江苏省徐州树恩中学2023-2024学年九年级上学期第一次月考物理试卷

江苏省徐州树恩中学2023-2024学年九年级上学期第一次月考物理试卷一、选择题（共10小题，每小题3分，共30分）1．（3分）下列物体属于省力杠杆的是（）A．食品夹 B．钓鱼竿 C．定滑轮 D．撬棒2．（3分）一位同学用20s从一楼走到三楼，他上楼的功率可能是（）A．几千瓦 B．几十瓦 C．几百瓦 D．几瓦3．（3分）水平足球场上有一个重4N的足球，一个同学用10N的力踢足球，足球向前运动了20m，那么该同学对足球做的功（）A．200J B．40J C．280J D．条件不足，无法计算4．（3分）如图所示，一个玩具弹簧放在斜面上端，将弹簧弯曲一定程度后释放，弹簧沿斜面向下翻滚．弹簧在运动过程中，有哪些机械能发生了转化（）A．只有动能和重力势能 B．只有动能和弹性势能 C．只有重力势能和弹性势能 D．动能、重力势能和弹性势能都发生了转化5．（3分）用图甲、乙两种方式匀速提升重为100N的物体，已知滑轮重20N、绳重和摩擦力不计。则（）A．手的拉力：F甲＝F乙；机械效率：η甲＝η乙 B．手的拉力：F甲＜F乙；机械效率：η甲＜η乙 C．手的拉力：F甲＞F乙；机械效率：η甲＜η乙 D．手的拉力：F甲＞F乙；机械效率：η甲＞η乙6．（3分）下列事例中属于机械能转化为内能的是（）A．钻木取火 B．蹦床运动 C．风吹风车转动 D．汽油机做功冲程7．（3分）小明发现教室墙上的3个开关控制着教室里16根照明灯管，则这16根灯管之间的连接方法是（）A．串联 B．并联 C．混联 D．都可以8．（3分）下列关于功、内能、热量的描述正确的是（）A．机械能为零的物体，内能也一定为零 B．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 C．做功和热传递都能改变物体的内能 D．物体的内能增大，温度一定升高9．（3分）如图所示，是汽油机工作时的四个冲程，其中属于做功冲程的是（）A． B． C． D．10．（3分）有一种运动叫蹦极，如图所示是蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端固定在O点，另一端系住运动员，运动员从O点自由下落，A点处弹性绳自然伸直。B点是运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等的点，C点是蹦极运动员到达的最低点，运动员从O点到C点的运动过程中忽略空气阻力，则（）A．从O至C运动员速度一直减小 B．从O点至A点运动员机械能不守恒，从A点至C点机械能守恒 C．从O至A过程中运动员速度增大，从A至C过程中运动员速度减小 D．从O至B过程中运动员速度增大，从B至C过程中运动员速度减小二.填空题（共15空，每空1分共15分）11．（3分）刘明用20N的水平推力使超市的购物车在水平路面上前进了15m，所用的时间是0.5min，在此过程他的速度为m/s，他做功J、功率是W。12．（2分）杠杆的应用非常广泛，如图所示的两种剪刀，正常使用时属于省力杠杆的是剪刀（填甲、乙）根据功的原理，使用这两处剪刀都不能省。13．（2分）如图所示，某风景区的一段盘山公路，要把上山的公路修成这般模样，是因为盘山公路相当于简单机械中的，使用它可以（选填“省力”、“省距离”或“省功”）。14．（5分）如图是某城市地铁的设计方案图，进站和出站的轨道都与站台构成一个缓坡，为了充分利用能量，火车进站上坡前关闭发动机，由于惯性冲上缓坡，则上坡时火车的动能逐渐（选填“增加”或“不变”、“减少”），重力势能逐渐（选填“增加”或“不变”、“减少”），从节能的角度分析，这样设计可以让列车无动力滑行，进站时将能转化为能储存起来，此过程中机械能的总量（选填“增加”或“不变”、“减少”）。15．（3分）如图所示，是某一手机移动电源（俗称充电宝）。给充电宝充电时，充电宝相当于简单电路中的；充电过程中，电能转化为；充电宝给手机充电时，充电宝相当于简单电路中的。三.作图题（共2小题每题2分共4分）16．（2分）如图所示，轻质杠杆在力的作用下处于平衡状态，请画出A点所受力的力臂L和作用在B点上最小动力F的示意图。17．（2分）如图，工人站在地上利用滑轮组向下用力提升重物，请画出能省力的滑轮组绕绳方式。四.计算题（共2小题，每小题6分共12分）18．（6分）某太阳能热水器中装有40kg的水，阳光照射一段时间后，水温从10℃升高到60℃，已知c水＝4.2×103J/（kg•℃）。求：（1）热水器中的水所吸收的热量；（2）如果水吸收的热量用天然气来提供，需要完全燃烧多少立方米的天然气？