2022-2023学年福建省永春某中学招生全国统一考试考试（模拟卷）物理试题

2022-2023学年福建省永春一中招生全国统一考试考试（模拟卷）物理试题

考生须知：

1.全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色

字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移一时间（x-r）图象如图所示，由图象可以得出在

B.4s时甲、乙两物体间的距离最大

C.甲的平均速度等于乙的平均速度

D.甲、乙两物体间的最大距离为6m

2、如图所示，在直角坐标系宜万平面内存在一正点电荷。，坐标轴上有4、3、C三点，OA=OB=BC=a,其中A点和

3点的电势相等，。点和C点的电势相等，静电力常量为A,则下列说法正确的是（）

.V

A

"^15"c~i

A.点电荷。位于O点

B.O点电势比A点电势高

C.C点的电场强度大小为鸟

2a2

D.将某一正试探电荷从A点沿直线移动到C点，电势能一直减小

3、如图（a）所示，在倾角。=37的斜面上放置着一个金属圆环，圆环的上半部分处在垂直斜面向上的匀强磁场（未

画出）中，磁感应强度的大小按如图（b）所示的规律变化。释放圆环后，在，=&。和，=9乙）时刻，圆环均能恰好静

止在斜面上。假设圆环与斜面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37=0.6,则圆环和斜面间的动摩擦因数为（）

151927

I).

162028

4、一个小球以一定的水平速度抛出，经过久时间，小球和抛出点的连线与水平方向夹角为37。，再经过，时间，小球

和抛出点的连线与水平方向的夹角为53。，不计空气阻力，下列说法正确的是

5、利用半导体二极管的单向导电性，可以对交变电流进行整流将交变电流变为直流，一种简单的整流电路如图甲所示,

就为交变电流信号输入端，。为半导体二极管，R为定值电阻。信号输入后，电阻R两端输出的电压信号如图乙所示,

则关于该输出信号，下列说法正确的是（）

A.频率为100Hz.

B.电压有效值为50V

C.一个标有“90V,30|iF”的电容器并联在电阻K两端，可以正常工作

D.若电阻R=100Q,贝!!Imin内R产生的热量为2.5xl（PJ

6、AC、CD为两个倾斜角度不同的固定光滑斜面，其中NAC8<45。，水平距离均为BC,两个完全相同且可视为质

点的物块分别从A点和&点由静止开始下滑，不计一切阻力，则（）

A.沿AC下滑的物块到底端用时较少

B.沿AC下滑的物块重力的冲量较大

C.沿AC下滑的物块到底端时重力功率较小

D.沿AC下滑的物块到底端时动能较小

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、在双缝干涉实验中，用绿色激光照射在双缝上，在缝后的屏幕上显示出干涉图样.若要增大干涉图样中两相邻亮条

纹的间距，可选用的方法是（）

A.改用红色激光

B.改用蓝色激光

C.减小双缝间距

D.将屏幕向远离双缝的位置移动

E.将光源向远离双缝的位置移动

8、如图所示，将一个细导电硅胶弹性绳圈剪断，在绳圈中通入电流，并将其置于光滑水平面上，该空间存在竖直向下

的匀强磁场。已知磁感应强度为线，硅胶绳的劲度系数为上，通入电流前绳圈周长为L,通入顺时针方向的电流/稳

定后，绳圈周长变为则下列说法正确的是（）

A.通电稳定后绳圈中的磁通量大于蛆

4zr

B.AC3段绳圈所受安培力的合力大小为巨心

2

C.图中48两处的弹力大小均为空区

2%

L2冗

D.题中各量满足关系式

9、如图甲所示，在平静湖面上有两个相距2m的波源8、Sz上下振动产生两列水波，Si>S2波源振动图象分别如图乙.

丙所示。在两波源的连线，上有M、N两点，M点距波源S1为0.8m,N点距波源S2为0.9m。已知水波在该湖面上的

传播速度为0.2m/s,从。时刻开始计时，经过10s时，下列说法正确的是

甲

A.M点的振幅为10cm

B.N点的振幅为10cm

C.N点为振动加强点

D.N点位移为一30cm

E.M点位移为10cm

10、如图所示，相距d、长为2d的两平行金属板以匕正对放置，其间有正交的匀强电场（竖直向上）和匀强磁场（垂

直纸面向外），一带正电的离子以初速度%从两金属板中间（到。极板的距离为沿垂直于电场和磁场的方向射入,

恰好在极板间沿直线运动，已知匀强磁场的磁感应强度大小为8,离子的质量为用，所带电荷量为驾，不计离子

5dB

重力，则下列说法正确的是（）

b

A.公〃两极板的电势差为与《

2

B.若撤去磁场，离子将打到匕极板上，且到力极板左端的距离为亘

2

C.若撤去电场，离子将打到a极板上，且到。极板左端的距离为a

D.若撤去电场，离子恰好从。极板右端离开

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）如图甲所示，在“探究功与速度变化的关系”的实验中，主要过程如下：

孤=鼻计时器

皮筋

甲

A.设法让橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W.............

