2024年贵州省黔东南州榕江县中考物理模拟试卷

第1页（共1页）2024年贵州省黔东南州榕江县中考物理模拟试卷一、选择题：本题共8个小题，每小题3分，共24分.第1～6题为单选题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.第7、8题为多项选择题，在每小题给出的四个选项中，至少有两项是符合题目要求的，全选对的得3分，选对但不全的得1分，选错或不选得0分。1．（3分）新能源纯电动汽车是指以车载电源为动力，将电源的电能转化为机械能，驱动电动机带动车轮行驶（）A．一次能源 B．二次能源 C．可再生能源 D．不可再生能源2．（3分）描写我国二十四节气的诗句中常蕴含着丰富的物理知识，如描写“霜降”的诗句“一夜霜寒木叶秋”。诗中所说的“霜”，其形成过程的物态变化属于（）A．液化 B．熔化 C．汽化 D．凝华3．（3分）遵义市校园足球联赛的开展，极大地丰富了校园文化生活，赛事中（）A．足球在草坪上静止不动时，受到重力、支持力和摩擦力的作用 B．前锋队员将飞来的足球顶向球门，说明力能改变物体的运动状态 C．踢出的足球继续向前滚动是因为足球受到惯性的作用 D．静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力是一对平衡力4．（3分）小明在学习完电与磁的知识后，自己动手用铁钉、电池和导线制作了几个电磁铁，已知I1＞I2，请你判断下列电磁铁中磁性最强的是（）A． B． C． D．5．（3分）第二十四届“冬奥会”于2022年2月4日至2月20日在北京和张家口成功举办。如图是运动员在本届“冬奥会”上参加不同比赛项目及领奖时的情景，其中所涉及的物理知识，下列说法正确的是（）A．甲图：冰刀的刀刃很锋利是采用减小受力面积的方法来减小对冰面的压强 B．乙图：自由滑雪空中技巧运动员落地后仍高速运动，是因为受到惯性的作用 C．丙图：被推动的冰壶，如果所受的力全部消失，冰壶将静止不动 D．丁图：站在颁奖台上的运动员所受的重力与颁奖台对运动员的支持力是一对平衡力6．（3分）如图所示，粗糙的弧形轨道竖直固定于水平面，一小球由A点以速度ν沿轨道滚下（）A．整个过程只有重力在对小球做功 B．小球在A、B两点具有的动能相同 C．小球在A、B、C三点的速度大小关系是νA＞νB＞νC D．小球在A点具有的机械能等于它在C点具有的重力势能（多选）7．（3分）杆秤作为华夏国粹，它制作轻巧，使用便利，同时它还承载着公平公正的象征意义。如图所示，是小阳同学制作的杆秤的示意图，用手提起B或C（相当于支点）处的秤纽，当秤杆水平平衡时，可读出货物的质量。秤砣最远可移至D点，AB、BC、BD的长度如图所示。下列说法正确的是（）A．秤砣的质量是0.4kg B．提起B秤纽，可以达到最大称量 C．距离C点12.5cm，有两个刻度，分别为1kg和3.1kg D．提起C秤纽，不挂货物时，使秤杆转动的力是秤砣的重力（多选）8．（3分）如图所示电路，电源电压为12V保持不变，小灯泡标有“4V1.6W”字样（灯丝电阻不受温度影响），电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，保证各元件不损坏，下列说法正确的是（）A．小灯泡能正常发光 B．小灯泡的最大功率是0.9W C．滑动变阻器阻值变化范围为30～50Ω D．滑动变阻器的最大功率是2.7W二、填空题：本题共4个小题，每空2分，共10分。9．（2分）随着5G网络的进一步完善，今后我们可以方便的使用5G手机进行无线网络登陆，5G手机使用传递信息。10．（2分）夏天，小明到小丽家去玩，小丽从冰箱里拿出饮料倒入纸杯里请小明喝。不一会（填物态变化名称）现象。11．（4分）小林用如图所示的滑轮组运送建材上楼，吊篮与绳重忽略不计，建材重为600N，小林用竖直向下大小为400N的拉力F，在10s内将建材竖直匀速提升5mW，使用该滑轮组的机械效率为%。（取g＝10N/kg）12．（2分）如图所示是烟雾浓度检测仪的电路原理图，电源电压为6V保持不变，R0为定值电阻，R1为气敏电阻，阻值随烟雾浓度的增大而增大，闭合开关S，此时R1的功率为P1；当烟雾浓度增大时，电压表的示数为2V，此时R1的功率为P2，则P1：P2＝。