（天然气的热值为8.4×107J/m3，假设天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收）19．（6分）如图所示，工人师傅用一个定滑轮和动滑轮组成滑轮组，把重为500N的箱子在1min内匀速提升5m，作用在绳的自由端的拉力是300N，不计绳重和摩擦，（取g＝10N/kg）求：（1）动滑轮的重力；（2）此过程中该装置的机械效率。五.实验探究题（共3小题，20题8分，21题5分，22题6分）20．（8分）如图，小王利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆平衡条件”的实验。（1）实验前，杠杆静止时情况如图甲，为了便于实验，这时应将平衡螺母向端调节，直到杠杆在水平位置平衡；（2）如图乙所示，在杠杆A点处挂4个钩码，为了让杠杆仍然在水平位置平衡，应在B点处应挂个同样的钩码；（3）小王做完图乙实验后，通过改变钩码的个数和改变钩码的位置又进行了三次实验，实验中进行多次实验的目的是；A.取平均值减少误差B.使实验结论具有普遍性（4）另一同学小李用弹簧测力计代替钩码，在B点处沿a方向向下拉，也能让杠杆在水平位置平衡，接着他将弹簧测力计绕B点从a位置逆时针转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，弹簧测力计的示数将（选填“变大”、“不变”或“变小”）。21．（5分）如图所示，小明用一个钢球、一个木块、一个斜面和一块木板探究物体动能的大小与哪些因素有关。（1）该实验装置可探究动能与的关系。（2）该实验探究的是（选填“钢球”或“木块”）的动能。（3）实验中物体动能的大小是通过来反映的。（4）每次实验时，钢球均需从斜面上同一位置由状态滚下。（5）若要研究动能与另一个物理量的关系，则需添加质量大小不同的（选填“钢球”或“木块”）。22．（6分）在“探究物质熔化规律”的实验中，小明将质量为50g、比热容为2.1×103J/（kg•℃）的某固态物质放入试管内，并将试管置于烧杯内的水中，实验装置如图甲所示。（1）实验中用“水浴法”加热的目的是；（2）某时刻温度计示数如图乙所示，该物质此时的温度为℃。（3）若实验过程中，物质在相同时间内吸收热量相同，则该物质在熔化过程中吸收的热量是J。

参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题3分，共30分）1．（3分）下列物体属于省力杠杆的是（）A．食品夹 B．钓鱼竿 C．定滑轮 D．撬棒【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A错误；B、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B错误；C、定滑轮在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力，故C错误；D、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D正确。故选：D。【点评】本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。2．（3分）一位同学用20s从一楼走到三楼，他上楼的功率可能是（）A．几千瓦 B．几十瓦 C．几百瓦 D．几瓦【分析】先估测人的质量，然后根据质量求出重力，再估测一层楼的高度，根据W＝Gh求出他上楼时做的功，最后由P＝求出功率。【解答】解：一个学生的质量约为60kg，每一层楼的高度约为3m，从一楼到三楼的高度为两层楼的高度h＝2×3m＝6m，他上楼做的功：W＝Gh＝mgh＝60kg×10N/kg×6m＝3600J；则他上楼时的功率：P＝＝＝180W。故选：C。【点评】本题考查了功和功率的计算，知道上楼时做的功就是克服自身的重力做功是关键。3．（3分）水平足球场上有一个重4N的足球，一个同学用10N的力踢足球，足球向前运动了20m，那么该同学对足球做的功（）A．200J B．40J C．280J D．条件不足，无法计算【分析】做功的条件是：作用在物体上有力，同时沿力的方向还必须有一段距离，这两个条件缺一不可。【解答】解：在脚与球接触到球离开脚的过程中，脚对球有力的作用且球在该力的方向上通过了一段距离，故此过程中脚对球做了功，但球在10N踢力的方向上通过的距离不知道，所以脚对球所做的功无法计算；球离脚后在水平草地上向前滚动了20m，是因为球具有惯性，脚对球没有力的作用，故此过程中脚对球没有做功；由此可知，在整个过程中，运动员对足球做的功无法计算。