B.分析纸带，求出橡皮筋做功使小车获得的速度，，卜也、V3............

C.作出W-v图象；

2

D.分析W・y图象.如果图象是一条直线，表明如果不是直线，可考虑是否存在W^v.WocF\Woe，；

等关系.

⑴实验中得到的一条如图乙所示的纸带，求小车获得的速度应选______________（选填“A3”或“CD”）段来计算.

<2.93.74.96.5.7.2.7.2,7.2,7^.）

I•尸井1户4盆广1I

乙

⑵关于该实验，下列说法正确的有

A.通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加

R.通过改变小车质量可以改变橡皮筋对小车做的功

C.每次实验中，橡皮筋拉伸的长度必需保持一致

D.先接通电源，再让小车在橡皮筋的作用下弹出

⑶在该实验中，打点计时器正常工作，纸带足够长，点迹清晰的纸带上并没有出现一段等间距的点，造成这种情况的

原因可能是.（写出一条即可）

12,（12分）为了精确测量某待测电阻K的阻值（约为30。）。有以下一一些器材可供选择。

电流表A1（量程0~50mA,内阻约12Q）；

电流表A2（量程0~3A,内阻约0.12Q）；

电压表Vi（量程0~3V,内阻很大）；

电压表V2（量程0~15V,内阻很大）

电源E（电动势约为3V,内阻约为0.2Q）；

定值电阻R（50C,允许最大电流2.0A）；

滑动变阻器Q（0〜10。，允许最大电流2.0A）；

滑动变阻器电（（MkC,允许最大电流0.5A）

单刀单掷开关S一个，导线若干。

（D为了设计电路，先用多用电表的欧姆挡粗测未知电阻，采用“xlO”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大,

最后几乎紧挨满偏刻度停下来，下列判断和做法正确的是（填字母代号）。

A.这个电阻阻值很小，估计只有几欧姆

B.这个电阻阻值很大，估计有几千欧姆

C.如需进一步测量可换“xi”挡，调零后测量

D.如需进一步测量可换“xlOO”挡，调零后测量

（2）根据粗测的判断，设计一个测量电路，要求测量尽量准确，画出实验电路图，并将各元件字母代码标在该元件的

符号旁o

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）为研究工厂中天车的工作原理，某研究小组设计了如下模型：如图所示，质量〃，c=3kg的小车静止在光

滑水平轨道的左端，可视为质点的4、B两个弹性摆球质量小A=加户1鹏，摆线长L=0.8m,分别挂在轨道的左端和小

车上.静止时两摆线均在竖直位置，此时两摆球接触而不互相挤压，且球心处于同一水平线上.在同一竖直面内将A

球拉起到摆线水平伸直后，由静止释放，在最低点处与5球相碰，重力加速度大小g取lOm/sl求：

/ft

（1）A球摆到最低点与8球碰前的速度大小孙；

（1）相碰后5球能上升的最大高度/、；

（3）3球第一次摆回到最低点时对绳子拉力的大小.

14.（16分）如图所示，一列沿x轴正方向传播的简谐横波在U0时刻的波形如图中的实线所示，此时这列波恰好传播

到尸点，再经过1.5s,坐标为x=8m的。点开始起振，求：

①该列波的周期丁和振源O点的振动方程；

②从U0时刻到Q点第一次达到波峰时，振源。点相对平衡位置的位移），及其所经过的路程so

15.（12分）如图所示，半径R=7.5m的四分之一光滑圆弧。夕竖直放置，与粗糙水平地面平滑连接于尸点，整个空

间存在场强大小£=2xl（）3v/m的匀强电场，竖直边界右侧电场方向水平向右，左侧电场方向竖直向上；小物

块48（视为质点）大小形状相同，4电荷量为q=+5xl0-3c,台不带电，质量mA=3kg,ms=lkg。从。点由

静止释放A,与静止在地面上。点的4碰撞。已知48与地面间动摩擦因数均为4=0.2,尸、O间距离％=16.5m,

g取10m/s2,A8间碰撞为弹性碰撞且碰撞时间极短。求:

（D物块A运动到尸点时，受到圆弧轨道支持力的大小；

(2)物块48碰撞后瞬间，A为速度的大小和方向；

(3)物块A3第一次碰撞后，过多长时间发生第二次碰撞。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

A.尢一，图像的斜率等于速度，可知在。〜2s内甲、乙都沿正向运动，运动方向相同。2~4s内甲沿负向运动，乙仍

沿正向运动，运动方向相反，故A错误。

BD.0〜2s内甲乙同向运动，甲的速度较大，两者距离不断增大。2s后甲反向运动，乙仍沿原方向运动，两者距离

减小，则2s时甲、乙两物体间的距离最大，最大距离为s=4m-lm=3m,故BD错误。

C.由图知，在。〜4s内甲、乙的位移都是2m,平均速度相等，故C正确。

2、C

【解析】

因A点和B点的电势相等，O点和C点的电势相等，故A、B到点电荷的距离相等，O、C到点电荷的距离也相等，

则点电荷位置如图所示

由图可知A错误，因点电荷带正电，故离点电荷越近电势越高，故O点电势比A点低，故B错误，由图可知OC的

距离根据£1=%¥，得纥=!乌，故C正确；由图可知，将正试探电荷从A点沿直线移动到C点，电

r2a~

势先升高再降低，故电势能先增大再减小，故D错误，故选C.

3、D

【解析】

根据楞次定律可知，08/°时间内感应电流的方向沿顺时针方向，由左手定则可知圆环上部受安培力沿斜面向下，设

圆环半径为「，电阻为凡在

”防时

有

①A稣

Er..=——▲=---B----1-nr2=——nr2,/.=—E1.

1

AtAt216/0R

此时圆环恰好静止由平衡得

mgsin0+-2r=/nmgcos0

同理在

"”时

圆环上部分受到的安培力沿斜面向上

△中Bi)2rE,

E2=--=-^-nr,

-加2foR

圆环此时恰好静止，由平衡得

mgsin0+卬ngcos0=Bo/2-2r

联立以上各式得

27

u——

28

故ABC错误，D正确。

故选D。

4、C

【解析】

设平抛初速度大小为玲，经过时间加有:

tan37。—=红Qt

Wo2%

再经过时间，，有:

,53。=权”[=幽辿

2%

所以

tan37°_九

tan53°+f

解得：

7

t=一，（）

9°

9

A.f=与计算结果不符，故A错误。

16

B.，=二。与计算结果不符，故B错误。

16

7

C.，=,右与计算结果相符，故C正确。

D.f=与计算结果不符，故D错误。

5、B

【解析】

A.由图乙可知，该电压的周期T=0.02s,故频率为

,1

f=—=50Hz

T

故A错误；

B.由电流的热效应知，一个周期内电阻产生的热量

U2ul

—x0.01=—^x0.02

RR

其中的

U=^r=50s/2V

V2

故电压有效值为U产50V,故B正确；

C.电容器两端的瞬时电压不应超过标称电压90V,而K两端电压的瞬时值最大为100V,故电容不能正常工作，故C

错误；

D.电阻K产生的热量应使用电压的有效值进行计算，故Imin内产生的热量为

2=­r=1.5xio*J

R

故D错误。

故选B。

6、A

【解析】

A.由于两者水平距离相同，均可用水平距离表示出运动时间，设水平距离为X,斜面倾角为贝II：

X1.八2

--=-^sin6>r

cos。2

得：

_I2xI4x

VgsinOcosO\gsin20

则倾角越大用时越少，A正确；

B.重力冲量:

I=mgt

沿轨道AC下滑的物块到底端用时较小，重力的冲量较小，B错误；

CD.由动能定理：

12

mgnf=­wv*

可知沿轨道AC下滑的物块重力做功大，所以到底端时速度大，动能较大；沿轨道AC下滑的物块到底端时速度大,

倾斜角度。大，由重力瞬时功率功率：

P=mgvsin3

可知其重力瞬时功率较大，C错误，D错误。

故选A。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACD

【解析】

A.根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距可知，改用红色激光，波长变大，则条纹的间距变大，选项A正确;

a

B.根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距可知，改用蓝色激光，则波长变短，则条纹的间距变小，选项B错

a

误；

C.根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距&r==2可知，减小双缝间距d,则条纹的间距变大，选项C正确；

(1

D.根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距Ax==2可知，将屏幕向远离双缝的位置移动，即/变大，则条纹的间距变大,

d

选项D正确；

E.根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距可知，将光源向远离双缝的位置移动对条纹间距无影响，选项E错

a

误.