三、作图题：本题共3个小题，每小题2分，共6分。13．（2分）在表面粗糙的水平面上，A、B两个物体在水平拉力F的作用下一起向右做匀速直线运动，如图中甲所示。若突然把B物体取走（不计空气阻力）。14．（2分）如图所示，一束光经凸透镜后射在平面镜上，请完成光路图。15．（2分）如图所示已画出永磁体与通电螺线管之间的磁感线分布情况中的一条，请标出：①磁感线的方向；②在括号中标出电源右侧的极性（用“+”或“﹣”表示）。四、简答题：本题共2个小题，每小题3分，共6分。16．（3分）载人飞船完成预定任务后，载有航天员的返回舱要返回地球，为避免与大气剧烈摩擦产生的高热烧穿舱壁，在距地面10千米左右高度，先后拉出引导伞、减速伞和主伞，启动反推发动机，使返回舱实现软着陆。请说出此过程涉及的两个相关物理知识。（合理即可）17．（3分）小伟在社区举办的“正月十五耀花灯”活动中积极贡献自己的力量，他为社区居民自制具有鲜明文化特色的各式花灯，在固定花灯时他发现电源线长度不够，并用绝缘胶布粘贴连接处。在通电一段时间后，他发现连接处的绝缘胶布有“烧焦”迹象（绝缘胶布无质量问题）五、实验与科学探究题（本题共3小题，第18题10分，第19题10分，第20题8分，共28分）18．（10分）在“测定小灯泡的电功率”的实验中，小明同学选用了如图甲所示的器材，其中电源电压为6V（灯丝电阻约为10Ω），滑动变阻器的铭牌“20Ω，1A”。（1）请用笔画线代替导线将图甲的实验电路补充完整；（2）小明同学连接好电路后闭合开关，发现小灯泡没有发光，电压表无示数，则故障可能是；（3）排除故障后，小明同学将滑片移到某位置时，电压表的示数如图乙所示V，为了测量小灯泡的额定功率，小明应将滑动变阻器的滑片向（填“A”或“B”）端移动；（4）小明同学根据实验测得的数据，绘制出了小灯泡中的电流随它两端电压变化的关系图象如图丙所示，分析图象可知：小灯泡的额定功率为W。19．（10分）在铜仁市全面决胜脱贫攻坚工作中，老师们也积极响应此项工作，为贫困学生家庭送去了菜油、大米、牛奶等物品。为此，于是他设计了以下实验，请你帮助他完成：（1）将天平放在桌面上；（2）将游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针值向分度盘的右侧，此时应该把平衡螺母向（填“左”或“右”）调节，使天平平衡；（3）小明同学在测量牛奶质量的过程中，操作情况如图（a）所示；（4）改正错误后，所测得烧杯和牛奶的总质量为138.4g，倒出一部分在量筒中后（c）所示，再测出剩余牛奶和烧杯的质量（b）所示，则量筒中牛奶的质量为g；（5）小明所测得牛奶的密度为kg/m3。20．（8分）小华用饮料瓶、橡皮膜、玻璃管、浓盐水、清水、锥子、红墨水（为了方便观察染色）等器材做“探究液体内部压强与哪些因素有关”的实验。（1）如图甲所示，小华用锥子在装有水（滴有红墨水）的饮料瓶侧壁扎三个高度不同的孔，由此可以得出的结论是有关；（2）小华又进行了如图乙所示的操作，他仅做了一次实验就得出“同种液体在同一深度向各个方向的压强大小相等”的结论，请判断他的做法是否合理？，并说明理由：；（3）如图丙所示，小华用橡皮膜将玻璃管的一端蒙住，装入适量浓盐水并滴入两滴红墨水，直到内外液面相平，发现橡皮膜向下凸出。实验证明，盐水的内部压强（选填“大于”“等于”或“小于”）水的内部压强；（4）图甲实验中，若在饮料瓶瓶底扎一个小孔，随着水的不断流出，瓶子的重心将。A.降低B.不变C.升高D.先降低后升高六、综合应用题（本题共2个小题，每小题8分，共16分.解答时需写出必要的计算公式及过程或文字说明，若只写出计算结果将不得分）21．（8分）如图所示，电源电压恒定不变，小灯泡标有“6V1A”字样。开关闭合时，定值电阻R两端电压为12V，求：（1）小灯泡正常发光时的功率；（2）定值电阻的阻值；（3）电路消耗的总功率。22．（8分）如图甲是现保存于我国国家博物馆的世界上最大的青铜器“司母戊鼎”。青铜器是我国古代人民勤劳智慧的结晶。熔模法铸造青铜器更为细致、精美。