2023-2024学年湖北省武汉市某中学高三（下）模拟考试物理试卷+答案解析

2023-2024学年湖北省武汉市第二中学高三（下）模拟考试物理试卷

一、单选题：本大题共7小题，共28分。

1.光电管是应用光电效应原理制成的光电转换器件，在有声电影、自动计数、自动报警等方面有着广泛的

应用。现有含光电管的电路如图（a）所示，图他）是用甲、乙、丙三束光分别照射光电管得到的/—U图线,

Uj、a2表示遏止电压。下列说法中正确的是（）

A.甲、乙、丙三束光的光子动量。甲=。乙〉P丙

B.甲光照射时比丙光照射时产生的光电子的最大初动能小

C.分别用甲光、丙光照射同一双缝干涉实验装置，甲光照射比丙光照射形成的干涉条纹间距窄

D.甲、乙是相同颜色的光，甲光束比乙光束的光强度弱

2.某人驾驶汽车在平直公路上以10枇机他的速度匀速行驶，某时刻看到前方路上有障碍物，经过一段反应

时间，开始刹车，假设刹车后汽车做匀减速直线运动。从看到障碍物到车子停下的过程，汽车的位移x随

速度v变化的关系图像由一段平行于x轴的直线与一段曲线组成，直线与曲线的分界点为尸点（如图所示）。

则下列说法正确的是（）

A.曲线部分是一段抛物线B.司机的反应时间为0.417s

C.刹车的加速度大小为5加/S2D.刹车的时间是6s

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3.如图所示，A8CD是正四面体，虚线圆为三角形Z8D的内切圆，切点分别为M、N、P,。为圆心，正四

面体的顶点/、2和。分别固定有电荷量为+Q、+Q和—Q的点电荷，下列说法正确的是()

N.M、P两点的电场强度相同

B.M、。、N、尸四点的电势SN〉So〉8P〉8M

C.将带正屯的试探电荷由。点沿直线移动到C点，电势能先增大后减小

D.将固定在。点的点电荷移动到。点，电场力做功为零

4.风洞是测试飞机性能、研究流体力学的一种必不可少的重要设施，我国的风洞技术处于世界领先地位。

如图所示，某次风洞实验中，使风力大小恒定，方向水平，一质量为机的小球先后经过0、6两点，其中在

a点的速度大小为v,方向与°、6连线成a=45°角；在b点的速度大小也为v,方向与a、6连线成/3=45°

角。已知a、6连线长为d,与水平方向的夹角为45°，小球的重力忽略不计，下列说法正确的是()

竺公.

A.从。运动到b点所用的时间为回

2n

B.小球的最小速度为0

c.风力大小为用Q

2d

D.若改用质量为2m的小球，同样从。点以相同速度抛出，其仍能经过6点

5.2023年5月30日16时29分神舟十六号成功对接于空间站天和核心舱径向端口，若对接前“神舟十六号”

和“空间站”分别在圆形轨道I和n上绕同一方向做匀速圆周运动，圆周运动的半径分别为『1、/2,地球半

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径为五，地球表面重力加速度为g,万有引力常量为G,下列说法正确的是（）

