四川省南充市阆中中学2024-2025学年高二物理上学期期中试题

PAGE16PAGE15四川省南充市阆中中学2024-2025学年高二物理上学期期中试题选择题（1-5为单选题，6-8为多选题，6分/题×8题=48分。多选题，全选对的得6分，选对但不全的得3分，选错的得0分。请将正确答案填在答题卷中。）1．物理学发展过程中，在静电场方面，一些物理学家做出了巨大贡献，下面叙述中正确的是A．元电荷最早由库仑通过油滴试验测出B．卡文迪许通过扭秤试验测定出了静电力恒量kC．法拉第首先提出了电场的概念且采纳了电场线描述电场D．密立根总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律2.下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是A.依据电场强度的定义式E=F/q可知，电场中某点的电场强度与摸索电荷所带的电荷量成反比B.依据电容的定义式C=Q/U可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C.依据真空中点电荷的电场强度公式E=KQ/r2可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关D.依据电势差的定义式UAB=WAB/q可知，带电荷量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B两点间的电势差为－1V3.如图所示，真空中等量异种点电荷放置在M、N两点，在MN的连线上有对称点a、c，MN连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是A．O点场强肯定大于与b点场强B．a点电势肯定低于c点电势C．负电荷在b点电势能肯定大于在a点电势能D．正电荷从d点移到b点电场力做功4．如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a，b两带电粒子仅在电场力作用下从电场中的O点以相同的初速度飞出．两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则A．a肯定带正电，b肯定带负电B．在虚线所示的过程中，a加速度增大，b加速度减小C．在虚线所示的过程中，a电势能减小，b电势能增大D．在虚线所示的过程中，a和b的动能都增大5．如图所示，两块长均为L的平行金属板M、N与水平面成α角放置在同一竖直平面，充电后板间有匀强电场。一个质量为m．带电量为q的液滴沿垂直于电场线方向射人电场，并沿虚线通过电场。下列推断中正确的是A.液滴在电场中做匀速直线运动B.液滴在电场中的电势能渐渐增大C.电场强度的大小E＝mgcosα/qD.液滴离开电场时的动能增量为mgLsinα6．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷（电荷量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，Ep表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则A．E变大，Ep变大B．U变小，E不变C．U不变，Ep不变D．U变小，Ep不变7.如图甲所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔.右极板电势随时间变更的规律如图乙所示.电子原来静止在左极板小孔处.(不计重力作用)下列说法中正确的是A.从t＝0时刻释放电子，电子将始终向右运动，直到打到右极板上B.从t＝0时刻释放电子，电子可能在两板间振动C.从t＝T/4时刻释放电子，电子可能在两板间振动，也可能打到右极板上D.从t＝3T/8时刻释放电子，电子必将打到左极板上8.如图所示，长为L＝0.5m、倾角为θ＝37°的光滑绝缘斜面处于水平向右的匀强电场中，一带电荷量为＋q，质量为m的小球(可视为质点)，以初速度v0＝2m/s恰能沿斜面匀速上滑，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，则下列说法中正确的是A．水平匀强电场的电场强度为B．小球在B点的电势能大于在A点的电势能C．若电场强度加倍，小球运动的加速度大小为3m/s2D．若电场强度减半，小球运动到B点时的速度为初速度v0的一半二、试验题（9题4分，10题8分，共计12分）9．如图所示，A、B、C是匀强电场中等腰直角三角形的三个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为QUOTE＝15V，QUOTE＝3V，QUOTE＝－3V，画出一条过B点的电场线10．如图所示为“探讨影响平行板电容器电容的因素”的试验装置，在以下操作步骤中，静电计指针的张角分别是怎样变更的？请将答案填在相应的横线上。甲图中将B板上移，静电计的指针张角将_______（填“增大”或“减小”或“不变”）乙图中将B板左移，静电计的指针张角将_______（填“增大”或“减小”或“不变”）丙图中将电介质插入两板之间，静电计的指针张角将_______（填“增大”或“减小”或“不变”）（4）本试验的探讨方法是____________。三、解答题（11题12分；12题18分；13题20分，共计50分）11．一个电量为q=2×10-8C的正电荷从a移到b，电场力做功为W1=1.2×10-7J，从b移到c，电场力做功为W2=-2.0×10-7J。