该方法先以泥制作出内范，在其外部贴蜡，将蜡雕刻成所需制作的青铜器的形状，制成外范。通过加热使蜡熔化，倒出后形成空腔。再向空腔内注入青铜熔液，打去填充的泥范，便可得到与蜡模相同的青铜器。《考工记》中记载“金有六齐”，“齐”指的是合金。“钟鼎之齐”含铜量85.71%，含锡量14.29%；“大刃之齐”含铜量75%，含锡量25%；“鉴燧之齐”含铜量66.66%，含锡量33.33%请回答下列问题：（1）青铜熔液倒入空腔形成青铜器的过程，发生的物态变化是；青铜器铸好后，含锡量越高，硬度越；（2）青铜器“司母戊鼎”质量约为832.84kg，其受到的重力是多少？（g取10N/kg）（3）如图乙是由青铜盘和磁勺组成的司南，如果将青铜盘换成铸铁盘，磁勺是否还能继续正确辨别方向？（4）利用熔模法制作青铜鼎，制作蜡模用了4.5kg蜡，制作的青铜鼎的质量为39.96kg3kg/m3和8×103kg/m3，这个鼎的内部是否有气泡？

2024年贵州省黔东南州榕江县中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8个小题，每小题3分，共24分.第1～6题为单选题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.第7、8题为多项选择题，在每小题给出的四个选项中，至少有两项是符合题目要求的，全选对的得3分，选对但不全的得1分，选错或不选得0分。1．（3分）新能源纯电动汽车是指以车载电源为动力，将电源的电能转化为机械能，驱动电动机带动车轮行驶（）A．一次能源 B．二次能源 C．可再生能源 D．不可再生能源【分析】（1）能够从自然界直接获取的能源叫一次能源，不能够从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能获取的能源叫二次能源；（2）可以从自然界源源不断得到补充的能源叫可再生能源；短期内不能够从自然界源源不断得到补充的能源叫不可再生能源。【解答】解：电能不能够从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能获取，可再生能源与不可再生能源是在一次能源下的分类。故选：B。【点评】本题考查能源的分类，难度不大。2．（3分）描写我国二十四节气的诗句中常蕴含着丰富的物理知识，如描写“霜降”的诗句“一夜霜寒木叶秋”。诗中所说的“霜”，其形成过程的物态变化属于（）A．液化 B．熔化 C．汽化 D．凝华【分析】凝华指物质由气态直接转变成固态，凝华要放热。【解答】解：霜是水蒸气遇冷凝华形成的。故选：D。【点评】本题考查了凝华，属于基础题。3．（3分）遵义市校园足球联赛的开展，极大地丰富了校园文化生活，赛事中（）A．足球在草坪上静止不动时，受到重力、支持力和摩擦力的作用 B．前锋队员将飞来的足球顶向球门，说明力能改变物体的运动状态 C．踢出的足球继续向前滚动是因为足球受到惯性的作用 D．静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力是一对平衡力【分析】（1）一对平衡力必须同时符合四个条件，即大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，缺一不可；（2）力既能改变物体的运动状态，也能是物体发生形变；（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力。【解答】解：A、足球在草坪上静止不动时、也没有相对运动的趋势，只受到重力和支持力的作用；B、前锋队员将飞来的足球顶向球门，说明力能改变物体的运动状态；C、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，踢出的足球继续向前滚动是因为足球具有惯性；D、静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力，不是一对平衡力，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了平衡力的辨别、力的作用效果、惯性现象等，有一定综合性，但难度不大。