A.地球的密度约为色

4TTR

B.神舟十六号与空间站的线速度之比为5

C.神舟十六号与空间站的向心加速度之比为三

3

D.从相距最远到相距最近的最短时间为|"3

—若）

6.“战绳”是一种时尚的健身器材，有较好的健身效果。如图甲所示，健身者把两根相同绳子的一端固定

在尸点，用双手分别握住绳子的另一端，然后根据锻炼的需要以不同的频率、不同的幅度上下抖动绳子，

使绳子振动起来。某次锻炼中，健身者以2星的频率开始抖动绳端，力=0时，绳子上形成的简谐波的波形

如图乙所示，〃、b为右手所握绳子上的两个质点，二者平衡位置间距离为波长的《倍，此时质点〃的位移

o

为8v^51，已知绳子长度为20加，下列说法正确的是（）

2

A.a、6两质点振动的相位差为:亓

B.1=gs时，质点。的位移仍为8V且速度方向向下

o

C.健身者抖动绳子端点，经过5s振动恰好传到P点

D.健身者增大抖动频率，振动从绳子端点传播到P点的时间将会减少

7.某同学研究远距离输电的电路如图所示，a、6端接入电压为Uo的交流电源，升压变压器和降压变压

器不均为理想变压器，且两变压器的匝数比1=已知尺八丘2的阻值均为Ro，人3的阻值为，，电

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阻兄1、兄2消耗的功率相同，电表均为理想交流电表，下列说法正确的是（）

A.升压变压器外的匝数比4;2

B.电压表的示数为可。0

O

C.电流表的示数为学

D.若断路，电流表示数将增大

4%

二、多选题：本大题共3小题，共12分。

8.如图，水面下方有固定的线状单色光源S,光源倾斜放置，和竖直方向夹角满足30°＜。＜60°,水对

该光的折射率为1.33。光源发出的光到达水面后有一部分可以直接透射出去，从水面上方看，该区域的形

状可能为（）

BO

9.某缓冲装置的理想模型如图所示，劲度系数足够大的轻质弹簧与轻杆相连，轻杆足够长，轻杆可在固定

的槽内移动，与槽间的滑动摩擦力与插入的距离4成正比（»=Ad）。固定的槽足够长，装置可安全工作。

若一小车分别以初动能石入和同撞击弹簧，导致轻杆分别向右移动上和3L。已知轻杆初始时位于槽间的

长度为乙装置安全工作时，轻杆与槽间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且不计小车与地面间的摩擦。比

较小车这两次撞击缓冲过程，下列说法正确的是（弹簧的弹性势能与=）/）（）

mv

------“1--l

＞MAA/VI、1

E瀛!〃〃〃,〃二〃〃加

、轻杆

A.小车撞击弹簧的初动能之比大于1:4B.系统损失的机械能之比为1:4

C.两次小车反弹离开弹簧的速度之比为1:2D.小车做加速度增大的减速运动

10.预测到2025年，我国将成为第一个在航空母舰上用中压直流技术的电磁弹射器实现对飞机的精确控制。

其简单模拟等效电路如图（俯视图），直流电源电动势E=18V,超级电容器的电容。=IB。两根固定于

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水平面内的光滑平行金属导轨间距£=0.4m，电阻不计，磁感应强度大小B=2.07的匀强磁场垂直于导

轨平面向外。质量瓶=0.16利，R=0.2。的金属棒”N（相当于飞机）垂直放在两导轨间处于静止状态,

并与导轨良好接触。开关S先接1,使电容器完全充电，然后将S接至2,开始向右加速运动，达到

最大速度之后离开导轨。贝1（）

A.开关S接2后，做匀加速直线运动

B.S接至2瞬间金属棒血W加速度大小为450nz/s2

C.MN的最大速度为36m/s

D.下一架相同飞机要以相同的最大速度起飞还需要对电容器充电的电量为3.6。

三、实验题：本大题共2小题，共18分。

11.某同学为了验证对心碰撞过程中的动量守恒定律，设计了如下实验：用纸板搭建如图所示的滑道，使硬

币可以平滑地从斜面滑到水平面上，选择适当的一点标记为。，其中。/为水平段。选择相同材质的一角硬

币和一元硬币进行实验。测量硬币的质量，得到一角和一元硬币的质量分别为加1和加2（啊＜机2）。将硬币

甲放置在斜面某一位置，标记此位置为2。由静止释放甲，当甲停在水平面上某处时，测量甲硬币右侧从。

点到停止处的滑行距离。尸。将硬币乙放置在。处，左侧与。点重合，将甲放置于8点由静止释放。当两

枚硬币发生碰撞后，分别测量甲右侧、乙左侧从。点到停止处的滑行距离0M和ON。保持释放位置不变，

重复实验若干次，得到。尸、OM、ON的平均值分别为si、S2、S3。

（2）碰撞前，甲到。点时速度的大小可表示为（设硬币与纸板间的动摩擦因数为〃，重力加速度

为办

（3）若甲、乙碰撞过程中动量守恒，则再—严=_________（用加1和62表示），然后通过测得的具体数

V53

据验证硬币对心碰撞过程中动量是否守恒。

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12.2024年3月28日，国产某米汽车一上市就得到了广大消费者的欢迎。下图为网传的某米汽车电池的参