故选：D。【点评】知道并理解力做功的条件是解决该题的关键。4．（3分）如图所示，一个玩具弹簧放在斜面上端，将弹簧弯曲一定程度后释放，弹簧沿斜面向下翻滚．弹簧在运动过程中，有哪些机械能发生了转化（）A．只有动能和重力势能 B．只有动能和弹性势能 C．只有重力势能和弹性势能 D．动能、重力势能和弹性势能都发生了转化【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。（3）物体由于发生弹性形变而具有的能量叫弹性势能，影响弹性势能的因素有弹性形变的大小，在弹性限度内，弹性形变越大，物体具有的弹性势能越大。【解答】解：玩具弹簧放在斜面上端，将弹簧弯曲一定程度后释放，弹簧沿斜面向下翻滚。弹簧在运动过程中，质量不变，速度变大，动能变大；弹簧高度降低，重力势能变小；同时弹簧要恢复原来的形状，形变变小，故弹性势能变小。综上分析可知，动能、重力势能和弹性势能都发生了转化。故ABC错误，D正确。故选：D。【点评】此题考查动能和势能的大小变化，关键是知道动能、重力势能和弹性势能的概念、以及影响因素。5．（3分）用图甲、乙两种方式匀速提升重为100N的物体，已知滑轮重20N、绳重和摩擦力不计。则（）A．手的拉力：F甲＝F乙；机械效率：η甲＝η乙 B．手的拉力：F甲＜F乙；机械效率：η甲＜η乙 C．手的拉力：F甲＞F乙；机械效率：η甲＜η乙 D．手的拉力：F甲＞F乙；机械效率：η甲＞η乙【分析】解决此题要知道定滑轮是轴固定不动的滑轮，动滑轮是轴随被拉物体一起运动的滑轮；使用定滑轮不省力但能改变力的方向，使用动滑轮能省一半力，但费距离；求解机械效率可以利用公式η＝×100%，其中W有是克服物体重力做的功，W总是拉力做的功。【解答】解：由图可知，甲滑轮是定滑轮，使用该滑轮不省力，所以拉力等于物体的重力；乙滑轮是动滑轮，使用该滑轮可以省一半的力，即拉力等于物体和滑轮总重力的一半，则手的拉力：F甲＞F乙；两幅图中的W有是克服物体重力做的功是相同的，但乙图中拉力做功要克服动滑轮的重力做功，比甲图中做的总功要多，所以结合机械效率公式η＝×100%可知，有用功相同时，总功越大的，机械效率越小；故选：D。【点评】此题考查了定滑轮和动滑轮的工作特点，并比较了它们之间的机械效率，知道定滑轮和动滑轮的总功区别之处。6．（3分）下列事例中属于机械能转化为内能的是（）A．钻木取火 B．蹦床运动 C．风吹风车转动 D．汽油机做功冲程【分析】（1）自然界的能量既不会消失，也不会创生，只会从一种形式转化为另一种形式，或从一个物体转移到另一个物体上。（2）生活中存在很多机械能和其他形式能的转化的现象，分析选项中的实例，明确消耗能量与得到的能量可做出判断。【解答】解：A、钻木取火，克服摩擦做功，机械能转化为内能，故A正确；B、蹦床运动是动能和势能的相互转化，故B错误；C、风吹风车转动是风能转化为机械能，故C错误；D、汽油机的做功冲程是内能转化为机械能，故D错误。故选：A。【点评】正确理解生活中的能的转移和转化，明确在一次能量的转化过程中，消耗的是什么能，得到的是什么能，便可顺利解答此类问题。7．（3分）小明发现教室墙上的3个开关控制着教室里16根照明灯管，则这16根灯管之间的连接方法是（）A．串联 B．并联 C．混联 D．都可以【分析】串联电路中各用电器之间相互影响；并联电路中各用电器之间互不影响，由此根据生活经验分析解答。【解答】解：由生活经验可知，教室里其中一根灯管烧坏后，其他灯管仍能正常工作，即各灯管间互不影响，所以教室里各灯管之间是并联的。故选：B。【点评】解答本题的关键是正确理解串联和并联电路中用电器的工作特点。8．（3分）下列关于功、内能、热量的描述正确的是（）A．机械能为零的物体，内能也一定为零 B．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 C．做功和热传递都能改变物体的内能 D．物体的内能增大，温度一定升高【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关。（2）热传递的条件（温度差）和热传递的方向（从高温到低温）。（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递。（4）物体吸热，内能一定增大，但温度不一定升高。