广东省中山市卓雅外国语学校2024-2025学年高二物理下学期第一次段考试题

PAGE8PAGE9广东省中山市卓雅外国语学校2024-2025学年高二物理下学期第一次段考试题考试范围：选修3-2.选修3-5；考试时间：75分钟；命题人：学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三总分得分留意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，全部答案必需用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，全部答案必需填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示。产生的交变电动势随时间变更的规律如图乙所示。则下列说法正确的是A.时矩形金属线框平面与磁感线平行

B.该交变电流的电动势的有效值为V

C.该交变电流的电动势的瞬时值表达式为

D.电动势瞬时值为22V时，矩形金属线框平面与中性面的夹角为如图所示，志向变压器原、副线圈匝数比：：1，电压表和电流表均为志向沟通电表，灯泡电阻，AB两端电压下列说法正确的是A.电流频率为100Hz B.电压表的读数为24V

C.电流表的读数为 D.变压器输入功率为6W如图甲所示，一志向变压器原、副线圈匝数之比为，其原线圈两端接入如图乙所示的正弦沟通电，副线圈通过电流表与负载电阻相连。若沟通电压表和沟通电流表都是志向电表，则下列说法中正确的是A.电流表的示数是A B.变压器的输入功率是

C.流过R的电流方向每秒变更50次 D.当时电压表的示数是篮球竖直落下，与水平地面碰撞前速度大小为，碰后竖直反弹，速度大小为，已知篮球质量为，则篮球与地面碰撞过程中篮球所受合力的冲量大小为A. B. C. D.在进行光电效应试验时，用黄光照耀某金属表面时发生光电效应现象，并产生了光电流，则A.若增大黄光的照耀强度，光电子的最大初动能将增大

B.若增大黄光的照耀强度，单位时间内出射的电子数目将增多

C.若改用红光照耀该金属，肯定能产生电效应现象

D.若改用蓝光照耀该金属，饱和光电流肯定增大下图为氢原子的能级示意图。处于能级的一群氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子再照耀到逸出功为的某金属板上，下列说法正确的是共有10种不同频率的光子辐射出来

B.共有6种不同频率的光子能使该金属发生光电效应现象

C.从金属板上逸出光电子的最大初动能可能为10.46eV

D.从能级跃迁到能级时发出的光波长最短下列关于原子物理的说法中正确的是A.α、β和γ三种射线中，α射线的穿透实力最强

B.β衰变中所放出的电子从原子内层电子放射出来的C.发生一次β衰变可以产生2种射线

D.随着科技的进步，可以通过加压升温等方法变更原子核的半衰期二、多选题（本大题共5小题，共30.0分）在如图甲所示的电路中，志向变压器原副线圈的匝数比为10：1，副线圈接有阻值为的定值电阻R，原线圈接有如图乙所示的正弦交变电压。下列分析正确的是A.变压器原线圈通过的电流的有效值为

B.变压器副线圈通过的电流的有效值为

C.电阻R两端的电压为10V

D.电阻R消耗的功率为20WA，B两球沿始终线运动并发生正碰，如图所示为两球碰撞前后的位移一时间图象，a、b分别为A，B两球碰前的位移一时间图象，c为碰撞后两球共同运动的位移一时间图象，若A球质量是，则由图可知下列结论错误的是A.A、B碰撞前的总动量为

B.碰撞时A对B所施冲量为

C.碰撞前后A的动量变更为

D.碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能为10J一质量为的滑块B放在固定的竖直面内的光滑圆弧底端，该圆弧的半径为，底端切线水平，且底端距水平地面的高度为。将一质量为的滑块A从圆弧顶端由静止释放，在圆弧底端与滑块B发生弹性碰撞。A、B均视为质点，不计空气阻力，重力加速度下列说法正确的是A.与滑块B碰撞前瞬间，滑块A的速度大小为