4．（3分）小明在学习完电与磁的知识后，自己动手用铁钉、电池和导线制作了几个电磁铁，已知I1＞I2，请你判断下列电磁铁中磁性最强的是（）A． B． C． D．【分析】电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯。在电流和铁芯一定时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强；在线圈和铁芯一定时，电流越大，电磁铁磁性越强。【解答】解：电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数多少，电磁铁无磁性；在线圈和铁芯一定时，电流越大，即A图中比C图中电磁铁的磁性更强；在电流和铁芯一定时，线圈的匝数越多，即D图中比A图中电磁铁的磁性更强。因此D图中的电磁铁中磁性最强。故选：D。【点评】掌握电磁铁磁性强弱的影响因素，利用控制变量法，探究电磁铁磁性强弱跟各因素之间的关系。5．（3分）第二十四届“冬奥会”于2022年2月4日至2月20日在北京和张家口成功举办。如图是运动员在本届“冬奥会”上参加不同比赛项目及领奖时的情景，其中所涉及的物理知识，下列说法正确的是（）A．甲图：冰刀的刀刃很锋利是采用减小受力面积的方法来减小对冰面的压强 B．乙图：自由滑雪空中技巧运动员落地后仍高速运动，是因为受到惯性的作用 C．丙图：被推动的冰壶，如果所受的力全部消失，冰壶将静止不动 D．丁图：站在颁奖台上的运动员所受的重力与颁奖台对运动员的支持力是一对平衡力【分析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；（3）一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，这就是牛顿第一定律；（4）处于平衡状态的物体受到的力是平衡力；二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。【解答】解：A、冰刀的刀刃做得非常锋利是通过减小受力面积来增大对冰面压强的；B、自由滑雪空中技巧运动员落地后仍高速运动，惯性不是力，故B错误；C、根据牛顿第一定律可得，如果所受的力全部消失，故C错误；D、运动员站在颁奖台上静止时处于平衡状态，所以是一对平衡力。故选：D。【点评】此题以冬奥会项目为材料，考查了增大压强的方法、力与运动的关系、惯性，以及平衡力和相互作用力的区分等知识点，体现了物理关注社会热点的特点。6．（3分）如图所示，粗糙的弧形轨道竖直固定于水平面，一小球由A点以速度ν沿轨道滚下（）A．整个过程只有重力在对小球做功 B．小球在A、B两点具有的动能相同 C．小球在A、B、C三点的速度大小关系是νA＞νB＞νC D．小球在A点具有的机械能等于它在C点具有的重力势能【分析】（1）做功的条件是：有力，且沿力的方向运动一段距离；（2）由于受到的阻力，所以小球下落过程中，有机械能的损失；（3）物体受到非平衡力，其运动状态不断变化（如速度改变）。【解答】解：A、小球受到竖直向下的重力的作用，移动了距离，因为是粗糙的弧形轨道，要克服摩擦力做功；B、在粗糙的弧形轨道上受摩擦力，所以小球下落过程中，故在A，故B错误；C、小球运动过程中，机械能减小，故小球在A、BA＞νB＞νC，故C正确；D、要克服摩擦力做功，故在A点具有的机械能大于它在C点具有的重力势能。故选：C。【点评】此题考查了力是改变物体运动状态的原因、能量的转化和运动快慢的分析，是一道综合题目。（多选）7．（3分）杆秤作为华夏国粹，它制作轻巧，使用便利，同时它还承载着公平公正的象征意义。如图所示，是小阳同学制作的杆秤的示意图，用手提起B或C（相当于支点）处的秤纽，当秤杆水平平衡时，可读出货物的质量。秤砣最远可移至D点，AB、BC、BD的长度如图所示。下列说法正确的是（）A．秤砣的质量是0.4kg B．提起B秤纽，可以达到最大称量 C．距离C点12.5cm，有两个刻度，分别为1kg和3.1kg D．