【解答】解：A、一切物体都有内能，因此机械能为零的物体，其内能一定不为零；故A错误；B、热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递；而不是从内能大的物体向内能小的物体传递，故B错误；C、改变物体内能的两种方式：做功和热传递；改变物体内能的两种方式是等效的；故C正确；D、物体吸热，内能一定增大，但温度不一定升高，例如，晶体在熔化过程中吸收热量，内能增加，但温度不变；故D错误。故选：C。【点评】要正确理解温度、热量与内能的关系，改变物体内能的两种方法是等效的，以及热传递的条件和热传递的方向。注意：物体吸热，内能一定增大，但温度不一定升高。9．（3分）如图所示，是汽油机工作时的四个冲程，其中属于做功冲程的是（）A． B． C． D．【分析】解决此题要知道内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功。”进行分析。【解答】解：A、进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；不符合题意；B、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，不符合题意；C、两气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，符合题意；D、排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；不符合题意。故选：C。【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答。10．（3分）有一种运动叫蹦极，如图所示是蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端固定在O点，另一端系住运动员，运动员从O点自由下落，A点处弹性绳自然伸直。B点是运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等的点，C点是蹦极运动员到达的最低点，运动员从O点到C点的运动过程中忽略空气阻力，则（）A．从O至C运动员速度一直减小 B．从O点至A点运动员机械能不守恒，从A点至C点机械能守恒 C．从O至A过程中运动员速度增大，从A至C过程中运动员速度减小 D．从O至B过程中运动员速度增大，从B至C过程中运动员速度减小【分析】当重力大于弹性绳对运动员拉力时，运动员做加速运动；当弹性绳对运动员拉力大于重力时，运动员做减速运动，据此分析解答。【解答】解：根据题意可知，从O点到B点的过程中，重力大于弹性绳对运动员拉力，因此速度越来越大；从B点到C点的过程中，弹性绳对运动员拉力大于重力，运动员的速度开始减小，到达C点时，速度为零；由于不计空气阻力，因此整个过程机械能守恒；故选项ABC错误，选项D正确。故选：D。【点评】决本题的关键知道加速度的方向与合力的方向相同，当合力方向与速度方向相同时，速度增大，当合力方向与速度方向相反时，速度减小。二.填空题（共15空，每空1分共15分）11．（3分）刘明用20N的水平推力使超市的购物车在水平路面上前进了15m，所用的时间是0.5min，在此过程他的速度为0.5m/s，他做功300J、功率是10W。【分析】（1）知道刘明推车移动的距离、所用时间，利用速度公式求速度大小；（2）知道推力和移动距离，根据公式W＝Fs求出推力做的功，再利用P＝求做功的功率。【解答】解：（1）t＝0.5min＝30s，刘明推车的速度：v＝＝＝0.5m/s；（2）刘明做功：W＝Fs＝20N×15m＝300J；做功的功率：P＝＝＝10W。故答案为：0.5；300；10。【点评】本题考查了速度公式、功的公式、功率公式的应用，属于基础题目。12．（2分）杠杆的应用非常广泛，如图所示的两种剪刀，正常使用时属于省力杠杆的是甲剪刀（填甲、乙）根据功的原理，使用这两处剪刀都不能省功。【分析】（1）杠杆根据其力臂关系可以分为三类：动力臂大于阻力臂，省力杠杆；动力臂小于阻力臂，费力杠杆；动力臂等于阻力臂，等臂杠杆。（2）功的原理：使用任何机械都不省功。【解答】解：（1）甲剪刀使用时，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；（2）根据功的原理可以知道，使用任何机械都不省功。故答案为：甲；功。【点评】此题主要考查的是杠杆的分类和功的原理。根据杠杆的力臂关系可以将杠杆分为三类：省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆。13．