B.与滑块B碰撞前瞬间，滑块A的速度大小为

C.滑块A落到水平地面时到圆弧底端的水平距离为

D.滑块B落到水平地面时到圆弧底端的水平距离为如图所示，质量分别为、1kg的滑块A和滑块B通过轻质弹簧连接，放在足够大的光滑水平面上，起先时弹簧处于原长。现滑块A被水平飞来的质量为10g、速度大小为的子弹击中，且子弹未从滑块A中穿出。不计子弹射入滑块A的时间。下列说法正确的是A.子弹击中滑块A的瞬间，滑块B的速度大小为

B.子弹击中滑块A后的瞬间，子弹和滑块A的共同速度大小为

C.弹簧的最大弹性势能为6J

D.滑块B的最大动能为8J如图所示。是某金属在光的照耀下产生光电效应，其遏止电压与入射光频率的关系图象。则由图象可知遏止电压与入射光的频率无关

B.该金属的逸出功等于

C.图象的斜率表示普朗克常量h

D.入射光的频率为时，产生的光电子的最大初动能为

三、计算题（本大题共3小题，共42.0分）如图所示，一长、宽，匝数100匝的矩形金属线圈电阻，在的匀强磁场中以恒定角速度绕垂直于磁场方向的固定轴匀速转动，线圈两端通过电刷与图示的电路连接，其中电阻，，志向变压器的原、副线圈的匝数比：：1，求：

从中性面起先计时，线圈转动时产生感应电动势的瞬间值表达式；

沟通电压表、电流表的示数U、I；

若不计一切摩擦及空气阻力，线圈转动一周外力做的功W。

如图所示为竖直放置的四分之一圆弧轨道，O点是其圆心，半径，OA水平、OB竖直。轨道底端距水平地面的高度。从轨道顶端A由静止释放一个质量的小球，小球到达轨道底端B时，恰好与静止在B点的另一个相同的小球发生碰撞，碰后它们粘在一起水平飞出，落地点C与B点之间的水平距离。忽视空气阻力，重力加速度求：

两球从B点飞出时的速度大小；

碰撞前瞬间入射小球的速度大小；

从A到B的过程中小球克服阻力做的功。

如图所示，质量的足够长的小车静止在光滑的水平面上，现有质量可视为质点的物块，以水平向右的速度从左端滑上小车，最终在车面上某处与小车保持相对静止．物块与车面间的动摩擦因数，g取求：物块在车面上滑行的时间t；