提起C秤纽，不挂货物时，使秤杆转动的力是秤砣的重力【分析】（1）我们可以把杆秤抽象为杠杆，则B（C）为支点，A点为阻力作用点，阻力臂为AB（AC）；秤砣对杆秤的力为动力，当杆秤在水平位置平衡时，动力臂为B（C）到悬挂秤砣的最远位置D点的距离；根据量程结合杠杆的平衡条件计算秤砣的质量；（2）根据杠杆平衡条件计算不同支点时距离C点12.5cm的刻度；（3）使秤杆转动的力是秤砣对杆秤的拉力。【解答】解：（1）根据杠杆的平衡条件可知：当提着B处秤纽、秤砣在D点时A＝，当提着C处秤纽、秤砣在D点时A′＝，因BD＞CD、AB＜ACA＞GA′，即提B处秤纽时，故B正确；当提着B处秤纽、秤砣挂在D点，秤杆可以在水平位置平衡A•AB＝G秤砣•BD，由G＝mg可得mAg•AB＝m秤砣g•BD，则m秤砣＝＝＝0.2kg；（2）当提起B处秤纽时，阻力臂为AB＝2cm，根据杠杆的平衡条件可列式：G•AB＝G秤砣•BD′。由G＝mg可得mg•AB＝m秤砣g•BD′，则m＝＝＝4.1kg，当提起C处秤纽时，阻力臂为AC＝AB+BC＝2cm+6cm＝5cm，根据杠杆的平衡条件可列式：G•AC＝G秤砣•CD′。由G＝mg可得mg•AC＝m秤砣g•CD′，则m＝＝＝3kg；（3）提起C秤纽，不挂货物时，故D错误。故选：ABC。【点评】本题考查杠杆平衡条件的灵活运用，将杆秤抽象为杠杆是解题的关键。这种将具体事物抽象为物理模型的方法称之为模型法，是解答物理试题中常见的方法之一。（多选）8．（3分）如图所示电路，电源电压为12V保持不变，小灯泡标有“4V1.6W”字样（灯丝电阻不受温度影响），电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，保证各元件不损坏，下列说法正确的是（）A．小灯泡能正常发光 B．小灯泡的最大功率是0.9W C．滑动变阻器阻值变化范围为30～50Ω D．滑动变阻器的最大功率是2.7W【分析】由图知，滑动变阻器与L串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中电流；（1）比较电压表的量程和小灯泡的额定电压小灯泡是否正常发光；（2）由P＝UI计算灯泡正常工作电流，由欧姆定律算出小灯泡的电阻，由于电压表的量程为0～3V，所以小灯泡两端的最大电压为3V，通过欧姆定律求得小灯泡的最大电流，由P＝UI算出电路中消耗的最大功率；（3）当电压表示数为3V时，灯泡两端的电压最大，由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的最小电压；根据串联电路电压的规律算出滑动变阻器的最小电阻；当滑动变阻器阻值变大时，电路总电阻变大，电路电流变小，电流各元件是安全的，则滑动变阻器接入电路最大阻值为50Ω；（4）根据P＝I2R＝R＝＝＝＝表示出滑动变阻器的功率；当滑动变阻器接入电路的电阻等于小灯泡的电阻时，滑动变阻器的功率最大，由P大＝算出滑动变阻器的最大功率。【解答】解：A、由图可知：小灯泡与滑动变阻器串联；若小灯泡能正常发光，已超过电压表量程，故A错误；BC、由可知：小灯泡阻值；电源电压不变、小灯泡灯丝电阻不变，电路总电阻最小，小灯泡电压最大；由题意可知：小灯泡两端电压最大为3V，则由，故B正确；此时滑动变阻器电压Up小＝U﹣U大＝12V﹣3V＝8V，小灯泡与滑动变阻器的电压之比为1：3，则此时滑动变阻器的最小阻值为Rp小＝5RL＝3×10Ω＝30Ω；当滑动变阻器阻值变大时，电路电流变小，则滑动变阻器接入电路最大阻值为50Ω，故C正确；D、滑动变阻器的功率是：P＝I2R＝R＝＝＝＝，当滑动变阻器接入电路的电阻等于小灯泡的电阻时，滑动变阻器的功率最大P大＝＝＝5.6W。故选：BC。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式以及焦耳定律公式的灵活运用，关键是电路中最大电流的确定和滑动变阻器两端电压最大值、最小值的判断。二、填空题：本题共4个小题，每空2分，共10分。9．（2分）随着5G网络的进一步完善，今后我们可以方便的使用5G手机进行无线网络登陆，5G手机使用电磁波传递信息。【分析】无线通信是利用电磁波传递信息的。【解答】解：5G手机使用电磁波传递信息。