（2分）如图所示，某风景区的一段盘山公路，要把上山的公路修成这般模样，是因为盘山公路相当于简单机械中的斜面，使用它可以省力（选填“省力”、“省距离”或“省功”）。【分析】车经过盘山路时要向高处运动，所以我们可以从斜面模型上分析。使用斜面可以省力，斜面越平缓，越省力，但同时越费距离；使用任何机械都不能省功。【解答】解：斜面虽然增加了物体运动的距离，但可以省力，盘山公路相当于斜面，使用它可以省力。答案为：斜面；省力。【点评】生活中应用了很多斜面模型，虽然费距离，但可以省力，减轻我们将物体提升时所需要的力。14．（5分）如图是某城市地铁的设计方案图，进站和出站的轨道都与站台构成一个缓坡，为了充分利用能量，火车进站上坡前关闭发动机，由于惯性冲上缓坡，则上坡时火车的动能逐渐减少（选填“增加”或“不变”、“减少”），重力势能逐渐增加（选填“增加”或“不变”、“减少”），从节能的角度分析，这样设计可以让列车无动力滑行，进站时将动能转化为重力势能储存起来，此过程中机械能的总量减少（选填“增加”或“不变”、“减少”）。【分析】当物体的高度升高时，物体的重力势能就会增加，动能就会减小，当高度减小时，物体的重力势能会转化为动能。【解答】解：火车进站前关闭发动机，火车上坡时速度变小，质量不变，所以动能变小，由于高度增加，所以火车的重力势能增大；让列车无动力滑行时，列出的动能转换为重力势能存储起来；由于与地面之间存在摩擦，机械能转化为内能，机械能会减小。故答案为：减少；增加；动；重力势；减少。【点评】本题是对势能和动能之间转化的直接应用，题目比较简单。15．（3分）如图所示，是某一手机移动电源（俗称充电宝）。给充电宝充电时，充电宝相当于简单电路中的用电器；充电过程中，电能转化为化学能；充电宝给手机充电时，充电宝相当于简单电路中的电源。【分析】充电宝类似于教材上的蓄电池，可以通过充电将电能转化为化学能，也可以向外供电，提供电能。【解答】解：给充电宝充电时，充电宝消耗电能转化为化学能，相当于简单电路中的用电器；充电宝给手机充电时，充电宝提供电能，此时充电宝相当于简单电路中的电源。故答案为：用电器；化学能；电源。【点评】本题考查了电路的组成及其作用，注意电源是提供电能的，用电器是消耗电能的，注意区分。三.作图题（共2小题每题2分共4分）16．（2分）如图所示，轻质杠杆在力的作用下处于平衡状态，请画出A点所受力的力臂L和作用在B点上最小动力F的示意图。【分析】（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1L1＝F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。【解答】解：（1）A点受到竖直向下的拉力，先画出该力的作用线，然后过支点O做拉力作用线的垂线段，即为拉力的力臂L；（2）由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，动力作用在B端，因此OB作为动力臂时最长，由图知动力的方向应该向上，所以过B点垂直于OB向上作出最小动力F的示意图。如下图所示：【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。17．（2分）如图，工人站在地上利用滑轮组向下用力提升重物，请画出能省力的滑轮组绕绳方式。【分析】根据利用滑轮组向下用力提升重物先确定绳子的末端，然后“倒着”绕回去，据此确定绕线方式。【解答】解：一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组只有两种绕线方法，而要求工人站在地上利用滑轮组向下用力提升重物时，绳子自由端的拉力方向应向下，则绳子的起始端应系在定滑轮下面的挂钩上，滑轮组的绕绳方式如图所示：。【点评】此题考查了有关滑轮组的组装，在绕线时有时根据绳子的末端拉力确定滑轮组的绕线，有时根据承担物重的绳子段数来确定滑轮组的绕线，遵循“奇动偶定”的原则。四.计算题（共2小题，每小题6分共12分）18．（6分）某太阳能热水器中装有40kg的水，阳光照射一段时间后，水温从10℃升高到60℃，已知c水＝4.2×103J/（kg•℃）。求：（1）热水器中的水所吸收的热量；（2）如果水吸收的热量用天然气来提供，需要完全燃烧多少立方米的天然气？（天然气的热值为8.4×107J/m3，假设天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收）【分析】（1）已知水的质量与初末温度，由热量公式可以求出水所吸收的热量。（2）根据Q放＝Q吸，再根据Q放＝Vq求出天然气的体积。