摩擦力对小车的冲量和对小车做的功

要使物块不从小车右端滑出，车长至少多长

2024-2025学年中山市卓雅外国语学校其次学期第一次段考答案和解析【答案】1.D 2.D 3.B 4.B 5.B 6.C 7.C 8.BD

9.AC 10.BC 11.BD 12.BD 13.解：线圈产生感应电动势的最大值：

从中性面起先计时，线圈转动时产生感应电动势的瞬间值表达式为：；

设变压器原、副线圈中电流分别为、，变压器原、副线圈两端电压分别为、，

则有：

感应电动势有效值：

变压比规律：

变流比规律：

依据闭合电路的欧姆定律可得副线圈的电流：

联立解得电压表示数为：

电流表示数为：；

线圈转动一周外力做的功W，由能量守恒，有：

代入数据得。

答：从中性面起先计时，线圈转动时产生感应电动势的瞬间值表达式为；

沟通电压表、电流表的示数分别为10V、2A；

若不计一切摩擦及空气阻力，线圈转动一周外力做的功为。

14.解：两球做平抛运动，依据平抛运动规律得

竖直方向上

解得

水平方向上

解得

两球碰撞，规定向左为正方向，

依据动量守恒定律得

解得

入射小球从A运动到B的过程中，依据动能定理得

解得

答：两球从B点飞出时的速度大小是；

碰撞前瞬间入射小球的速度大小是；

从A到B的过程中小球克服阻力做的功是。

15.解：依据动量守恒得：，

解得：，

物块所受的滑动摩擦力大小：，

对小车，依据动量定理得：，解得：；

摩擦力对小车的冲量为：，

依据动能定理，对小车做功为：

物块不从小车右端滑出，依据功能关系，有：

其中：

解得：

故有：

【解析】1.解：A、当时刻感应电动势等于零，所以穿过线框回路的磁通量最大，线框平面与中性面重合，矩形金属线框平面与磁感线垂直，故A错误；

B、产生的有效值为：，故B错误；

C、由图可知，，周期为：，角速度为：，则该沟通电的瞬时表达式为：，故C错误；

D、电动势瞬时值为22V时，则有：，解得：，所以矩形金属线框平面与中性面的夹角为，故D正确

故选：D。

从图象得出电动势最大值、周期，从而算出频率、角速度；磁通量最大时电动势为零，磁通量为零时电动势最大

本题考查了对沟通电图象的相识，要具备从图象中获得有用信息的实力，并驾驭有效值与最大值的关系。2.【分析】

由瞬时值表达式解得沟通电的周期、频率；依据电压与匝数成正比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论。

驾驭住志向变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决。

【解答】

A.AB端电压，由表达式可得电流频率为：，故A错误；B.电压表的示数为电压的有效值，依据电压与匝数成正比，可知：，故B错误；

C.，A的读数为1A，故C错误；

D.志向变压器的输入输出功率相同，故，故D正确。

故选D。

3.【分析】

依据图象精确找出已知量，是对学生认图的基本要求，精确驾驭志向变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键。

由图乙可知沟通电压最大值，周期；依据变压比和电流比结合欧姆定律求解电流表示数和变压器的输入功率；电压表的示数为有效值。【解答】

D.由图乙可知沟通电压最大值，有效值为220V，据变压比可知，输出电压有效值为10V，电压表的示数为有效值，则随意时刻的示数均为10V，故D错误；

A.依据欧姆定律可知，，故A错误；

B.变压器的输出功率，依据输出功率等于输入功率可知，变压器的输入功率是5W，故B正确；

C.周期，则流过R的电流方向每秒变更100次，故C错误。

故选B。4.【分析】

先规定正方向，求出初、末动量，利用动量定理即可分析。

本题的关键是驾驭利用动量定理及物理意义。

【解答】

以向上为正方向，则篮球的初动量为：，篮球的末动量为：，依据动量定理可得此过程中，篮球受到的合力的冲量为：，故B正确，ACD错误。

故选B。5.【分析】

发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，入射光的强度影响单位时间内发出的光电子数目，依据光电效应方程推断光电子最大初动能的变更．

解决本题的关键知道光电效应的条件，以及驾驭光电效应方程．

【解答】

A、依据爱因斯坦光电效应方程，增大黄光的照耀强度，不能变更光电子的最大初动能，A错误；

B、增大黄光的照耀强度，入射光子数增多，则单位时间内出射的光电子数目将增多，B正确；

C、红光频率低于黄光频率，不肯定能产生光电效应，C错误；

D、改用蓝光照耀，入射光子数不肯定增多，饱和光电流不肯定增大，D错误。

故选：B。6.【分析】

能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，能级差越大，则辐射的光子频率越大，波长越短，依据光电效应的效应方程求出光电子的最大初动能；依据光电效应发生条件推断能否发生光电效应。

解决本题的关键驾驭能级间跃迁辐射的光子频率与能级差的关系，驾驭光电效应方程及产生条件。

【解答】

这群氢原子最多发出的光子种数为种不同频率的光，故A错误；

B.依据，，，，，，，金属，的逸出功为，所以能使金属发生光电效应的光子有4种，故B错误；

C.依据知，入射光子的频率越高，逸出光电子的最大初动能越大，故C正确；

D.从金属板中逸出的光电子就是电子，故D错误。

故选C。7.【分析】

能级间跃迁辐射或汲取的光子能量必需等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光子能量越大，频率越大，波长越小。

解决本题的关键知道能级间跃迁满意的规律，即。

【解答】

A.依据知，这群氢原子能够发出6种不同频率的光子，故A错误；

B.由跃迁到，辐射的光子能量最大，，故B错误；

C.从跃迁到辐射的光子能量最小，频率最小，则波长最长，故C正确；

D.一群处于的氢原子发生跃迁，汲取的能量必需等于两能级的能级差，故D错误。

故选C。8.解：BC、原线圈接有如乙图所示的正弦交变电压，则有效值为，依据变压比可知，电阻R两端的电压为，依据闭合电路欧姆定律可知，副线圈通过的电流，故B正确，C错误。