数图片，则根据这张图片某实验小组决定研究一下某米汽车的电池，已知该车内的整块电池是由20块刀片

电池串联而成，其中一块刀片电池又由10块电芯串联而成进行了如下的实验：

MODENAME/型号:413100P/ATNUM8E芯/零件号：P000000367001M/NUF4CT0A/制

造商代码：「47832LI-lONBATTERY/锂离子电池

726.77139.0皿IQl.OkWh642.0kgMADEINCHINA

图1图2

（1）如果用L4的电流给该汽车的一块电芯充电需要〃时间充满。（保留两位有效数字）

（2）实验小组/,为了能较准确的测量该款车辆电池的电动势E和内阻r,该同学设计了一个可以排除电流

表和电压表内阻影响的实验方案，如图1所示，记录了单刀双掷开关S2分别接1、2对应的多组电压表的示

数U和电流表的示数/，根据实验记录的数据绘制如图2中所示的/、3两条U-/图线，可以判断图线/

是利用单刀双掷开关S2接（选填“1”或“2”）中的实验数据描出的，由图线N得出的内阻测量

值比真实值偏（选填“大”或“小”）。综合/、8两条图线，此电芯的电动势为£=,

内阻r=（用图中E4、EB、乙、表示）。

四、计算题：本大题共3小题，共42分。

13.如图所示是王同学家新买的某品牌5座小汽车油箱盖里面的标牌，标牌内容为厂家建议冷态时（汽车静

止停放时）轮胎充气压力标准，王同学通过上网查询得知lbw=100kP,王同学一家人利用寒假满载行李

进行中国红色文化自驾游。出发前汽车停放在室温为27°。的地下车库，根据厂家建议，王同学把汽车后轮

胎压充气调整为2.8bar，王同学一家人驾驶该汽车在高速公路连续行驶了4小时后开进了服务区，刚到服

务区时王同学发现汽车胎压仪表盘上显示车后轮胎压为3.366ar,己知轮胎内气体可看作理想气体，车胎的

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容积可视为不变，热力学温度与摄氏温度的关系/=力+273改。

Coldtryeinflationpressures

轮胎冷态充气压力

依._________2.02.0

22--Z8

求：°)汽车开进服务区时，后轮胎内气体的温度：

(2)汽车开进服务区后，王同学立即从后轮胎内放出一部分气体让胎压回到2.8bar,若放气前后轮胎内气体

的温度不变，则从后轮胎内放出气体的质量占后轮胎内气体总质量的百分比。(结果保留三位有效数字)

14.如图甲所示，固定在水平面上的滑道由/、B、C三部分组成，其中/部分为

”形平台，其上表面光滑，上方有一与其等长轻质弹簧，弹簧左端固定，右端自然伸长；3部分为质量

M=0.9kg,长L=3.0m的长木板，其上表面粗糙、下表面光滑；C部分为半径R=0.9机的竖直光滑半

圆轨道，其直径竖直。现用质量1.8包的小物块将弹簧压缩至尸点，由静止释放后，小物块沿滑道运

动至。点水平抛出后恰好落在/的最右端。已知小物块与8上表面的动摩擦因数〃=：,g=106/$2。求:

0

(1)小物块运动至0点时对竖直半圆轨道C的压力；

(2)弹簧压缩至P点时的弹性势能；

(3)如图乙所示，将竖直半圆轨道。向右移动一段较长的距离s后固定，并解除对长木板3的固定。再次将

小物块压缩弹簧至P点由静止释放，改变小物块与B上表面的动摩擦因数使小物块滑上B且恰好未滑下，

此后3与。碰撞，小物块冲上竖直半圆轨道C。求小物块冲上竖直半圆轨道C至落地过程中上升的最大高

度。

15.如图所示，平面直角坐标系中第一、二、四象限内存在磁感应强度大小为3的匀强磁场.第一、四

象限内磁场方向垂直纸面向里，第二象限内磁场方向垂直纸面向外.第三象限存在沿y轴正方向的匀强电

场.质量为m、电荷量为q(q〉0)的粒子从点刍以一定初速度释放，初速度方向与x轴正方向的夹

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角为p=45°，从点K(O,T)垂直y轴进入第四象限磁场区域，然后从P&0)点垂直x轴进入第一象限.不

计粒子重力，求:

XXX

XXX

XXX

X尸一XX

1.X

()XX

-/XXX

XXX

XXX

(1)粒子进入第四象限时的速度。0;

(2)若使第二象限磁场反向，大小变成22,求粒子第100次经过y轴时的纵坐标；

(3)若在第二象限内施加一沿x轴负方向、电场强度大小与第三象限电场相同的匀强电场，求粒子在第二象

限运动的最大速度%p

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】【分析】

本题主要考查光电效应现象的条件、规律及爱因斯坦光电效应的理解与应用，知道只有当入射光的频率大

于金属的极限频率时，才能产生光电效应是解题的关键，结合光子动量p="可知甲、乙、丙三束光的光

C

子动量的大小关系。

由光电效应现象的条件、规律及爱因斯坦光电效应方程判断得解；根据双缝干涉条纹间距公式分析判断。

【解答】

4根据光电效应方程ER=hv—WQ

再根据动能定理=

联立可得eUc=hi^-W0

利用图像遏止电压的值可知"甲="乙<”丙

而光子动量p=?