故答案为：电磁波。【点评】本题考查了电磁波的应用，属于基础题。10．（2分）夏天，小明到小丽家去玩，小丽从冰箱里拿出饮料倒入纸杯里请小明喝。不一会液化（填物态变化名称）现象。【分析】液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。【解答】解：纸杯壁上的小水珠是热的水蒸气遇到冷的杯子放热液化形成的。故答案为：液化。【点评】本题考查了液化现象，属于基础题。11．（4分）小林用如图所示的滑轮组运送建材上楼，吊篮与绳重忽略不计，建材重为600N，小林用竖直向下大小为400N的拉力F，在10s内将建材竖直匀速提升5m400W，使用该滑轮组的机械效率为75%。（取g＝10N/kg）【分析】根据图示得出连接动滑轮绳子的段数，根据s＝nh求出绳子自由端移动的距离，根据W＝Fs求出总功，根据P＝求出拉力的功率；根据W＝Gh求出有用功，根据机械效率公式求出机械效率的大小。【解答】解：由图知，承担物重的绳子股数n＝2；总功为：W总＝Fs＝400N×10m＝4000J；绳端拉力F的功率：P＝＝＝400W；有用功为：W有＝Gh＝600N×5m＝3000J，滑轮组的机械效率：η＝×100%＝。故答案为：400；75。【点评】本题考查了做功公式、功率公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。12．（2分）如图所示是烟雾浓度检测仪的电路原理图，电源电压为6V保持不变，R0为定值电阻，R1为气敏电阻，阻值随烟雾浓度的增大而增大，闭合开关S，此时R1的功率为P1；当烟雾浓度增大时，电压表的示数为2V，此时R1的功率为P2，则P1：P2＝9：8。【分析】求出电压之比、电阻之比，根据公式P＝得出电功率之比。【解答】解：闭合开关，R0与R1，串联，电压表测R4两端的电压，某时刻电压表示数为3V1两端的电压U8＝U﹣U0＝6V﹣7V＝3V，根据R＝可知0与R7的阻值之比是1：1，同理，R2两端的电压U1′＝U﹣U0′＝8V﹣2V＝4V，R8与R1′的阻值之比是1：3，则R1：R1′＝2：2，则P＝，P4＝＝，P2＝＝，解得P1：P6＝9：8。故答案为：7：8。【点评】本题考查电功率的比例计算，稍有难度。三、作图题：本题共3个小题，每小题2分，共6分。13．（2分）在表面粗糙的水平面上，A、B两个物体在水平拉力F的作用下一起向右做匀速直线运动，如图中甲所示。若突然把B物体取走（不计空气阻力）。【分析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。【解答】解：A物体受到地面竖直向上的支持力和水平向左的摩擦力，作用点在物体A的重心处【点评】本题考查了物体的受力分析、力的示意图的画法，属于基础题。14．（2分）如图所示，一束光经凸透镜后射在平面镜上，请完成光路图。【分析】（1）作出折射光线要根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点来作；（2）作出反射光线要根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角来作。【解答】解：根据折射光线过凸透镜的焦点画出即可；过平面镜的入射点垂直镜面作出法线。如图所示：【点评】（1）凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；（2）熟记反射定律的内容：射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，并会作图。15．（2分）如图所示已画出永磁体与通电螺线管之间的磁感线分布情况中的一条，请标出：①磁感线的方向；②在括号中标出电源右侧的极性（用“+”或“﹣”表示）。【分析】磁感线是从磁体的N极出来，回到磁体的S极的；根据螺线管的极性，利用安培定则判定螺线管中电流的方向，从而标出正负极。【解答】解：由图可知，永磁体的右端为S极，磁感线是从磁体的N极出来，所以螺线管的左端为N极，根据安培定则可知，左侧流出，如图所示：【点评】本题主要考查安培定则、磁感线的特点，作图时要注意作图方法及画图的要求。