小到零后，又起先向右匀加速eq\f(T,2)，接着匀减速eq\f(T,2)……直到打在右极板上，电子不行能向左运动；假如两板间距离不够大，电子也始终向右运动，直到打到右极板上．从t＝eq\f(T,4)时刻释放电子，假如两板间距离足够大，电子将向右先匀加速eq\f(T,4)，接着匀减速eq\f(T,4)，速度减小到零后，改为向左再匀加速eq\f(T,4)，接着匀减速eq\f(T,4)，即在两板间振动；假如两板间距离不够大，则电子在第一次向右运动过程中就有可能打在右极板上．从t＝eq\f(3T,8)时刻释放电子，假如两板间距离不够大，电子将在第一次向右运动过程中就打在右极板上；假如第一次向右运动没有打在右极板上，那就肯定会在向左运动过程中打在左极板上．选A、C.二、非选择题(本题共4小题，共62分)22．(8分）I．(1)2分(2)BD2分II．负电2分2分（8分）（1）限制变量法2分A2分变大2分不变2分24.答案(1)1×104N/C(2)600V(3)－200V解析(1)电子由D到C电场力做正功W＝eELCDcos60°E＝1×104N/C.(2)由题知，电子受到的电场力方向向上，电子带负电，则场强方向为A→B.A、B间电势差为UAB＝EdAB＝1×104×6×10－2V＝600V.(3)A、D间电势差为UAD＝EdAD＝ELCDcos60°＝1×104×4×10－2×0.5V＝200VφA－φD＝200V，φA＝0解得φD＝－200V.25．答案(1)eq\f(mg－qEsinα,m)(2)eq\f(5,2)R(3)3qER解析(1)由牛顿其次定律有(mg－qE)sinα＝ma解得a＝eq\f(mg－qEsinα,m).(2)球恰能过B点有：mg－qE＝meq\f(v\o\al(B2),R)①由动能定理，从A点到B点过程，则有：(mg－qE)(h1－2R)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(B2)－0②由①②解得h1＝eq\f(5,2)R.(3)从释放到B的过程中，因电场力做的总功为负功，电势能增加，则增加量：ΔE＝qE(h2－2R)＝qE(5R－2R)＝3qER.由能量守恒定律得机械能削减，且削减量为3qER.26．答案(1)4.0×10－16J(2)0.36cm(3)5.76×10－18J解析(1)电子在加速电场中，依据动能定理有eU1＝Ek解得Ek＝4.0×10－16J.(2)设电子在偏转电场中运动的时间为t，电子在水平方向