因此光子动量之间的关系为P甲=。乙<。丙，/错误；

8.光电效应中eUc=E〃，利用图像遏止电压的值可知甲<E为丙，所以8正确；

C光的双缝干涉实验中，相邻干涉条纹的宽度为Ac=

a

c

由〃甲<〃丙，又入=二，得入甲〉、丙

所以分别用甲光、丙光照射同一双缝干涉实验装置，甲光形成的干涉条纹间距比丙光的宽，所以。错误；

D由题图可知，甲光和乙光频率相同，但是甲光比乙光的饱和电流大，即甲光的光强大于乙光，所以。错

误。

2.【答案】A

【解析】4对匀减速运动，满足7一褚=—2Q力，则1一。图像为抛物线，故4正确；

区汽车在反应时间内做匀速直线运动，由图可知对应于直线段，反应时间内的位移为为二15m

速率为的=108km/h=30m/s

x15

则反应时间为11=一=右s=0.5s,故5错误；

vo30

C刹车过程的位移为“2=(90-15)m=75m

根据*=2Q12，解得。=6加/$2,故C错误；

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D刹车的时间为益="=%=5s,故。错误。

a6

故选/。

3.【答案】D

【解析】【分析】

根据对称性和电场的叠加原理分析M点和P点的电场强度关系；根据等量同种点电荷的电势分布特点及正

电荷的电势分布结合电势的叠加分析电势高低；根据电场力做功特点分析电场力做功，根据电势能与电势

的关系分析电势能变化。

解决本题的关键要掌握电场的叠加原理，分析各个点的电场强度和电势关系，明确电场力做功与电势能的

变化关系，电势能与电势的关系等。

【解答】

4根据题意，由对称性可知，M、P两点的电场强度大小相等，但方向不同，故/错误；

8.根据等量同种正点电荷空间等势面的分布特点可知，在/、8两处的正点电荷产生的电场中，尸两点

的电势相等，且N点电势高于。点的电势，。点的电势高于M、P点的电势；在。点的负点电荷产生的电

场中，N点的电势高于。点的电势，。点的电势高于M、尸两点的电势，M、尸两点的电势相等，综上所述,

可知

SN〉So〉8P=5M

故3错误；

C.根据等量异种点电荷空间等势面的分布特点可知，在/两处的点电荷产生的电场中，。。连线为等势

线，在2点的正点电荷产生的电场中，从。到。电势逐渐变小，综上所述，可知从。到C电势逐渐变小，

将带正电的试探电荷由。点沿直线移动到。点，电势能一直减小，故C错误；

。根据等量同种正点电荷空间等势面的分布特点可知，在/、2两处的正点电荷产生的电场中，C、。两点

的电势相等，则将固定在。点的点电荷移动到。点，电场力做功为零，故。正确。

故选。。

4.【答案】C

【解析】【分析】

考查运动的合成与分解，掌握矢量的合成法则，注意分运动与合运动的等时性。

小球运动可看作斜上抛运动，将速度分解，沿水平方向和竖直方向分析求解。

【解答】

4如图所示：

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小球在。点和b点速度大小相等，与水平方向夹角相等，根据此特点可知，小球运动可看作斜上抛运动,

由图可知合力方向垂直于0、6连线。因为。=。=45°,则0o=ocos45°=包

2

dy/2d

则运动时间为,=萍=丁

-I"

/错误；

8小球从。点到距离0、6连线最远的点做减速运动，然后做加速运动到6点，最小速度为

iy/2vc)

VQ=vcos45=2七

5错误；

C设合力为F,由斜上抛运动规律知％=vcosa=

代入得色=£呦

2m2v

2

解得尸=咚

a

所以风力F风=d等

C正确；

D风力不变，重力变为原来的2倍，所以合力大小方向都发生改变，所以不能到达b点，。错误。

故选Co

5.【答案】D

【解析】【分析】

本题主要是考查了万有引力定律及其应用，解答此类题目一般要把握两条线：一是在星球表面，忽略星球

自转的情况下，万有引力等于重力；二是对于绕星球做匀速圆周运动的卫星，根据万有引力提供向心力列

方程进行解答。

【解答】

人由黄金代换式G刊=gR2,2=学，V=&R3,联立可得夕=^^,故/错误；

V347r3K

2。、根据万有引力提供向心力留"==可得u=t①，a=粤，所以神舟十六号与空间站

/2丁Vr/

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的线速度之比为A，向心加速度之比为(')2,故3c错误;

神舟十六号的角速度大，从相距最远到相距最近，满足(以一必)力=7T,解得最短时间力=,故

一若)

D正确。

故选。。

6.【答案】B

【解析】【分析】

根据于0、6二者平衡位置间距离与波长的关系，得出振动的时间差值，进而得出相位差；根据振动时间与

周期的关系判断经过力=：s时，质点。的位移，判断速度方向；利用”=今求出波速，进而求解波传播到尸

所需的时间。

本题主要考查简谐波的基本运用，熟练掌握质点的振动方程以及波长、波速、周期之间的关系是解题的关

键。

【解答】

4由图乙可知：=4m,则A=8加，由于。、6二者平衡位置间距离为，入，而波传播的速度。=],所以。、

/oJ.

2入

24

6两质点振动的时间差为△£='=,而一个周期对应的相位为27r，所以a、b两质点振动的相位差为57r,

人J3

T

故/错误；

8.因为T=)==到，所以而力=：s=；T,波源的振动方程为沙=4sin(V)=16sin(4mt)cm,由

于波向右边传播，。点先向上振动再向下，所以质点。从平衡位置振动到位移为需要的时间为：下，

O

而在t=0时刻质点。的位移为所以经过力=：s=：T,质点。的位移仍为8\/^cm，且速度方向

84

向下，向平衡位置振动，故8正确；

8

C根据波速。可知，波速"=im/s=16m/s,波传播到尸所需的时间为5=线=设故。错误；

T2164

D健身者增大抖动频率，并不影响波的传播速度，故振动传播到尸点的时间不变，故。错误。

故选Bo

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7.【答案】C

【解析】【分析】

本题考查了变压器的动态变化和远距离输电过程中理想变压器电流与匝数比的关系。

根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，电压决定于原线圈，电流和功率决定于副线圈，分析动态变