【解答】解：（1）热水器中水吸收的热量：Q＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×40kg×（60℃﹣10℃）＝8.4×106J；（2）天然气完全燃烧放出的热量Q放＝Q吸＝8.4×106J，因为Q放＝Vq所以天然气的体积V＝＝＝0.1m3。答：（1）热水器中的水所吸收的热量是8.4×106J；（2）如果水吸收的热量用天然气来提供，需要完全燃烧0.1m3的天然气。【点评】此题主要考查的是学生对吸热公式和燃料热值计算公式的理解和掌握，基础性题目。19．（6分）如图所示，工人师傅用一个定滑轮和动滑轮组成滑轮组，把重为500N的箱子在1min内匀速提升5m，作用在绳的自由端的拉力是300N，不计绳重和摩擦，（取g＝10N/kg）求：（1）动滑轮的重力；（2）此过程中该装置的机械效率。【分析】（1）由图示可知，使用滑轮组承担物重的绳子有效股数n＝2，不计摩擦和绳重时，拉力F＝（G+G动），据此求动滑轮的重力；（2）利用W＝Gh求拉力做的有用功；拉力端移动距离s＝2h，利用W＝Fs求拉力做的总功，此过程中该装置的机械效率等于有用功与总功之比。【解答】解：（1）由图示可知，使用滑轮组承担物重的绳子有效股数n＝2，不计摩擦和绳重时，拉力F＝（G+G动），则动滑轮的重力：G动＝2F﹣G＝2×300N﹣500N＝100N；（2）拉力做的有用功：W有用＝Gh＝500N×5m＝2500J；拉力端移动距离：s＝2h＝2×5m＝10m，拉力做的总功：W总＝Fs＝300N×10m＝3000J，此过程中该装置的机械效率：η＝＝×100%≈83.3%。答：（1）动滑轮的重力为100N；（2）此过程中该装置的机械效率约为83.3%。【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算，要利用好关系式。五.实验探究题（共3小题，20题8分，21题5分，22题6分）20．（8分）如图，小王利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆平衡条件”的实验。（1）实验前，杠杆静止时情况如图甲，为了便于实验，这时应将平衡螺母向右端调节，直到杠杆在水平位置平衡；（2）如图乙所示，在杠杆A点处挂4个钩码，为了让杠杆仍然在水平位置平衡，应在B点处应挂6个同样的钩码；（3）小王做完图乙实验后，通过改变钩码的个数和改变钩码的位置又进行了三次实验，实验中进行多次实验的目的是B；A.取平均值减少误差B.使实验结论具有普遍性（4）另一同学小李用弹簧测力计代替钩码，在B点处沿a方向向下拉，也能让杠杆在水平位置平衡，接着他将弹簧测力计绕B点从a位置逆时针转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，弹簧测力计的示数将变大（选填“变大”、“不变”或“变小”）。【分析】（1）在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；（2）根据杠杆的平衡条件计算出在B点挂的钩码个数；（3）杠杆平衡条件；实验中需多次实验，得出平衡条件，使结论更普遍性；（4）根据杠杆的平衡条件，当拉力F向右倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化。【解答】解：（1）由图知，右端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡。（2）设杠杆每格的长度为l，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件FALA＝FBLB：可得：FB＝＝6G；即需在B点处挂6个钩码。（3）杠杆调节好后，进行了三次实验，通过改变钩码的个数和改变钩码的位置又进行了三次实验，实验中进行多次实验的目的：为了得出普遍性结论，避免偶然性，故选B。（4）保持杠杆平衡，将弹簧测力计绕B点从a位置逆时针转到b位置时，拉力F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大。故答案为：（1）右；（2）6；（3）B；（4）变大。【点评】本题探究“杠杆的平衡条件”，考查器材的调试、杠杆平衡条件的运用，要掌握。21．（5分）如图所示，小明用一个钢球、一个木块、一个斜面和一块木板探究物体动能的大小与哪些因素有关。（1）该实验装置可探究动能与速度的关系。（2）该实验探究的是钢球（选填“钢球”或“木块”）的动能。（3）实验中物体动能的大小是通过木块移动的距