8、ACD

【解析】

A.通入顺时针方向电流/稳定后，绳圈周长为。，由

A=25

可得弓=右，面积

2万

jj2

5=*=4幺)2=，

12，4万

由安培定则可判断出环形电流在环内产生的磁场方向竖直向下，绳圈内磁感应强度大于综，由磁通量公式

(P=BS

DT-

可知通电稳定后绳圈中的磁通量大于3,故A正确；

4%

B.4cB段的等效长度为〃，故AC3段所受安培力

故B错误;

C.设题图中八出两处的弹力大小均为片，对半圆弧AC。段，由平衡条件有

2Q皿

7t

解得G=竽1,故C正确；

2兀

D.由胡克定律有

-L)

解得一=半,两侧均除以乙，得

2k兀

1上且L

A2&乃

L2k%一BJ

即丁二M,故D正确。

L12k兀

故选ACDo

9、ACD

【解析】

ABC.由图乙或丙可知，周期为2s,且两波的振动步调相反，则波长为

x=v7'=0.4m

M点到两波源的距离差为

2

=0.4m=—x2

则M点为振动减弱点，N点到两波源的距离差为

2

=0.2m=yxl

则N点为振动加强点，因此M点的振幅为10cm,N点振幅为30cm,故A正确，B错误，C正确;

D.两列波传到N点所用的时间分别为5.5s和4.5s,到10s时si波使N点振动

45s=2.257

此时振动在波谷，至ij10s时S2波使N点振动

5.5s=2.757

此时也在波谷，则到10s时N点位移为一30cm,故D正确；

E.两列波传到M点所用的时间分别为4.0s和6.0s,至lj10s时Si波使M点振动

6.0s=37

此时振动在平衡位置，到10s时S2波使M点振动

4.0s=27

此时也在平衡位置，则到10s时M点位移为0,故E错误。

故选ACDo

10^BC

【解析】

A.因为离子恰好在极板间沿直线运动，所以离子在极板间受到的电场力与受到的洛伦兹力大小相等，贝人

„U

qVoB=]q，

解得：

U=Bv()d,

故A错误；

B.若撤去磁场，离子在电场中做类平抛运动，贝IJ:

卬二孙

12

产5"

解得:

加d

x=-----，

2

故B正确;

CD.若撤去电场，离子在磁场中做圆周运动，则半径为，•二吟，可得:

qB

5d

r=—,

4

由几何关系知：

可得：

x=d；

故C正确，D错误。

故选BCo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、CDACD没有平衡摩擦力或木板的倾角过大或过小

【解析】

（1）由图知：在AB之间，由于相邻计数间的距离不断增大，而打点计时器每隔0.02s打一个点，所以小车做加速运

动.在CD之间相邻计数间距相等，说明小车侦匀速运动.小车离开橡皮筋后做匀速运动，应选用CD段纸带来计算

小车的速度v.求小车获得的速度应选CD段来计算；

（2）该实验中利用相同橡皮筋形变量相同时对小车做功相同，通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整

数倍增加.故A正确，B错误；为保证每根橡皮条对小车做功一样多每次实验中，橡皮筋拉伸的长度必需保持一致，

故C正确；在中学阶段，用打点计时器测量时间时，为有效利用纸带，总是先接通电源后释放纸带，故D正确；故选

ACD.

（3）在该实验中，打点计时器正常工作，纸带足够长，点迹清晰的纸带上并没有出现一段等间距的点，造成这种情况

的原因可能是没有平衡摩擦力或木板的倾角过大或过小.

【点睛】

明确了该实验的实验原理以及实验目的，即可了解具体操作的含义，以及如何进行数据处理；数据处理时注意数学知

识的应用，本题是考查实验操作及数据处理的方法等问题.

【解析】

（D[1]采用“xlO”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大，最后几乎紧挨满偏刻度停下来，说明待测电阻的阻

值较小，为了使欧姆表指针在中值电阻附近读数，减小误差，需更换较小的倍率，更换“X1”挡倍率后需重新调零后再

测量，故AC正确，BD错误；

故选AC；

（2）[2]电源电动势只有3V,故选用电压表X（量程0~3V,内阻很大）；回路中的电流最大电流为

,3

I=­A=100mA

m30

故选用电流表Ai（量程0〜50mA内阻约12Q）,待测电阻阻值远小于电压表内阻，电流表应选外接法，但根据欧姆定

律，若将电阻直接接在电压表两端时，电阻两端最大电压为

U=1A（=50X10-3X30V=1.5V

只是电压表VI量程的一半；若将待测电阻与定值电阻串联，则它们两端电压为

u=，A(凡+H)=50X10-3x(30+50)V=4V

能达到电压表H的量程，为达到测量尽量准确的目的，滑动变阻器采用分压式接法，故选用阻值小的滑动变阻器

电路图如图所示

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)4m/s(1)0.6m(3)30N

【解析】

(1)A球从水平位置摆到最低点，则

解得：vo=4m/s

(1)4与5发生弹性碰撞，则

121212

5%%=5加/人+5机产8

解得：vA=0,VB=4IH/S

8上升至最大高度过程，仄C系统水平方向动量守恒

机”8=(机C+SB)%

B、C系统机械能守恒：J机”；=g(“C+mB雇+而岫,“

解得：vc=lm/s,hm=().6m

(3)B从最高点又摆至最低点过程

(