四、简答题：本题共2个小题，每小题3分，共6分。16．（3分）载人飞船完成预定任务后，载有航天员的返回舱要返回地球，为避免与大气剧烈摩擦产生的高热烧穿舱壁，在距地面10千米左右高度，先后拉出引导伞、减速伞和主伞，启动反推发动机，使返回舱实现软着陆。请说出此过程涉及的两个相关物理知识。（合理即可）【分析】熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热；力的作用是相互的；【解答】答：载有航天员的返回舱返回地球时，返回舱表面的烧蚀材料熔化吸热；在距地面1米左右时，发动机给空气一个向下的力，故空气会给返回舱一个向上的力。【点评】本题考查了物理常识，属于基础题。17．（3分）小伟在社区举办的“正月十五耀花灯”活动中积极贡献自己的力量，他为社区居民自制具有鲜明文化特色的各式花灯，在固定花灯时他发现电源线长度不够，并用绝缘胶布粘贴连接处。在通电一段时间后，他发现连接处的绝缘胶布有“烧焦”迹象（绝缘胶布无质量问题）【分析】导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，因为导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多。【解答】答：将两根导线连接成一根导线来增加导线长度，导线相互连接处因接触不良，串联在电路中、通电时间相等2Rt，连接处产生的热量较多。【点评】本题考查的是焦耳定律的应用，属于基础题。五、实验与科学探究题（本题共3小题，第18题10分，第19题10分，第20题8分，共28分）18．（10分）在“测定小灯泡的电功率”的实验中，小明同学选用了如图甲所示的器材，其中电源电压为6V（灯丝电阻约为10Ω），滑动变阻器的铭牌“20Ω，1A”。（1）请用笔画线代替导线将图甲的实验电路补充完整；（2）小明同学连接好电路后闭合开关，发现小灯泡没有发光，电压表无示数，则故障可能是电压表被短路或者是小灯泡短路；（3）排除故障后，小明同学将滑片移到某位置时，电压表的示数如图乙所示2.2V，为了测量小灯泡的额定功率，小明应将滑动变阻器的滑片向A（填“A”或“B”）端移动；（4）小明同学根据实验测得的数据，绘制出了小灯泡中的电流随它两端电压变化的关系图象如图丙所示，分析图象可知：小灯泡的额定功率为0.625W。【分析】（1）电压表和小灯泡并联，电压表测量小灯泡两端的电压，根据小灯泡的额定电压，选择电压表的量程；电流表和小灯泡串联，电流表测量小灯泡的电流，知道小灯泡的额定电压和电阻，根据欧姆定律求出小灯泡的电流，选择电流表的量程；滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱；（2）发现小灯泡没有发光，电流表的指针有明显偏转，则电流表有示数，说明整个电路是通路，电压表无示数，说明电压表被短路或者是小灯泡短路；（3）电压表的读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少；串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻分担的电压之比等于电阻之比，根据这个特点判断滑动变阻器滑片的移动方向；（4）知道小灯泡的额定电压，在图象上找到小灯泡的额定电流，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率。【解答】解：（1）电流表和小灯泡串联，电流表测量小灯泡的电流，小灯泡的电阻约为10Ω，小灯泡的额定电流约为：I＝＝，所以电流表选择8～0.6A量程，滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱，接如下图所示：（2）发现小灯泡没有发光，电流表的指针有明显偏转，说明整个电路是通路，说明电压表被短路或者是小灯泡短路；（3）电压表使用的2～3V量程，每一个大格代表1V，电压为3.2V；小灯泡两端的电压是2.2V，需要小灯泡两端的电压是2.5V，在电源电压一定时，所以滑动变阻器的阻值变小；（4）小灯泡的额定电压是4.5V，如图丙知，小灯泡的额定功率：P＝UI＝2.7V×0.25A＝0.625W。