化。

【解答】

4已知%、尺2的阻值相等，消耗的功率相同，可知电流相同，设为A，因兄3的阻值为与，则兄3的

电流为2/2,则降压变压器乃的次级电流为34，由匝数和电流关系可知%=罢=；

几33/23

则叫故/错误；

n23

A变压器乃的初级电流八==3I2,

八1

由能量关系可知U0h=2U4/2+U4-2/2，

解得04=4。0，即电压表示数故5错误；

c电流表的示数等于A，等于通过必的电流，则为/2=铮=当，故c正确；

助4/t0

D若&断路，则1次级电阻变大，相当于电网用电设备减少，总功率减少，电流减小，则初级电流减小,

则电流表示数将减小，故。错误。

故选C。

8.【答案】AC

【解析】【分析】

解决该题的关键是能正确作出光路图，能根据几何知识求解相关的角度，熟记全反射的临界角的公式以及

折射定律的表达式。

【解答】

点光源对应的透射区域如图所示为。“为半径，O为圆心的圆形区域，其中临界角。约为48°;

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当。=。时上下端点的透射区对应的大小圆恰好内切；

当时大小圆相交，反之大圆包含小圆，故/、C正确，BD错误。

9.【答案】CD

【解析】【分析】

本题考查了动能定理的应用；功的概念.解决本题的关键在于搞清对机械能守恒的正确应用。

【解答】

与槽间的滑动摩擦力与插入的距离成正比：第一次：轻杆克服摩擦力做功为%='与24匕=|九2,

弹簧弹力大小为2/3设弹性势能为与，小车撞击弹簧的初动能刷1=卬1+%，第二次：轻杆克服摩擦

力做功为印2=生丁^34=号力乙2,弹簧弹力大小为4/乙弹性势能为4场，小车撞击弹簧的初动能

Ek2—卬2+4Ep,故三<方更<—,A错误；

5项24

系统损失的机械能之比为W1：卬2=3B错误;

小车反弹离开弹簧时弹性势能全部转化成动能，可求得速度比为1:2,C正确；

撞击缓冲过程小车做加速度增大的减速运动，。正确；

故选CD。

10.【答案】BD

【解析】解：4、开关S接2后，电容器开始放电，使开始向右加速运动，切割磁感线产生的感应

电动势阻碍电容器。放电，当上的感应电动势与电容器两极板间的电压相等时，回路中电流为零，MN

达到最大速度，此过程中通过"N的电流减小，则在水平方向有：。=以=巨"，所以〃N先做加速

mm

度逐渐减小的加速运动，达到最大时离开轨道，故/错误；

R1O

B、S接至2瞬间，棒未动，电路属于纯电阻电路，通过的电流为：I=--=-^A=90A,所以金

R0.2

口些,、士七一…F隹BIL2x90x0.4.…八,,,十也

属棒加速度大小为：Q=—=-------=T—ms19=450m/s29,故B正确；

mm0.16

C、当〃N达到最大速度时，若电容器此时的电荷量为夕。切割磁感线产生的感应电动势等于此时电容器两

端电压，即：BLv=E-^

由动量定理得：BLI.t=mv

电容器的电荷量：q=n

CEBL1x18x2.0x0.4

联立解得最大速度:m/s=18m/s,故C错误;

CB2L2+m1x2.02x0.42+0.16

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D、当达到最大速度时，电容器的电量：Q=CBL”=1x2x0.4x18。=14.4。