求：(1)ab、bc间的电势差各为多少；(2)若以b点的电势为零，则c点的电势为多少？电荷在c点的电势能为多少；(3)把负电荷q=-1×10-8C从a移到c，电场力做的功为多少？12．如图所示，BCDG是光滑绝缘的圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中。现有一质量为m、带正电的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为mg，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为，重力加速度为g。若滑块从水平轨道上距离B点s=3R的A点由静止释放，滑块到达与圆心O等高的C点时速度为多大？（2）在(1)的状况下，求滑块到达C点时受到轨道的作用力大小；（3）变更s的大小，使滑块恰好始终沿轨道滑行，且从G点飞出轨道，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度大小。13.如图所示，虚线MN左侧有一场强为E1＝E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2＝2E的匀强电场，在虚线PQ右侧相距为L处有一与电场E2平行的屏．现将一电子(电荷量为e，质量为m)无初速度地放入电场E1中的A点，最终电子打在右侧的屏上，AO连线与屏垂直，垂足为O，求：(1)电子从释放到打到屏上所用的时间；(2)电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角θ的正切值tanθ；(3)电子打到屏上的点P′到点O的距离x. 阆中中学2024年秋中学二年级第一学段教学质量检测物理参考答案一、选择题（1-5为单选题，6-8为多选题，6分/题×8题=48分。多选题，全选对的得6分，选对但不全的得3分，选错的得0分。请将正确答案填在答题卷中。）1.【答案】C【试题解答】A．元电荷是密立根依据油滴试验测量出来的，A错误；B．卡文迪许通过扭秤试验测定了静电力常量，B错误；C．法拉第首次提出了电场线，C正确；D．库仑总结出了库仑定律，D错误；故选C.【名师点睛】平常学习应当留意积累对物理学史的了解，知道前辈科学家们为探究物理规律而付出的艰辛努力，对于物理学上重大发觉、独创、闻名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2.【答案】D【试题解答】：E=F/q为电场强度的定义式，不能说E由F和q确定，即电场中某点的电场强度和摸索电荷的电荷量无关，选项A错误；依据电容定义式C=Q/U，电容C大小与Q、U无关，应当说电容器极板的电压每增加1V，电荷量就增加1C，故不能说电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比选项B错误；依据真空中点电荷电场强度公式E=KQ/r2，这是真空点电荷的确定式，场强与场源电荷成正比，故C错误。由电势差的定义式UAB=WAB/q，可知q=1C，克服电场力做功即电场力做功为-1J，代入公式的电势差为-1V，故D正确。故选D。考点：电场强度、电势差、电容的概念。【名师点睛】电场强度取决于电场本身，与有无摸索电荷无关；场强公式，只是为探讨电场的便利，采纳比值法下的定义；点电荷的场强强度公式E=KQ/r2，电场强度只由场源电荷电量和位置确定。C=Q/U是电容的定义式，电容的大小与电容器本身的性质有关，与所带电荷量和电压有关。UAB=WAB/q为电压的定义式，应用此公式时留意代入符号运算。得出电势差为正时，A比B电势高。得出电势差为负时，A比B电势3.【答案】A【试题解答】：A．在等量异种点电荷的电场线分布图中，在两电荷连线的中垂线上，中点O处的电场线最密集，可知O点场强肯定大于与b点场强，选项A正确；B．沿着电场线的方向电势降低，由于不知道两电荷电性，所以不能推断a、c两点电势凹凸，选项B错误；C．电势能与摸索电荷和电势都有关系，由于不知道a、c两点电势的凹凸，所以无法推断两点的电势能大小，选项C错误；D．因b点与d点是在同一等势面上，电场力不做功，选项D错误。故选A。4.【答案】D【试题解答】：由粒子的轨迹弯曲方向推断粒子所受的电场力方向，确定电场线的方向，推断电势凹凸．依据电场力方向与粒子速度方向的夹角，推断电场力对粒子做正功还是负功，确定粒子在a与b动能的大小变更以及电势能的变更．解：A、由运动轨迹如图可知，a、b做曲线运动，由于电场线方向未知，故a、b电性不能确定，故A错误；B、依据a、b两粒子做曲线运动轨迹弯曲程度即电场线的疏密可知，b所处的电场线变密，电场强度变强，所受的电场力在增大，加速度在增大；a所处的电场线变疏，电场强度变弱，所受的电场力在减小，加速度在减小，故B错误；C、依据图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷做正功，电势能减小，故C错误；D、依据图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷做正功，电势能减小，动能增加，故D正确故选：D【点评】物体做曲线运动时，所受合力指向轨迹弯曲的内侧，依据轨迹的弯曲方向要能推断出力、速度和运动轨迹三者的位置关系体，电场力做功与电势能、动能的关系，电场线与电场强度的关系5.【答案】C【试题解答】：微粒在电场中受到重力和电场力，而做直线运动，电场力与重力的合力必定沿运动方向，否则就做曲线运动，所以电场力的方向是垂直于金属板斜向上，如图示．