故答案为：（1）见解析；（2）电压表被短路或者是小灯泡短路；A；（4）3.625。【点评】本题考查了伏安法测量小灯泡的功率、测量电阻以及特殊方法测量小灯泡的额定功率等，是一道比较典型的电功率测量实验题。19．（10分）在铜仁市全面决胜脱贫攻坚工作中，老师们也积极响应此项工作，为贫困学生家庭送去了菜油、大米、牛奶等物品。为此，于是他设计了以下实验，请你帮助他完成：（1）将天平放在水平桌面上；（2）将游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针值向分度盘的右侧，此时应该把平衡螺母向左（填“左”或“右”）调节，使天平平衡；（3）小明同学在测量牛奶质量的过程中，操作情况如图（a）所示称量物体质量时移动平衡螺母；（4）改正错误后，所测得烧杯和牛奶的总质量为138.4g，倒出一部分在量筒中后（c）所示，再测出剩余牛奶和烧杯的质量（b）所示，则量筒中牛奶的质量为60g；（5）小明所测得牛奶的密度为1.2×103kg/m3。【分析】（1）使用天平测量物体质量时，天平放在水平桌面上。（2）天平放在水平桌面上，游码归零，平衡螺母向上翘的一端移动，使天平的横梁平衡。（3）调节平衡螺母在称量物体之前操作，在称量物体质量时，不能移动平衡螺母。（4）物体的质量等于砝码的质量和游码对应的刻度之和。（5）知道烧杯和牛奶的总质量，牛奶倒入量筒中一部分测量体积V，求出烧杯和剩余牛奶的质量，求出量筒中牛奶的质量，根据密度公式求出牛奶的密度。【解答】解：（1）使用天平测量物体质量时，天平放在水平桌面上。（2）将游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针值向分度盘的右侧，左端上翘。（3）小明同学在测量牛奶质量的过程中，小明同学移动了平衡螺母；另外。（4）烧杯和牛奶的总质量为m0＝138.4g，烧杯和剩余牛奶的质量为：m'＝50g+20g+8g+3.4g＝78.8g，量筒中牛奶的质量为：m＝m0﹣m'＝138.4g﹣78.8g＝60g。（5）量筒中牛奶的体积为：V＝50mL＝50cm3，牛奶的密度为：ρ＝＝＝6.2g/cm3＝8.2×103kg/m4。故答案为：（1）水平；（2）左；（4）603。【点评】本题考查了天平的正确使用、量筒的使用、密度测量方法等，是比较典型的液体密度测量习题。20．（8分）小华用饮料瓶、橡皮膜、玻璃管、浓盐水、清水、锥子、红墨水（为了方便观察染色）等器材做“探究液体内部压强与哪些因素有关”的实验。（1）如图甲所示，小华用锥子在装有水（滴有红墨水）的饮料瓶侧壁扎三个高度不同的孔，由此可以得出的结论是同种液体产生的压强与深度有关；（2）小华又进行了如图乙所示的操作，他仅做了一次实验就得出“同种液体在同一深度向各个方向的压强大小相等”的结论，请判断他的做法是否合理？不合理，并说明理由：根据一次实验得出的实验结论有偶然性；（3）如图丙所示，小华用橡皮膜将玻璃管的一端蒙住，装入适量浓盐水并滴入两滴红墨水，直到内外液面相平，发现橡皮膜向下凸出。实验证明，盐水的内部压强大于（选填“大于”“等于”或“小于”）水的内部压强；（4）图甲实验中，若在饮料瓶瓶底扎一个小孔，随着水的不断流出，瓶子的重心将D。A.降低B.不变C.升高D.先降低后升高【分析】（1）根据越往下的孔深度越大，水射出的距离越大分析回答；（2）为得出普遍性的结论要多次测量；（3）发现橡皮膜向下凸出，可知玻璃管内部液体产生的压强大；（4）根据瓶子中水的重力的变化分析瓶子重心的变化。【解答】解：（1）如图甲所示，越往下的孔深度越大，由此可以得出的结论是同种液体产生的压强与深度有关；（2）小华又进行了如图乙所示的操作，他仅做了一次实验就得出“同种液体在同一深度向各个方向的压强大小相等”的结论，理由：根据一次实验得出的实验结论有偶然性；（3）如图丙所示，小华用橡皮膜将玻璃管的一端蒙住，把玻璃管浸入装水的饮料瓶中，发现橡皮膜向下凸出，实验证明，盐水的内部压强大于水的内部压强；（4）随着水的不断射出，直到瓶子中的水全部射出