下一架相同飞机要以相同的最大速度起飞还需要对电容器充电的电量为：

Q'=CE-Q=lxl8C-14.4C=3.6C,故。正确。

故选：BDo

根据动生电动势公式和欧姆定律得出九W刚开始运动时的电流，结合安培力公式，根据牛顿第二定律得出

刚开始运动时加速度a的大小；

刚开始放电瞬间，儿W看成是纯电阻，根据欧姆定律、安培力公式、牛顿第二定律求加速度；

开关S接2后，开始向右加速运动，速度达到最大值"max时，根据电动势和电荷量的关系，以及动量定

理求出离开导轨的最大速度；

求出此时电容器上剩余的电荷量。，结合前一架飞机充电总电量，得到还需要充电的电量。

本题是电磁感应与电路、力学知识的综合，解决这类题目的基本思路是对研究对象正确进行受力分析，弄

清运动形式，然后依据相应规律求解。

,_____7711

11.【答案】一角72吃\—

【解析】⑴国根据图㈤可知，甲碰撞乙后，甲的速度方向仍然向右，没有发生反弹，可知甲的质量大一

些，即在本实验中，甲选用的是一元硬币，乙选用的是一角硬币。

⑵[2]碰撞前，甲从。点运动到尸点减速至0,根据动能定理有—〃mgsi=0—£加1%

解得=y/2/j.gsi

⑶[3]甲乙碰撞后，甲、乙最终均减速至0,根据动能定理有

一〃加1"2=o-

12

一/j/m2gs3=0--m2«2

所以=山〃"2，”2=2Ms3

碰撞过程中，根据动量守恒定律有rrnvo=mivi+

所以「mi

m2

12.【答案】(1)0.70

E

⑵1大EA

AIB

【解析】(1)充满一块电芯的时间为

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139

t=j=20Whx0.70/i

(2)[1]⑵当S2接1时，误差在于电流表的分压，所测内阻等于电源内阻与电流表内阻之和，所以内阻测量

值比真实值偏大；当S2接2时，误差在于电压表的分流，所测内阻等于电源与电压表并联的总电阻，所以

内阻测量值比真实值偏小。由于U—/图线斜率的绝对值表示内阻，即接1时的图线陡峭一些，可以判断

图线/是利用单刀双郑开关接1中的实验数据描出的，内阻测量值比真实值偏大。

[3]当S2接1时，所测电动势为电流表与电源串联后整体的等效电源的电动势，即S2接1时，电流为零时,

电动势的测量值等于真实值，即有

E=EA

图由于S2接2时，当电路短路时，电压表没有分压，即此时的电流的测量值与真实值相等，结合上述可

知，电源的真实的图线是4图线纵轴交点与8图线横轴交点的连线，可知内阻为

13.【答案】解：⑴对车胎内气体分析，出发前压强为pi=2.8bar=2.8x105Pa,

温度为ti—27℃,到服务区时压强为p2=3.36bar=3.36x105Pa,

Plpo

温度为i2,车胎的容积可视为不变，根据查理定律，得十二=赤£]，

代入数据解得12=87°。。

⑵设轮胎容积为V,放气后压强为「3=Pi=2.8bar=2.8x105Pa,

设在该压强下体积变为『'，放气前后轮胎内气体的温度不变，根据玻意耳定律，得p2k=P3/，

代入数据解得『=1.2V，

从后轮胎内放出气体的质量△加，占后轮胎内气体总质量〃?的百分比为

△17712IZ'—1

—x100%=T,x100%=-x100%«16.7%=

m1.21/6

【解析】(1)分析车胎内气体，发生等容变化，根据查理定律求解；

(1)放气过程可理解成气体发生等温膨胀，根据玻意耳定律结合同温度同压强下体积之比等于质量之比分析。

14.【答案】解：(1)根据题意可知，小物块从。点飞出做平抛运动，设小物块在。点的速度为。Q,水平方

向上有

L=VQt

竖直方向上有

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2R=犷

小物块在。点，由牛顿第二定律有

VQ

F+mg