依据电场力做功的正负推断电势能变更，由几个关系求出电场力与重力的关系，依据动能定理分析动能的变更．A、粒子所受力的合力与速度方向共线反向，物体做减速运动，故A错误．B、电场力方向和速度方向垂直电场力不做功，电势能不变更，故B错误；C、由几何关系得qE=mgcosα,E=mgcosα/q，，故C正确；D、由动能定理可得，液滴离开电场时的动能增量为－mgLsinα，D错误．故选：C。考点：带电粒子在匀强电场中的运动．点评：本题是带电粒子在电场中运动的问题，关键是依据粒子做直线运动推断出粒子受力状况．6.【答案】BD【试题解答】：平行板电容器充电后与电源断开后，电量不变．将正极板移到图中虚线所示的位置时，板间距离d减小，依据C=εs/4πkd知，电容C增大，依据U=Q/C，则板间电压变小．由E=U/d，C=εs/4πkd得到：E=4πkq/εs，可知E与d无关，则知电场强度E不变．P与负极板间的距离不变，由公式U=Ed可知，P与负极板间的电势差不变，P点的电势不变，正电荷在P点的电势能不变．故AC正确，BD错误．故选BD．考点：电容器；场强和电势【名师点睛】解决本题的关键知道电容器与电源断开后其电荷量不变，驾驭电容器的确定式C=εs/4πkd以=Q/C及定义式．要能娴熟推导出场强的表达式E=4πkq/εs，记住E与d无关的结论，有利于进行动态分析。7.【答案】AC【试题解答】：分析电子在一个周期内的运动状况．从t=0时刻释放电子，前T/2内，电子受到的电场力向右，电子向右做匀加速直线运动；后T/2内，电子受到向左的电场力作用，电子向右做匀减速直线运动；接着周而复始，所以电子始终向右做单向的直线运动，直到打在右板上．故A正确，B错误．从t=T/4时刻释放电子，在T/4－T/2内，电子向右做匀加速直线运动；在T/2－5T/8内，电子受到的电场力向左，电子接着向右做匀减速直线运动，5T/8时刻速度为零；在5T/8T内电子受到向左的电场力，向左做初速度为零的匀加速直线运动，在T－5T/4内电子受到向右的电场力，向左做匀减速运动，在5T/4时刻速度减为零；接着重复．若两板距离足够大时，电子在两板间振动．故C正确．用同样的方法分析从t=3T/8t时刻释放电子的运动状况，电子先向右运动，后向左运动，由于一个周期内向左运动的位移大于向右运动的位移，电子最终从左极板的小孔离开电场．也可能电子在向右过程中就遇到右极板，故D错误．故选AC。考点：带电粒子在电场中的运动8.【答案】AD【试题解答】：A．带电小球从A点到B点，动能不变，由动能定理知重力做功与电场力做功之和为零，即得qELcosθ-mgLsinθ=0得故A正确。B．带电小球从A点到B点，电场力做正功，电势能减小，因此B点的电势能小于A点的电势能。故B错误。C．由题意知，电场强度未加倍时，满意mgsinθ=qEcosθ电场强度加倍后，小球在斜面方向的合力2qEcosθ-mgsinθ=ma所以小球的加速度a=gsinθ=6m/s2故C错误；D．电场强度未减半时，满意mgsinθ=qEcosθ若电场强度减半，小球在斜面方向的合力为：mgsinθ-qEcosθ=mgsinθ=ma′所以小球的加速度为：a′=gsinθ=3m/s2；依据速度位移公式，有v2-v02=2as，代入数据解得v=1m/s=v0故D正确。故选AD。试验题（9题4分，10题8分，共计12分）9.【答案及试题解答】：先在AC连线上找出与B点电势相等的点，作出等势线，再依据电场线与等势面垂直，且由高电势指向低电势，作出电场线；【详解】A、C间的电势差为18V，连接AC，在AC连线上取三等分点D、F，依据匀强电场中，沿同一方向随意距离相等两点间的电势差相等，知D的电势为3V，与B点的电势相等，连接DB，则DB是一条等势线，依据电场线与等势面垂直，且由高电势指向低电势，作出电场线如图所示：

10.【答案】：增大增大减小限制变量法【试题解答】：【详解】依据，，联合分析求解；探讨某量与其他两之间的关系时，常采纳限制变量法．（1）依据，，B板上移，S减小，C减小，Q不变，U增大，张角将增大；（2）依据，，B板左移，d增大，C减小，U增大，张角将增大；（3）依据，，插入电介质，ε增大，电容C增大，U减小，张角将减小；（4）依据可知，其中有，S，d为变量，所以本试验应用的为限制变量法．三.解答题11.【答案】(1)6V，-10V；(2)10V，2×10-7J；(3)4×10-8J【试题解答】：【详解】(1)正电荷从a移到b，电场力做正功，由W1＝qUab可得－－－－－－（1分）代入数据得Uab＝6V－－－－－－（1分）由W2＝qUbc－－－－－－（1分）代入数据得Ubc＝﹣10V－－－－－－（1分）（2）若以b点的电势为零，由－－－－－－（1分）代入数据得φc＝10V－－－－－－（1分）电荷在c点的电势能为 －－－－－－（2分）ac之间的电势差－－－－－－（2分）故－－－－－－（2分）【答案】(1)；(2)；(3).【试题解答】：【详解】(1)设滑块到达C点时的速度为v，由动能定理有－－－－－－（4分）又因为Eq=mg联立两式解得－－－－－－（2分）设滑块到达C点时受到轨道的作用力大小为F，则－－－－－－（4分）解得－－－－－－（2分）（3）【分析】要使滑块恰好始终沿轨道滑行，即轨道对滑块作用力在某一点时为零，速度最小，即：当N=0时，v最小，设滑至圆轨道DG间某点，由电场力和重力的合力供应向心力，此时的速度最小（设为vn）－－－－－－（2分）则有

－－－－－－（2分）解得－－－－－－（2分）13