A、依据变流比可知，原线圈通过的电流，故A错误。

D、电阻R消耗的功率，故D正确。

故选：BD。

依据正弦式交变电压有效值与最大值得关系确定有效值。

依据变流比和变压比求解电流和电压。

依据功率公式计算电阻R消耗的功率。

此题考查变压器的工作原理，解决该题关键要驾驭住志向变压器的电压、电流及功率之间的关系以及串并联电压与电流关系，本题即可得到解决。9.【分析】

在位移时间图象中，斜率表示物体的速度，由图象可知碰撞前后的速度，依据动量的定义公式及动量守恒定律可以求解．

本题主要考查了动量的表达式及动量定理的干脆应用，要求同学们能依据图象读出a碰撞前后的速度，明确碰撞的基本规律是动量守恒定律．

【解答】

由图象可知，碰撞前有：A球的速度，B球的速度

碰撞后有：A、B两球的速度相等，为；

对A、B组成的系统，A、B两球沿始终线运动并发生正碰，碰撞前后都是做匀速直线运动，所以系统的动量守恒，

碰撞前后A的动量变更为：

依据动量守恒定律，碰撞前后A的动量变更为：

又：，所以：

所以A与B碰撞前的总动量为：

由动量定理可知，碰撞时A对B所施冲量为：

碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能：，代入数据解得：，故AC错误，BD正确。

选错误的，故选AC。10.解：AB、A在光滑的圆弧轨道上运动，机械能守恒，则有：

所以与B碰撞前A的速度为：，故A错误，B正确；

CD、A、B碰撞过程动量以及能量守恒，则有：

带入数据解得：，，

碰后AB在空中做平抛运动，落到地面的时间为：

，

所以A、B在水平方向的距离为，故C正确，D错误。

故选：BC。

A在光滑的圆弧轨道上运动时，只有重力做功，机械能守恒，依据机械能守恒定律求解与B碰撞前的速度；

A、B碰撞过程动量守恒，依据动量守恒求解碰撞后B的速度，碰后A、B做平抛运动，依据平抛运动特征求解水平距离。

解决该题的关键是驾驭滑块A在圆弧上运动机械能特征，知道弹性碰撞过程能量和动量均守恒，驾驭平抛运动的运动特点。11.解：子弹的质量；

A、子弹击中滑块A的瞬间，弹簧没有发生形变，滑块B所受合力为零，滑块B保持静止状态，故A错误；

B、子弹击中滑块A的过程，系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：

代入数据解得：，故B正确；

C、滑块A、B速度相等时弹簧压缩量最大，弹簧弹性势能最大，A、B系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：

由能量守恒定律得：

代入数据解得：，故C错误；

D、弹簧复原原长时滑块B的速度最大，动能最大，A、B系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：

由能量守恒定律得：

滑块B的最大动能

代入数据解得：，故D正确。

故选：BD。

子弹击中滑块A的过程系统动量守恒，应用动量守恒定律求出子弹击中滑块A后它们的共同速度；当A、B速度相等时弹簧的压缩量最大，弹簧的弹性势能最大，应用动量守恒定律求出A、B的共同速度，应用能量守恒定律求出弹簧的最大弹性势能；当弹簧复原原长时B的速度最大，动能最大，应用动量守恒定律与能量守恒定律可以求出滑块B的最大动能。

本题是一道力学综合题，考查了动量守恒定律的应用，依据题意分析清晰物体的运动过程是解题的前提，应用动量守恒定律与能量守恒定律即可解题。12.【分析】

依据光电效应方程和得出遏止电压U与入射光频率v的关系式从而进行推断。

【解答】

A.依据光电效应方程有：和得：，当入射光的频率大于极限频率时，遏止电压与入射光的